17 đề thi thử TN THPT 2021 môn hóa THPT yên thế bắc giang lần 1 file word có lời giải chi tiết

SỞ GD&ĐT BẮC GIANG ĐỀ THI THỬ THPTQG LẦN TRƯỜNG THPT YÊN THẾ NĂM HỌC 2020 – 2021 MÔN: HĨA HỌC Thời gian làm bài: 50 phút; khơng kể thời gian phát đề Câu (VD): Xenlulozơ trinitrat điều chế từ axit nitric xenlulozơ (hiệu suất phản ứng 60% tính theo xenlulozơ) Nếu dùng xenlulozơ khối lượng xenlulozơ trinitrat điều chế A 1,10 B 2,97 C 2,20 D 3,67 Câu (NB): Thủy phân etyl fomat dung dịch NaOH đun nóng thu muối sau đây? A HCOONa B C2H3COONa C CH3COONa D C2H5COONa Câu (VD): Cho 4,48 gam hỗn hợp gồm CH 3COOC2H5 CH3COOC6H5 (tỉ lệ mol : 1) tác dụng với 800 ml dung dịch NaOH 0,1M Cô cạn cẩn thận dung dịch sau phản ứng thu m gam rắn Giá trị m A 5,60 B 3,28 C 6,40 D 4,88 Câu (VD): Thủy phân hoàn toàn m gam triolein NaOH thu 9,2 gam glixerol Khối lượng NaOH phản ứng A 16 gam B 12 gam C gam D gam Câu (TH): Thủy phân hoàn toàn 0,1 mol chất X dung dịch NaOH, dung dịch thu tác dụng với dung dịch AgNO3/NH3 dư thu 0,4 mol Ag Chất X A etyl axetat B vinyl fomat C anlyl fomat D vinyl axetat Câu (VD): Khi đốt cháy 8,64 gam hỗn hợp glucozơ saccarozơ cần vừa đủ 0,3 mol O 2, thu CO2 m gam H2O Giá trị m A 3,60 B 4,14 C 5,04 D 7,20 Câu (VD): Cho 5,9 gam amin X (no, đơn chức, mạch hở) tác dụng hết với dung dịch HCl dư, thu 9,55 gam muối Số nguyên tử H phân tử X A B 11 C D Câu (VD): Hỗn hợp M gồm axit cacboxylic X, este Y anđehit Z Để đốt cháy hồn tồn 0,4 mol M cần vừa đủ 26,88 lít O2, sau phản ứng 22,4 lít CO 18 gam nước Các thể tích khí đo đktc Phần trăm theo số mol Z M A 75% B 50% C 25% D 80% Câu (VD): Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp X gồm este no, đơn chức, mạch hở dãy đồng đẳng thu 3,6 gam H2O V lít khí CO2 (đktc) Giá trị V A 4,48 B 3,36 C 2,24 D 1,12 Câu 10 (TH): Cho dung dịch sau: Na2CO3, NaHCO3, KOH, NH4Cl, Na2SO4, CH3NH2 Có dung dịch tác dụng với dung dịch HCl dư sinh sản phẩm khí? A B C D Trang Câu 11 (VD): Trộn lẫn V ml dung dịch NaOH 0,01M với V ml dung dịch HCl 0,03M 2V ml dung dịch Y Giá trị pH dung dịch Y A B C D Câu 12 (VD): Cho m gam glucozơ phản ứng vói lượng dư dung dịch AgNO 3/NH3 thu 21,6 gam Ag Giá trị m A 36 B C 27 D 18 Câu 13 (VD): Xà phịng hóa hồn tồn 22,2 gam hỗn hợp hai este HCOOC 2H5 CH3COOCH3 dung dịch NaOH vừa đủ, thu 21,8 gam muối Số mol HCOOC2H5 CH3COOCH3 A 0,25 0,05 B 0,1 0,2 C 0,15 0,15 D 0,2 0,1 Câu 14 (TH): Tinh thể chất rắn X không màu, vị ngọt, dễ tan nước X có nhiều mía, củ cải đường hoa nốt Trong cơng nghiệp, X chuyển hóa thành chất Y dùng để tráng gương, tráng ruột phích Tên gọi X Y A saccarozơ glucozơ B glucozơ saccarozơ C saccarozơ sobitol D glucozơ fructozơ Câu 15 (TH): Cho dãy dung dịch: MgCl 2, AlCl3, Na2CO3, NaHCO3, NH4Cl, BaCl2 Số chất dãy tác dụng với dung dịch NaOH A B C D C metyl axetat D etyl fomat Câu 16 (NB): Este CH3COOCH3 có tên gọi A etyl axetat B metyl fomat Câu 17 (NB): Chất sau khơng có phản ứng tráng bạc? A Metyl fomat B Natri fomat C Glyxin D Axit fomic Câu 18 (VD): Cho 18 gam glucozơ tráng bạc hoàn toàn, khối lượng bạc thu sau phản ứng A 68,1 gam B 21,6 gam C 10,8 gam D 43,2 gam Câu 19 (VD): Đốt cháy hoàn toàn amin X (no, đơn chức, mạch hở) thu 0,2 mol CO 0,05 mol N2 Công thức phân tử X A C2H7N B C4H11N C C2H5N D C4H9N Câu 20 (TH): Este X tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ thu dung dịch chứa muối Este X A vinyl fomat B benzyl fomat C phenyl fomat D metyl axetat Câu 21 (VD): Trung hịa hồn tồn 1,8 gam axit hữu đơn chức X dung dịch NaOH vừa đủ cô cạn dung dịch sau phản ứng thu 2,46 gam muối khan Công thức cấu tạo axit X A CH2=CHCOOH B CH3CH2COOH C CH3COOH D HCOOH Câu 22 (NB): Dung dịch chất sau khơng làm đổi màu quỳ tím? A metyl amin B axit glutamic C lysin D alanin Câu 23 (NB): Xà phịng hóa hồn tồn a mol triolein dung dịch NaOH (vừa đủ), thu a mol glixerol Trang A a mol natri oleat B 3a mol natri oleat C a mol axit oleic D 3a mol axit oleic Câu 24 (VD): Hịa tan hồn toàn 2,8 gam Fe dung dịch HCl dư, thu V lít khí H (đktc) Giá trị V A 6,72 B 3,36 C 4,48 D 1,12 Câu 25 (TH): Thủy phân hoàn toàn tinh bột, thu monosaccarit X Hiđro hóa X, thu chất hữu Y Hai chất X, Y A glucozơ, axit gluconic B fructozơ, sobitol C saccarozơ, glucozơ D glucozơ, sobitol Câu 26 (NB): Công thức cấu tạo etylmetylamin A C2H5NH2 B (CH3)2NC2H5 C CH3NH2 D CH3NHC2H5 Câu 27 (TH): Phát biểu sau sai? A Không thể nhận biết dung dịch đipeptit tripeptit Cu(OH)2 B Anilin khơng làm đổi màu quỳ tím C Dung dịch lòng trắng trứng tạo kết tủa vàng với dung dịch HNO3 đặc D Dung dịch amin no, mạch hở làm quỳ tím hóa xanh Câu 28 (VD): Cho 90 gam glucozơ lên men rượu với hiệu suất 80%, thu m gam C 2H5OH Giá trị m A 36,8 B 23,0 C 18,4 D 46,0 Câu 29 (TH): Cặp chất sau tác dụng với Cu(OH)2? A tristearin, fructozơ B glixerol, metyl axetat C glyxin, etanol D glucozơ, saccarozơ Câu 30 (TH): Cho phát biểu sau đây: (a) Metylamin chất khí, làm xanh quỳ tím ẩm (b) Các đipeptit khơng hịa tan Cu(OH)2 nhiệt độ thường (c) Axit cacboxylic tạo liên kết hiđro với nước (d) Các chất béo với gốc axit béo không no thường chất lỏng Số phát biểu A B C D Câu 31 (NB): Chất sau tác dụng với KHCO3 sinh khí CO2? A NaCl B HCl C Na2SO4 D K2SO4 Câu 32 (NB): Thủy phân este sau môi trường axit thu hỗn hợp sản phẩm CH 3OH CH3COOH? A metyl propionat B metyl axetat C etyl axetat D metyl fomat Câu 33 (VD): Dung dịch X gồm KHCO3 1M Na2CO3 1M Dung dịch Y gồm H2SO4 1M HCl 1M Nhỏ từ từ 100 ml dung dịch Y vào 200 ml dung dịch X, thu V lít khí CO (đktc) dung dịch E Trang Cho dung dịch Ba(OH)2 tới dư vào dung dịch E, thu m gam kết tủa Biết phản ứng xảy hoàn toàn Giá trị m V A 82,4 1,12 B 82,4 2,24 C 59,1 1,12 D 59,1 2,24 Câu 34 (VD): Chia 0,6 mol hỗn hợp X gồm axit cacboxylic đơn chức ancol đơn chức thành hai phần nhau: - Phần 1: Đốt cháy hoàn toàn thu 39,6 gam CO2 - Phần 2: Đun nóng với H2SO4 đặc thu 10,2 gam este E, hiệu suất 100% Đốt cháy hết E thu 22 gam CO2 gam nước Biết hỗn hợp X, số mol axit nhỏ số mol ancol Công thức axit A HCOOH B CH3COOH C C2H5COOH D C3H7COOH Câu 35 (VD): Đốt cháy hoàn toàn m gam triglixerit X cần vừa đủ 2,31 mol O2, thu H2O 1,65 mol CO2 Cho m gam X tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ, thu glixerol 26,52 gam muối Mặt khác, m gam X tác dụng tối đa với a mol Br2 dung dịch Giá trị a A 0,18 B 0,09 C 0,15 D 0,12 Câu 36 (VDC): X, Y hai axit cacboxylic mạch hở (M X < MY), Z ancol no, T este chức tạo X, Y, Z Đun 38,86 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z, T với 400 ml dung dịch NaOH 1M vừa đủ thu ancol Z hỗn hợp F chứa hai muối có số mol Cho Z vào bình chứa Na dư, thấy bình tăng 19,24 gam thu 5,824 lít H2 (đktc) ngồi bình Đốt hồn tồn hỗn hợp F cần 15,68 lít O (đktc), thu khí CO2, Na2CO3 7,2 gam H2O Phần trăm số mol T E gần với A 30,5% B 52,8% C 18,8% D 22,4% Câu 37 (VD): Hỗn hợp X gồm axit đơn chức A, ancol đơn chức B este E điều chế từ A B Đốt cháy 9,6 gam hỗn hợp X thu 8,64 gam H2O 8,96 lít CO2 (đktc) Biết X B chiếm 50% theo số mol Số mol ancol B 9,6 gam hỗn hợp A 0,09 B 0,06 C 0,08 D 0,075 Câu 38 (VD): Nhỏ từ từ đến hết 200 ml dung dịch X chứa đồng thời H 2SO4 aM HCl 0,15M vào 100 ml dung dịch chứa đồng thời NaOH 0,5M Na 2CO3 0,4M Sau phản ứng xảy hồn tồn, thu 0,448 lít khí (đktc) Giá trị a A 0,2 B 0,4 C 0,3 D 0,1 Câu 39 (VD): Khi thủy phân hết 3,28 gam hỗn hợp X gồm hai este đơn chức, mạch hở cần vừa đủ 0,05 mol NaOH, thu muối hỗn hợp Y gồm hai ancol dãy đồng đẳng Đốt cháy hết Y O2 dư, thu CO2 m gam H2O Giá trị m A 2,16 B 1,26 C 1,71 D 3,06 Câu 40 (VDC): Hỗn hợp E gồm ba este mạch hở tạo axit cacboxylic ancol: X (no, đơn chức); Y (khơng no, đơn chức, phân tử có hai liên kết π) Z (no, hai chức) Cho 0,2 mol E phản ứng vừa đủ với dung dịch NaOH, thu 12,88 gam hỗn hợp ba ancol dãy đồng đẳng 24,28 gam hỗn hợp T gồm ba muối cacboxylat Đốt cháy toàn T cần vừa đủ 0,175 mol O 2, thu Na2CO3, CO2 0,055 mol H2O Phần trăm khối lượng X E có giá trị gần với Trang A 12% B 5% C 9% D 6% Đáp án 1-C 11-D 21-C 31-B 2-A 12-D 22-D 32-B 3-C 13-D 23-B 33-B 4-B 14-A 24-D 34-A 5-B 15-D 25-D 35-B 6-C 16-C 26-D 36-A 7-D 17-C 27-A 37-C 8-B 18-B 28-A 38-A 9-A 19-A 29-D 39-A 10-B 20-C 30-C 40-C LỜI GIẢI CHI TIẾT Câu 1: Đáp án C Phương pháp giải: o H SO4 dac ,t Tính theo PTHH: [C6H7O2(OH)3]n + 3nHNO3 ����� � [C6H7O2(ONO2)3]n + 3nH2O Giải chi tiết: o H SO4 dac ,t [C6H7O2(OH)3]n + 3nHNO3 ����� � [C6H7O2(ONO2)3]n + 3nH2O Theo lý thuyết, 162 xenlulozơ điều chế 297 xenlulozơ trinitrat ⟹ Khi dùng xenlulozơ khối lượng xenlulozơ trinitrat điều chế theo lý thuyết là: mxenlulozơ trinitrat LT = 2.297 = 3,67 162 ⟹ mxenlulozơ trinitrat TT = 3,67.60% = 2,20 Câu 2: Đáp án A Phương pháp giải: Từ tên gọi suy công thức este Viết phản ứng thủy phân este NaOH ⟹ Muối thu Giải chi tiết: CTCT etyl fomat HCOOC2H5 o t HCOOC2H5 + NaOH �� � HCOONa + C2H5OH ⟹ Thu muối HCOONa Câu 3: Đáp án C Phương pháp giải: - Từ khối lượng tỉ lệ mol hỗn hợp suy số mol este hỗn hợp - Tính theo PTHH: CH3COOC2H5 + NaOH → CH3COONa + C2H5OH CH3COOC6H5 + 2NaOH → CH3COONa + C6H5ONa + H2O ⟹ Chất rắn thu sau cô cạn dung dịch gồm CH3COONa, C6H5ONa, chứa NaOH dư Giải chi tiết: nNaOH = 0,8.0,1 = 0,08 mol Trang nCH3COOC2H5 = nCH3COOC6H5 = 4, 48 = 0,02 mol 88  136 CH3COOC2H5 + NaOH → CH3COONa + C2H5OH 0,02 → 0,02 → 0,02 (mol) CH3COOC6H5 + 2NaOH → CH3COONa + C6H5ONa + H2O 0,02 → 0,04 → 0,02 → 0,02 (mol) nNaOH dư = 0,08 - 0,02 - 0,04 = 0,02 mol � CH 3COONa : 0, 02  0, 02  0, 04  mol  � C6 H 5ONa : 0, 02  mol  Chất rắn thu sau cô cạn dung dịch gồm: � �NaOH du : 0, 02  mol  � ⟹ m = 0,04.82 + 0,02.116 + 0,02.40 = 6,4 gam Câu 4: Đáp án B Phương pháp giải: �nchat beo  nglixerol Khi thủy phân chất béo MT kiềm ln có: � �nNaOH / KOH  3nchat beo  3nglixerol Giải chi tiết: nglixerol = 9,2/92 = 0,1 mol ⟹ nNaOH = 3nglixerol = 3.0,1 = 0,3 mol ⟹ m = 0,3.40 = 12 gam Câu 5: Đáp án B Phương pháp giải: Chất có phản ứng tráng gương chất chứa nhóm -CHO phân tử Một số loại chất thường gặp: - Anđehit - Glucozơ, Fructozơ (vì chuyển thành glucozơ MT kiềm) - Các chất có đầu HCOO- (axit, este, muối) Giải chi tiết: X vinyl fomat (HCOOCH=CH2) HCOOCH=CH2 + NaOH → HCOONa + CH3CHO 0,1 → 0,1 → 0,1 (mol) HCOONa → 2Ag 0,1 → 0,2 (mol) CH3CHO → 2Ag 0,1 → 0,2 (mol) ⟹ nAg = 0,2 + 0,2 = 0,4 mol Câu 6: Đáp án C Phương pháp giải: Trang Khi đốt cháy cacbohiđrat ln có: nO2  nCO2 (HS tự chứng minh cách viết PTHH) Giải chi tiết: Khi đốt cháy cacbohiđrat ln có: nO2 = nCO2 = 0,3 mol BTKL: mH2O = mcacbohidrat + mO2 - mCO2 = 8,64 + 0,3.32 - 0,3.44 = 5,04 gam Câu 7: Đáp án D Phương pháp giải: Cơng thức phân tử X có dạng CnH2n+3N (n ≥ 1) Sơ đồ phản ứng: Amin X + HCl → Muối ⟹ BTKL: mHCl = mmuối - mX ⟹ nX = nHCl ⟹ MX ⟹ n ⟹ Số nguyên tử H phân tử X Giải chi tiết: - Sơ đồ phản ứng: Amin X + HCl → Muối ⟹ BTKL: mHCl = mmuối - mX = 9,55 - 5,9 = 3,65 gam ⟹ nHCl = 3,65/36,5 = 0,1 mol Do X amin đơn chức nên nX = nHCl = 0,1 mol ⟹ MX = 5,9/0,1 = 59 g/mol - Cơng thức phân tử X có dạng CnH2n+3N (n ≥ 1) ⟹ 14n + 17 = 59 ⟹ n = ⟹ CTPT X C3H9N ⟹ Trong phân tử X có nguyên tử H Câu 8: Đáp án B Phương pháp giải: So sánh thấy nCO2 = nH2O ⟹ X, Y, Z hợp chất no, đơn chức, mạch hở (X, Y chứa 2O; Z chứa 1O) BTNT O ⟹ Số mol oxi M ⟹ Số mol Z ⟹ %nZ Giải chi tiết: nO2 = 26,88/22,4 = 1,2 mol nCO2 = 22,4/22,4 = mol nH2O = 18/18 = mol Ta thấy nCO2 = nH2O ⟹ X, Y, Z hợp chất no, đơn chức, mạch hở (X, Y chứa 2O; Z chứa 1O) BTNT O: nO (M) = 2nCO2 + nH2O - 2nO2 = 2.1 + - 2.1,2 = 0,6 mol Đặt nX + nY = a mol; nZ = b mol �a  b  nM  0, ⟹� ⟹ a = b = 0,2 �2a  b  nO ( M )  0, ⟹ %nZ = (0,2/0,4).100% = 50% Câu 9: Đáp án A Phương pháp giải: Đốt cháy este no đơn chức, mạch hở ln có: nCO2 = nH2O Trang Giải chi tiết: Đốt cháy este no đơn chức, mạch hở ln có: nCO2 = nH2O = 3,6/18 = 0,2 mol ⟹ V = 0,2.22,4 = 4,48 lít Câu 10: Đáp án B Phương pháp giải: Giải chi tiết: Có dung dịch tác dụng với HCl dư sinh sản phẩm khí Na2CO3 NaHCO3 Na2CO3 + 2HCl → 2NaCl + H2O + CO2 ↑ NaHCO3 + HCl → NaCl + H2O + CO2 ↑ Câu 11: Đáp án D Phương pháp giải: Tính nH+, nOH- ⟹ Số mol ion dư ⟹ Nồng độ ion dư dung dịch Y ⟹ pH Giải chi tiết: nH+ = 0,03 0,001V = 3.10-5V (mol) nOH-= 0,01 0,001V = 10-5V (mol) PT ion thu gọn: H+ + OH- → H2O ⟹ nH+dư = 3.10-5V - 10-5V = 2.10-5V (mol) nH  du 2.105V  � H    0, 01 M  ⟹ � � � V 2V 103 dd Y ⟹ pH = -log[H+] = -log(0,01) = Câu 12: Đáp án D Phương pháp giải: Ghi nhớ sơ đồ: Glucozơ → 2Ag Giải chi tiết: Sơ đồ phản ứng: Glucozơ → Ag (do glucozơ có nhóm -CHO) nAg = 21,6/108 = 0,2 mol ⟹ nglucozơ = nAg/2 = 0,2/2 = 0,1 mol ⟹ mglucozơ = 0,1.180 = 18 gam Câu 13: Đáp án D Phương pháp giải: Đặt nHCOOC2H5 = x mol; nCH3COOCH3 = y mol Lập hệ PT tìm x y dựa vào: - Tổng khối lượng hai este - Tổng khối lượng hai muối Giải chi tiết: Đặt nHCOOC2H5 = x mol; nCH3COOCH3 = y mol Trang ⟹ 74x + 74y = 22,2 (1) HCOOC2H5 + NaOH → HCOONa + C2H5OH x mol → x mol CH3COOCH3 + NaOH → CH3COONa + CH3OH y mol → y mol mmuối = mHCOONa + mCH3COONa ⟹ 68x + 82y = 21,8 (2) Từ (1)(2) ⟹ x = 0,2; y = 0,1 Vậy số mol HCOOC2H5 CH3COOCH3 0,2 0,1 Câu 14: Đáp án A Phương pháp giải: Lý thuyết tổng hợp cacbohiđrat Giải chi tiết: - X có nhiều mía, củ cải đường hoa nốt ⟹ X saccarozơ - X chuyển hóa thành chất Y dùng để tráng gương, tráng ruột phích ⟹ Y glucozơ Câu 15: Đáp án D Phương pháp giải: Điều kiện xảy phản ứng trao đổi ion dung dịch: sản phẩm có chất kết tủa chất bay chất điện li yếu Giải chi tiết: Có dung dịch có phản ứng với NaOH: - MgCl2: MgCl2 + 2NaOH → Mg(OH)2 ↓ + 2NaCl - AlCl3: AlCl3 + 3NaOH → Αl(OH)3 ↓ + 3NaCl Αl(OH)3 + NaOH → NaAlO2 + 2H2O - NaHCO3: NaHCO3 + NaOH → Na2CO3 + H2O - NH4Cl: NH4Cl + NaOH → NaCl + NH3 ↑ + H2O Câu 16: Đáp án C Phương pháp giải: Cách gọi tên este: Tên gọi este RCOOR' = Tên gốc R' + tên gốc axit (đuôi "at") Giải chi tiết: Este CH3COOCH3 có tên gọi metyl axetat Câu 17: Đáp án C Phương pháp giải: Chất có phản ứng tráng gương chất chứa nhóm -CHO phân tử Một số loại chất thường gặp: - Anđehit - Glucozơ, Fructozơ (vì chuyển thành glucozơ MT kiềm) - Các chất có đầu HCOO- (axit, este, muối) Trang Giải chi tiết: Metyl fomat (HCOOCH3), natri fomat (HCOONa), axit fomic (HCOOH) có đầu HCOO- ⟹ có phản ứng tráng bạc Glyxin (NH2CH2COOH) khơng có phản ứng tráng bạc Câu 18: Đáp án B Phương pháp giải: Ghi nhớ sơ đồ: Glucozơ → 2Ag Giải chi tiết: Sơ đồ phản ứng: Glucozơ → Ag (do glucozơ có nhóm -CHO) nglucozơ = 18/180 = 0,1 mol ⟹ nAg = 2nglucozơ = 0,1 = 0,2 mol ⟹ mAg = 0,2.108 = 21,6 gam Câu 19: Đáp án A Phương pháp giải: Công thức tổng quát amin no, đơn chức, mạch hở CnH2n+3N Giải chi tiết: Gọi công thức phân tử amin X CnH2n+3N BTNT C: nC = nCO2 = 0,2 mol BTNT N: nN = 2nN2 = 0,05 = 0,1 mol Dựa vào CTPT ⟹ n  nC 0,   :1 nN 0,1 ⟹ Vậy CTPT X C2H7N Câu 20: Đáp án C Phương pháp giải: Este đơn chức tác dụng với NaOH sinh muối ⟹ Este đơn chức hợp chất phenol Giải chi tiết: Este đơn chức tác dụng với NaOH sinh muối ⟹ Este đơn chức hợp chất phenol ⟹ Chất thỏa mãn chất Phenyl fomat (HCOOC6H5) PTHH: HCOOC6H5 + 2NaOH → HCOONa + C6H5ONa + H2O Câu 21: Đáp án C Phương pháp giải: Gọi CTTQ axit X RCOOH RCOOH + NaOH → RCOONa + H2O Từ nRCOOH = nRCOONa ⟹ R ⟹ Công thức X Giải chi tiết: Gọi CTTQ axit X RCOOH Trang 10 RCOOH + NaOH → RCOONa + H2O nRCOOH = 1,8 mol R  45 nRCOONa = 2, 46 mol R  67 Theo PTHH: nRCOOH = nRCOONa ⟹ 1,8 2, 46  ⟹ R = 15 ⟹ R CH3 R  45 R  67 Vậy X CH3COOH Câu 22: Đáp án D Phương pháp giải: Sự đổi màu quỳ tím gặp amin, amino axit: *Amin: - Amin có nguyên tử N gắn trực tiếp với vịng benzen có tính bazơ yếu, khơng làm đổi màu quỳ tím - Các amin khác làm quỳ tím chuyển xanh *Amino axit: - Số nhóm NH2 = số nhóm COOH ⟹ Khơng làm đổi màu quỳ tím - Số nhóm NH2 > số nhóm COOH ⟹ Làm quỳ tím hóa xanh (VD: Lysin) - Số nhóm NH2 < số nhóm COOH ⟹ Làm quỳ tím hóa đỏ (VD: Axit glutamic) Giải chi tiết: Alanin có CTPT CH3CH(NH2)COOH, có nhóm NH2 nhóm COOH nên khơng làm đổi màu quỳ tím Câu 23: Đáp án B Phương pháp giải: Lý thuyết lipit - chất béo Giải chi tiết: Phản ứng xà phịng hóa triolein NaOH đun nóng: (C17H33COO)3C3H5 (triolein) + 3NaOH → 3C17H33COONa (natri oleat) + C3H5(OH)3 (glixerol) a mol → 3a mol → a mol ⟹ Thu a mol glixerol 3a mol natri oleat Câu 24: Đáp án D Phương pháp giải: Tính theo PTHH: Fe + 2HCl → FeCl2 + H2 Giải chi tiết: nFe = 2,8/56 = 0,05 mol Fe + 2HCl → FeCl2 + H2 0,05 → 0,05 (mol) Trang 11 ⟹ V = 0,05 22,4 = 1,12 lít Câu 25: Đáp án D Phương pháp giải: Lý thuyết tổng hợp Cacbohiđrat Giải chi tiết:  o H ,t (C6H10O5)n + nH2O ��� � nC6H12O6 (X) tinh bột glucozơ o Ni ,t C6H12O6 (X) + H2 ��� � C6H14O6 (Y) glucozơ sobitol Vậy X glucozơ, Y sobitol Câu 26: Đáp án D Phương pháp giải: Lý thuyết amin Giải chi tiết: Công thức cấu tạo etylmetylamin CH3NHC2H5 Câu 27: Đáp án A Phương pháp giải: Lý thuyết tổng hợp chương 3: Amin - amino axit - protein Giải chi tiết: A sai, nhận biết dung dịch đipeptit tripeptit Cu(OH) peptit có từ liên kết peptit trở lên (tripeptit trở lên) có phản ứng màu biure với Cu(OH) tạo phức chất màu tím cịn đipeptit khơng có phản ứng Câu 28: Đáp án A Phương pháp giải: Phản ứng lên men rượu: C6H12O6 → 2C2H5OH + 2CO2 nC2H5OH LT = 2nC6H12O6 (ban đầu) nC2H5OH TT = nC2H5OH LT H% Giải chi tiết: nglucozơ = 90/180 = 0,5 mol Phản ứng lên men rượu: C6H12O6 → 2C2H5OH + 2CO2 ⟹ nC2H5OH LT = 2nC6H12O6 = 0,5 = mol ⟹ nC2H5OH TT = nC2H5OH LT H% = 80% = 0,8 mol ⟹ m = 0,8.46 = 36,8 gam Câu 29: Đáp án D Phương pháp giải: Trang 12 Những chất có nhóm -OH đính vào ngun tử cacbon cạnh hịa tan Cu(OH) tạo dung dịch xanh lam Giải chi tiết: Những chất có nhóm -OH đính vào ngun tử cacbon cạnh hịa tan Cu(OH) tạo dung dịch xanh lam A loại tristearin B loại metyl axetat C loại etanol D thỏa mãn Câu 30: Đáp án C Phương pháp giải: Giải chi tiết: (a) đúng, metyl amin (CH3NH2) chất khí, có tính bazơ ⟹ làm xanh quỳ tím ẩm (b) đúng, peptit có từ liên kết peptit trở lên (tripeptit) hòa tan Cu(OH)2 (c) đúng, axit cacboxylic tạo liên kết hiđro với nước (tính chất vật lí axit cacboxylic) (d) đúng, chất béo với gốc axit béo không no thường chất lỏng (tính chất vật lí chất béo) Vậy phát biểu Câu 31: Đáp án B Phương pháp giải: Lý thuyết hợp chất kim loại kiềm Giải chi tiết: KHCO3 + HCl → KCl + H2O + CO2 ↑ Câu 32: Đáp án B Phương pháp giải: Lý thuyết este Giải chi tiết: Thủy phân metyl axetat (CH3COOCH3) môi trường axit thu hỗn hợp sản phẩm CH 3OH CH3COOH  o H ,t ��� � CH3COOH + CH3OH CH3COOCH3 + H2O ��� � Câu 33: Đáp án B Phương pháp giải: - Nhỏ từ từ H+ vào dung dịch CO32- + HCO3- xảy phản ứng theo thứ tự: H+ + CO32- → HCO3H+ + HCO3- → CO2 ↑ + H2O - Cho dung dịch Ba(OH)2 vào dung dịch E xảy phản ứng: HCO3- + OH- → CO32- + H2O Trang 13 Ba2+ + CO32- → BaCO3 ↓ Ba2+ + SO42- → BaSO4 ↓ Giải chi tiết: nH+ = 0,3 mol nCO32- = 0,2 mol nHCO3- = 0,2 mol - Nhỏ từ từ H+ vào dung dịch CO32- + HCO3- xảy phản ứng theo thứ tự: H+ + CO32- → HCO30,2 ← 0,2 → 0,2 (mol) H+ + HCO3- → CO2 ↑ + H2O 0,3 - 0,2 → 0,1 → 0,1 (mol) ⟹ V = 0,1.22,4 = 2,24 lít  �HCO3 : 0,  0,  0,1  0,3  mol  - Trong thành phần dung dịch E có � 2 �SO4 : 0,1 mol  - Cho dung dịch Ba(OH)2 dư vào dung dịch E xảy phản ứng: HCO3- + OH- → CO32- + H2O Ba2+ + CO32- → BaCO3 ↓ Ba2+ + SO42- → BaSO4 ↓ ⟹ nBaCO3 = nHCO3- = 0,3 mol nBaSO4 = nSO42- = 0,1 mol ⟹ m = 0,3.197 + 0,1.233 = 82,4 gam Câu 34: Đáp án A Phương pháp giải: - Xét phần 2: So sánh thấy nCO2 = nH2O ⟹ E este no, đơn chức, mạch hở Từ nCO2 ⟹ nC; nH2O ⟹ nH BTKL: mO(E) = mE - mC - mH ⟹ nO(E) ⟹ nE = nO(E) / ⟹ CTPT E Số mol axit nhỏ số mol ancol ⟹ naxit = neste; nancol = nhỗn hợp - naxit Bảo toàn nguyên tố C ⟹ số C axit ancol ⟹ CT axit, ancol Giải chi tiết: - Xét phần 2: Ta thấy: nCO2 = nH2O = 0,5 mol ⟹ E este no, đơn chức, mạch hở BTNT C: nC = nCO2 = 0,5 mol BTNT H: nH = 2nH2O = mol BTKL: nO(E) = 10,  0,5.12  = 0,2 mol 16 Trang 14 Mà E este đơn chức nên có chứa 2O ⟹ nE = ½.nO(E) = 0,1 mol ⟹ Số C E = 0,5/0,1 = ⟹ E C5H10O2 - Xét phần 1: n ½ hỗn hợp X = 0,3 mol Do số mol axit nhỏ số mol ancol ⟹ naxit = neste = 0,1 mol ⟹ nancol = 0,3 - 0,1 = 0,2 mol ⟹ nancol dư = 0,2 - 0,1 = 0,1 mol Số mol CO2 chênh lệch phần ancol dư gây Số C ancol = 0, = ⟹ Ancol C4H9OH 0,1 ⟹ Công thức axit HCOOH Câu 35: Đáp án B Phương pháp giải: - Cơng thức tính nhanh đốt cháy chất béo: nCB  nCO2  nH 2O k 1 (với k độ bất bão hòa chất béo) - Số mol Br2 phản ứng tối đa với chất béo: nBr2  (k  3).n CB �nchat beo  nglixerol Khi thủy phân chất béo MT kiềm ln có: � �nNaOH / KOH  3nchat beo  3nglixerol Giải chi tiết: Đặt nX = a (mol) ⟹ nO (X) = 6a (mol) - Khi đốt cháy X: BTNT O: nH2O = nO (X) + 2nO2 - 2nCO2 = 6a + 2.2,31 - 2.1,65 = 6a + 1,32 (mol) BTKL: mX = mCO2 + mH2O - mO2 = 1,65.44 + (6a + 1,32).18 - 2,31.32 = 108a + 22,44 (g) - Khi X + NaOH: nNaOH = 3nX = 3a (mol) nglixerol = nX = a (mol) BTKL: mX + mNaOH = mmuối + mglixerol ⟹ 108a + 22,44 + 3a.40 = 26,52 + 92a ⟹ a = 0,03 mol ⟹ nH2O = 6.0,03 + 1,32 = 1,5 mol - Khi đốt chất béo X: nX  ⟹k= nCO2  nH 2O k 1 (với k độ bất bão hòa chất béo) 1, 65  1,5 1 = 0, 03 ⟹ nBr2 = (k - 3).nX = (6 - 3).0,03 = 0,09 mol Câu 36: Đáp án A Trang 15 Phương pháp giải: T este hai chức, mạch hở, tạo từ axit ancol nên X, Y đơn chức Z ancol chức - Đặt Z CnH2n+2O2 (n ≥ 2) Khi ancol chức tác dụng với NaOH: nancol = nH2 Mà mbình tăng = mancol - mH2 ⟹ mancol Tính Mancol ⟹ Cơng thức ancol - Muối có dạng RCOONa BTNT H: nH(muối) = 2nH2O → Số H trung bình = → muối HCOONa Mà muối có số mol → HCOONa CnH3COONa 2HCOONa + O2 → Na2CO3 + CO2 + H2O 2CnH3COONa + (2n + 2)O2 → Na2CO3 + (2n + 1)CO2 + 3H2O Từ số mol O2 ⟹ giá trị n ⟹ công thức X, Y, T �Axit � - Quy đổi E thành E': �Ancol (với nH2O = -2neste) �H O �2 Từ khối lượng E → nH2O(E') Tính số mol chất hỗn hợp E ban đầu: +) nT(E) = -nH2O(E')/2 +) nX,Y(E) = naxit(E') - 2nT +) nZ(E) = nancol(E') - nT Giải chi tiết: T este hai chức, mạch hở, tạo từ axit ancol nên X, Y đơn chức Z ancol chức - Đặt Z CnH2n+2O2 (n ≥ 2) Khi ancol chức tác dụng với NaOH: nancol = nH2 = 0,26 mol Mà mancol = mbình tăng + mH2 = 19,24 + 2.0,26 = 19,76 gam → Mancol = 14n + 34 = 19,76/0,26 = 76 → n = → Z C3H6(OH)2 - Muối có dạng RCOONa (0,4 mol) nH(muối) = 2nH2O = 0,8 → Số H trung bình = 0,8/0,4 = → muối HCOONa Mà muối có số mol → HCOONa (0,2 mol) CnH3COONa (0,2 mol) 2HCOONa + O2 → Na2CO3 + CO2 + H2O 0,2 → 0,1 2CnH3COONa + (2n + 2)O2 → Na2CO3 + (2n + 1)CO2 + 3H2O 0,2 → 0,2(n + 1) → nO2 = 0,2(n + 1) + 0,1 = 0,7 → n = Vậy X, Y HCOOH CH2=CH-COOH → T HCOO-C3H6-OOC-CH=CH2 Trang 16 �HCOOH  0,  � CH  CH  COOH  0,  � - Quy đổi E thành: E � � C3 H  OH   0, 26  � � �H 2O : a Ta có: mE = 38,86 → 0,2.46 + 0,2.72 + 0,26.76 - 18a = 38,86 → a = 0,25 Tính số mol chất hỗn hợp E ban đầu: +) nT(E) = -nH2O(E')/2 = 0,25/2 = 0,125 +) nX,Y(E) = naxit(E') - 2nT = (0,2 + 0,2 - 2.0,125) = 0,15 mol +) nZ(E) = nancol(E') - nT = 0,26 - 0,125 = 0,135 mol → %nT(E) = 0,125 100% = 30,49% gần với 30,5% 0,125  0,15  0,135 Câu 37: Đáp án C Phương pháp giải: Áp dụng BTNT C, H: nH2O ⟹ nH; nCO2 ⟹ nC X chứa nguyên tố C, H, O ⟹ mO (X) = mX - mC - mH Trong X B chiếm 50% theo số mol nên giả sử nB = nA + nE = t (mol) Trong phân tử A E chứa 2O; phân tử B chứa 1O Từ số mol nguyên tố O hỗn hợp ⟹ giá trị t Giải chi tiết: nH2O = 8,64/18 = 0,48 mol ⟹ nH = 2nH2O = 0,96 mol nCO2 = 8,96/22,4 = 0,4 mol ⟹ nC = nCO2 = 0,4 mol X chứa nguyên tố C, H, O ⟹ mO (X) = mX - mC - mH = 9,6 - 0,96 - 0,4.12 = 3,84 gam ⟹ nO (X) = 3,84/16 = 0,24 mol Trong X B chiếm 50% theo số mol nên giả sử nB = nA + nE = t (mol) Trong phân tử A E chứa 2O; phân tử B chứa 1O ⟹ 2t + t = 0,24 ⟹ t = 0,08 mol ⟹ nB = t = 0,08 mol Câu 38: Đáp án A Phương pháp giải: Nhỏ từ từ H+ vào dung dịch CO32-, OH- xảy phản ứng theo thứ tự: H+ + OH- → H2O H+ + CO32- → HCO3H+ + HCO3- → CO2 ↑ + H2O Giải chi tiết: nOH- = nNaOH = 0,1.0,5 = 0,05 mol nCO32- = nNa2CO3 = 0,1.0,4 = 0,04 mol Trang 17 nCO2 = 0,448/22,4 = 0,02 mol - Nhỏ từ từ H+ vào dung dịch CO32-, OH- xảy phản ứng theo thứ tự: H+ + OH- → H2O 0,05 ← 0,05 H+ + CO32- → HCO30,04 ← 0,04 H+ + HCO3- → CO2 ↑ + H2O 0,02 ← 0,02 ⟹ nH+ = 0,05 + 0,04 + 0,02 = 0,11 mol ⟹ 0,2 2a + 0,2 0,15 = 0,11 ⟹ a = 0,2 Câu 39: Đáp án A Phương pháp giải: Tính M X = 65,6 ⟹ X có chứa este có M < 65,6 ⟹ Este HCOOCH3 (M = 60) ⟹ Muối thu sau thủy phân HCOONa CH 3OH � Sử dụng phương pháp đồng đẳng hóa quy đổi hỗn hợp Y thành � CH � Giải chi tiết: Ta có M X = 3,28/0,05 = 65,6 ⟹ X có chứa este có M < 65,6 ⟹ Este HCOOCH3 (M = 60) ⟹ Muối thu sau thủy phân HCOONa ancol ancol no, đơn chức, mạch hở Ta có nHCOONa = nNaOH = nhh ancol = 0,05 mol BTKL: mY = mX + mNaOH - mHCOONa = 3,28 + 0,05.40 - 0,05.68 = 1,88 gam � CH OH : 0, 05  mol  � Quy đổi hỗn hợp Y thành: � (phương pháp đồng đẳng hóa) 1,88  0, 05.32 CH :  0, 02  mol  � � 14 BTNT H: nH2O = 0, 05.4  0, 02.2 = 0,12 mol ⟹ m = 0,12.18 = 2,16 gam Câu 40: Đáp án C Phương pháp giải: *Ba ancol thu dãy đồng đẳng ⟹ Ancol no, đơn chức, mạch hở ⟹ nmuối T = nE *Khi đốt cháy T: Đặt nNa2CO3 = x mol; nCO2 = y mol Lập hệ PT tìm x y dựa vào BTKL BTNT O *Xét thành phần hỗn hợp muối T gồm hai muối đơn chức muối chức Đặt nmuối chức = a mol; nmuối chức = b mol Lập hệ PT tìm a b dựa vào tổng số mol muối BTNT Na Trang 18 Tính số H trung bình để tìm CTCT muối * Quy đổi 12,88 gam ancol thành CH3OH CH2 Ghép với cơng thức muối để tìm công thức este ban đầu ⟹ %mX Giải chi tiết: *Ba ancol thu dãy đồng đẳng ⟹ Ancol no, đơn chức, mạch hở ⟹ nmuối T = nE = 0,2 mol *Khi đốt cháy T: - Đặt nNa2CO3 = x mol; nCO2 = y mol - BTKL: mT + mO2 = mNa2CO3 + mCO2 + mH2O ⟹ 106x + 44y = 24,28 + 0,175.32 - 0,055.18 = 28,89 (1) - BTNT Na: nCOONa(T) = 2nNa2CO3 = 2x (mol) ⟹ nO(T) = 4x (mol) BTNT O: nO(T) + 2nO2 = 3nNa2CO3 + 2nCO2 + nH2O ⟹ 4x + 2.0,175 = 3x + 2y + 0,055 ⟹ -x + 2y = 0,295 (2) - Từ (1)(2) ⟹ x = 0,175 mol; y = 0,235 mol *Xét thành phần hỗn hợp muối T gồm hai muối đơn chức muối chức - Đặt nmuối chức = a mol; nmuối chức = b mol a  b  nT  0, a  0, 05 � � �� ⟹� a  2b  nCOONa  2.0,175  0,35 � b  0,15 � +) Số H trung bình hỗn hợp muối: nH O nT  2.0, 055  0,55 0, ⟹ Trong T có muối khơng chứa ngun tử H ⟹ (COONa)2 (0,15 mol) +) Số H trung bình hai muối đơn chức = 0,11/0,05 = 2,2 ⟹ Một muối đơn chức HCOONa - Muối tạo este Y muối đơn chức, khơng no có liên kết đơi C=C ⟹ CTTQ có dạng CnH2n-1COONa hay Cn+1H2n-1O2Na Đặt nmuối tạo Y = t (mol) ⟹ nHCOONa = 0,05 - t (mol) � t (n  1)  (0,05  t )  0,175  0, 235 0,15.2  0,11  BT : C  ⟹� t (2n  1)  (0, 05  t )  0,11 BT : H  � �nt  0, 06 �n  ⟹� ⟹� t  0, 03 �2nt  2t  0, 06 � �HCOONa : 0, 02  mol  � C2 H 3COONa : 0, 03  mol  Vậy hỗn hợp muối T gồm � � (COONa) : 0,15  mol  � Trang 19 *Quy đổi 12,88 gam ancol thành CH3OH (0,35 mol) CH2 (0,12 mol) �X : HCOOCH pCH  0, 02  � Y : CH  CHCOOCH 3.qCH  0, 03  � �Z :  COOCH  mCH  0,15  2 � Ta có: nCH2 = 0,02p + 0,03q + 0,15m = 0,12 → m = nghiệm Để có ancol p ≠ q ≠ nên p = q = nghiệm Vậy: X HCOOC4H9 (0,02 mol) Y CH2 = CHCOOC3H7 (0,03 mol) Z (COOCH3)2 (0,15 mol) Vậy %mX = 8,81% gần với 9% Trang 20 ... Trang A 12 % B 5% C 9% D 6% Đáp án 1- C 11 -D 21- C 31- B 2-A 12 -D 22-D 32-B 3-C 13 -D 23-B 33-B 4-B 14 -A 24-D 34-A 5-B 15 -D 25-D 35-B 6-C 16 -C 26-D 36-A 7-D 17 - C 27-A 37-C 8-B 18 -B 28-A 38-A 9-A 19 -A... Giải chi tiết: Sơ đồ phản ứng: Glucozơ → Ag (do glucozơ có nhóm -CHO) nAg = 21, 6 /10 8 = 0,2 mol ⟹ nglucozơ = nAg/2 = 0,2/2 = 0 ,1 mol ⟹ mglucozơ = 0 ,1. 180 = 18 gam Câu 13 : Đáp án D Phương pháp giải: ... pháp giải: Ghi nhớ sơ đồ: Glucozơ → 2Ag Giải chi tiết: Sơ đồ phản ứng: Glucozơ → Ag (do glucozơ có nhóm -CHO) nglucozơ = 18 /18 0 = 0 ,1 mol ⟹ nAg = 2nglucozơ = 0 ,1 = 0,2 mol ⟹ mAg = 0,2 .10 8 = 21, 6