Xin giới thiệu tới các bạn học sinh, sinh viên Đề thi thử tuyển sinh Đại học năm 2014 lần 1 môn Toán (khối A, A1, B) của Trường THPT chuyên Nguyễn Quang Diêu. Đề thi gồm có hai phần thi là phần chung và phần riêng cùng với phần nâng cao với các câu hỏi tự luận có kèm đáp án và hướng dẫn giải chi tiết.
SỞ GD & ĐT ĐỒNG THÁP THPT Chun Nguyễn Quang Diêu ĐỀ THI THỬ TUYỂN SINH ĐẠI HỌC NĂM 2014 LẦN 1 Mơn: TỐN; Khối A + A1 + B Thời gian làm bài: 180 phút, khơng kể thời gian phát đề ĐỀ CHÍNH THỨC I. PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH (7,0 điểm) Câu 1 (2,0 điểm). Cho hàm số y = - x + x 2 + 3m ( m + ) x + 1 (1), với m là tham số thực. a) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị của hàm số (1) m = 0 b) Tìm m để đồ thị hàm số (1) có hai điểm cực trị đối xứng nhau qua điểm I (1;3 ) Câu 2 (1,0 điểm). Giải phương trình cos x + tan x = + tan x sin x ìï x + xy + y + x + y - = Câu 3 (1,0 điểm). Giải hệ phương trình í ( x , y Ỵ ¡ ) ïỵ8 - x + y - = 1 x 3 dx Câu 4 (1,0 điểm). Tính tích phân I = ò 0 x + x 4 + Câu 5 (1,0 điểm). Cho hình lăng trụ ABCD A ' B ' C ' D ' có đáy ABCD là hình vng cạnh a , cạnh bên AA ' = a , hình chiếu vng góc của A ' trên mặt phẳng ( ABCD ) trùng với trung điểm I AB Gọi K là trung điểm của BC Tính theo a thể tích khối chóp A '.IKD và khoảng cách từ I đến mặt phẳng ( A ' KD ) Câu 6 (1,0 điểm). Cho các số thực dương x , y, z thỏa mãn x + y + z £ Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu 2 2 x y z 1 thức P = + + + + + y z x x y z II. PHẦN RIÊNG (3,0 điểm): Thí sinh chỉ được làm một trong hai phần (phần A hoặc B) A. Theo chương trình Chuẩn Câu 7.a (1.0 điểm). Trong mặt phẳng với hệ trục tọa độ (Oxy ) , cho hình chữ nhật ABCD có đường chéo AC : x + y - = 0 Điểm M (0; 4) nằm trên cạnh BC Xác định tọa độ các đỉnh của hình chữ nhật đã cho biết rằng diện tích của hình chữ nhật đó bằng , đường thẳng CD đi qua N (2;8) và đỉnh C có tung độ là một số ngun. Câu 8.a (1.0 điểm). Trong khơng gian với hệ tọa độ Oxyz , cho mặt phẳng (P ) : x + y + z + = 0 và hai uuur uuur điểm A(3;1;1), B (7;3; 9) Tìm trên mặt phẳng (P ) điểm M sao cho MA + MB đạt giá trị nhỏ nhất. Câu 9.a (1.0 điểm). Trong một chiếc hộp có 6 viên bi đỏ, 5 viên bi vàng và 4 viên bi trắng. Lấy ngẫu nhiên trong hộp ra 4 viên bi. Tính xác suất để trong 4 bi lấy ra khơng có đủ cả ba màu. B. Theo chương trình Nâng cao Câu 7.b (1.0 điểm) Trong mặt phẳng với hệ trục tọa độ (Oxy ) , cho hình chữ nhật ABCD Hai điểm B, C thuộc trục tung. Phương trình đường chéo AC : 3x + y - 16 = 0 Xác định tọa độ các đỉnh của hình chữ nhật đã cho biết rằng bán kính đường trịn nội tiếp tam giác ACD bằng 1. x -1 y + z -1 Câu 8.b (1.0 điểm) Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho đường thẳng (D) : và = = - 2 hai điểm A(2;1;1); B (1;1; 0) Tìm điểm M thuộc (D ) sao cho tam giác AMB có diện tích nhỏ nhất. 1+ lg( x + y ) = 50 ïì10 Câu 9.b (1.0 điểm). Giải hệ phương trình í ïỵ lg( x - y ) + lg( x + y ) = - lg Hết Cảm ơn thầy Huỳnh Chí Hào chủ nhân http://www.boxmath.vn đã gửi tới www.laisac.page.tl SỞ GD&ĐT ĐỒNG THÁP ĐÁP ÁN – THANG ĐIỂM ĐỀ THI THỬ TUYỂN SINH ĐẠI HỌC NĂM 2014 ĐỀ CHÍNH THỨC Mơn: TỐN; Khối A, A1 và khối B (Đáp án – thang điểm gồm 06 trang) Câu 1 (2,0 điểm) Đáp án a. (1,0 điểm) Khi m = 0 ta có y = - x + x + · Tập xác định: D = ¡ · Sự biến thiên: - Chiều biến thiên: y ' = -3x + x ; y ' = Û x = 0 x = 2 Khoảng đồng biến: (0;2) ; các khoảng nghịch biến: (-¥ ; 0) (2; +¥) Điểm 0,25 0,25 - Cực trị: Hàm số đạt cực tiểu tại x = 0; yCT = 1 ; đạt cực đại tại x = 2, yCĐ = - Giới hạn: lim y = +¥ lim y = -Ơ x đ-Ơ x đ+Ơ - Bảng biến thiên: 0,25 x y' y -¥ - 0 + +¥ +¥ - -¥ 0,25 · Đồ thị: b. (1,0 điểm) Ta có: y ' = -3x + x + 3m + 6m 0,25 é x = -m y ' = Û x - x - m (m + 2) = Û ê ë x = m + Hàm số có hai cực trị Û y ' = 0 có hai nghiệm phân biệt Û m + ¹ - m Û m ¹ - 1 Với x = - m Þ y = -2 m - 3m + 1 0,25 0,25 Với x = m + Þ y = m + m + 12 m + 5 ( ) ( Tọa độ hai điểm cực trị là A -m; -2m - 3m + 1 B m + 2; m + m + 12m + 5 ém = ïì x + xB = xI I (1;3 ) là trung điểm của AB Û í A Û 6m + 12m = Û ê ï y A + yB = yI ë m = -2 ỵ Vậy giá trị m cần tìm là m = 0, m = - 2 Điều kiện: cos x ¹ 0 2 (1,0 điểm) Phương trình đã cho tương đương với cos2 x + sin x = cos x + sin x ) 0,25 0,25 Û (cos x - sin x )(cos x + sin x - 1) = 0 cos x - sin x = Û tan x = Û x = p 0,25 0,25 (k ẻ Â) + kp ộ x = k 2p ỉ pư p p cos x + sin x = cos ỗ x - ÷ = Û x - = ± + k 2p (k ẻ Â) x = p + k 2p 4ø 4 è êë Đối chiếu điều kiện ta được nghiệm x = p + kp x = k 2p 0,25 (k ẻ Â) ỡù x + xy + y + x + y - = (1) Xét hệ phương trình (1,0 điểm) í (2) ïỵ 8 - x + y - = Điều kiện: - x ³ Û x £ Đặt t = x + y , phương trình (1) trở thành: ét = t2 + t - = Û ê ë t = -2 Nếu t = 1 x + y = Û - x = y ³ 0 Thế vào phương trình (2) ta được phương trình 0,25 0,25 y + y - = 0 Đặt u = y ³ 0 , phương trình trở thành: ìx = u + 8u - = Û (u - 1)(u3 + u2 + u + 9) = Û u = 1 Khi đó hệ có nghiệm í î y = Nếu t = - 2 x + y = -2 Û - x = y + ³ 0 Thế vào phương trình (2) ta được phương trình é y = -3 y + + y - = Û y + + ( y - 3)( y + 3) = Û ê êë 8 + ( y - 3) y + = ì ïx = Với y = - 3 thì hệ có nghiệm í ï y = -3 ỵ Xét phương trình + ( y - 3) y + = 0 (3) 0,25 0,25 Đặt v = y + ³ 0 , phương trình (3) trở thành: v3 - v + = 0 Xét hàm số f (v) = v3 - v + 8 , ta có: f '(v) = 3v - 6 f '(v) = Û v = ± Hàm f (v ) đạt cực đại tại (- 2;8 + 4 2) , đạt cực tiểu tại ( 2;8 - 4 2) Vì f (0) = > 0 - > 0 nên f (v) = 0 khơng có nghiệm v ³ 0 ì ìx = ïx = Vậy hệ phương trình có hai nghiệm là í ;í ỵ y = ï y = -3 ỵ 1 4 Ta có: I = x x + dx (1,0 điểm) ò ò x dx 0,25 é x6 ù x dx = ê ú = ò 0 ë û0 0,25 Đặt t = x + Þ t = x + Þ tdt = 2 x dx 0,25 1 Đổi cận: x = Þ t = ; x = Þ t = Suy ra: I = 2 é t3 ù t dt = ê ú = ò 1 ë û1 Vậy I = 0,25 -1 5 (1,0 điểm) Gọi H = DK Ç IC , do ABCD là hình vng cạnh a nên ta suy ra được IC ^ DK , DK = IC = Xét D A ' AI ta được A ' I = a CK CD a 3a , CH = , IH = = DK 10 a 1 a3 Suy ra: VA '.IDK = SIDK A ' I = DK IH A ' I = 3 16 ì DK ^ IH Do í Þ DK ^ ( A ' IH ) Þ ( A ' IH ) ^ ( A ' DK ) ỵ DK ^ A ' I Trong ( A ' IH ) , kẻ IE ^ A ' H Suy ra: IE ^ ( A ' KD ) Þ IE = d (I ,( A ' KD ) Xét tam giác D A ' IH : 0,25 1 20 32 3a = + = + = Þ IE = 2 IE A'I IH 3a 9a 9a 3a 6 x y z2 1 Ta có: A = + + + + + ³ 3 xyz + (1,0 điểm) y z x x y z xyz 0,25 0,25 0,25 Vậy d (I ,( A ' KD ) = x+y+z £ 3 15 Khi đó: P ³ 3t + = 12 t + - t ³ 36 - = t t 2 Dấu đẳng thức xảy ra khi và chỉ khi x = y = z = 15 Vậy A = Đặt t = xyz ta có < t = xyz < 7.a (1,0 điểm) 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 Vì C Ỵ AC : x + y - = Þ C (9 - 2c; c ) uuur uuuur Khi đó NC = (7 - 2c; c - 8), MC = (9 - 2c; c - 4) Khi đó ta có: éc = uuur uuuur NC.MC = Û (7 - 2c)(9 - 2c) - (c - 8)(c - 4) = Û ê 19 êc = êë Vì C có tung độ là một số ngun nên C (- 1; 5) Từ M kẻ đường thẳng vng góc với BC cắt AC A ' ỉ 22 Khi đó MA ' : x - y + =0 Suyra A ' ỗ ; ữ è 5 ø 1 Ta có SA ' MC = MA '.MC = Hai tam giác ABC A ' MC nên uuur uuur ìï x + = 3.1 SABC ỉ CB = = = Þ CB = CM Þí B Þ B(2; 2) ỗ ữ CM S ố ứ A ' MC ỵï yB - = 3.(-1) uuur uuur Tương tự CA = 3CA ' Þ A(3;3) uuur uuur Từ AB = DC Þ D (0; 6) Vậy A(3;3), B(2;2), C (- 1; 5), D (0; 6) Gọi I là trung điểm của đoạn AB I (5; 2; 5) 8.a uuur uuur uuur (1,0 điểm) Ta có: MA + MB = MI = MI uuur uuur MA + MB đạt giá trị nhỏ nhất Û MI nhỏ nhất Û M là hình chiếu của I trên mp(P) r Đường thẳng D qua I và vng góc với mặt phẳng (P) nhận n = (1;1;1) là VTCP có x -5 y -2 z-5 = = 1 Tọa độ giao điểm của M D và (P) là nghiệm của hệ phương trình: ìx = ìx -5 y-2 z-5 = = ï ï 1 Û í y = -3 í ïx + y + z + = ïz = ỵ ỵ 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 phương trình 0,25 Vậy M (0; - 3; 0) 9.a Số cách chọn 4 viên bi bất kỳ trong hộp là C154 = 1365 cách (1,0 điểm) Các trường hợp cho ra 4 viên bi có đủ 3 màu là: · 2 đỏ, 1 trắng, 1 vàng: C62C51C41 = 300 0,25 0,25 · 1 đỏ, 2 trắng, 1 vàng: C61C52C41 = 240 · 1 đỏ, 1 trắng, 2 vàng: C61C51C42 = 180 Theo quy tắc cộng, cách chọn ra 4 viên bi có đủ ba màu là: 300 + 240 + 180 = 720 cách Do đó số cách chọn ra 4 viên bi khơng có đủ ba màu là: 1365 - 720 = 645 cách 645 43 Vậy xác suất cần tìm là: P = = 1365 91 0,25 0,25 7.b (1,0 điểm) 0,25 Ta có C là giao điểm của trục tung và đường thẳng AC nên C ( 0; ) Vì bán kính đường trịn nội tiếp tam giác ACD bằng 1 nên bán kính đường trịn nội tiếp tam giác ABC cũng bằng 1. Vì B nằm trên trục tung nên B(0; b ) Đường thẳng AB đi qua B và vng góc với BC º Oy : x = 0 nên AB : y = b æ 16 - 4b Vì A là giao điểm của AB AC nên A ỗ ;bữ ố ứ Gi r lbỏnkớnhngtrũnnitiptamgiỏc ABC.Tacú 16 - 4b b-4 2.SABC S= = = b-4 AB + BC + CA æ 16 - 4b ö 16 - 4b b-4 + + (b - 4) + ỗ ữ ố ø Theo giả thiết r = 1 nên ta có b = 1 b = 7 Với b = 1 ta có A(4;1), B (0;1) Suy ra: D (4; 4) Với b = 7 ta có A(-4; 7), B(0; - 7) Suy ra: D(- 4; 4) uuuur uuur 8.b Gọi M (1 + t; -1 - 2t;1 + 3t ) Ỵ d Ta có: AM = (-1 + t; -2 - t;3t ), AB = (-1; 0; -1) (1,0 điểm) uuuur uuur é uuuur uuur ù é AM , AB ù = (-2t - 2; 2t + 1; 2t + 2) Þ S = AM , AB = 12t + 20t + AMB ë û ë û 2 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 ỉ 5ư 2 = 12 ç t + ÷ + ³ è ø 3 ỉ1 3ư Dấu đẳng thức xảy ra khi và chỉ khi t = - Vy M ỗ ; ; - ữ è ø 9.b ìx - y > (1,0 điểm) Điều kiện í ỵ x + y > 0,25 0,25 0,25 Ta có: (1) Û 50 = 10.10 lg( x + y ) = 10( x + y) Û x + y = 5 Thế vào (2) ta được: lg( x - y ) = - lg Û x - y = 10 2-2 lg5 = 0,25 10 100 = = 4 lg 25 (10 ) ì ïï x = ìx + y = Hệ đã cho tương đương với í Ûí îx - y = ïy = ïî ổ9 1ử Vyhphngtrỡnhcúnghiml ỗ ; ữ ố 2 ø Hết Cảm ơn thầy Huỳnh Chí Hào chủ nhân http://www.boxmath.vn đã gửi tới www.laisac.page.tl 0,25 0,25 ... D (4; 4) Với b = 7 ta có A (-4 ; 7), B(0; -? ?7) Suy ra: D (-? ?4; 4) uuuur uuur 8.b Gọi M (1 + t; -1 - 2t ;1 + 3t ) Ỵ d Ta có: AM = ( -1 + t; -2 - t;3t ), AB = ( -1 ; 0; -1 ) (1, 0 điểm) uuuur uuur é... là bán kính đường trịn nội tiếp tam giác ABC . Ta có 16 - 4b b-4 2.SABC S= = = b-4 AB + BC + CA æ 16 - 4b ö 16 - 4b b-4 + + (b - 4) + ỗ ữ ố ứ Theogithit r =? ?1 nên ta có b =? ?1 b = 7 Với b =? ?1 ta có A(4 ;1) , B (0 ;1) Suy ra: D (4;... – THANG ĐIỂM ĐỀ? ?THI? ?THỬ TUYỂN? ?SINH? ?ĐẠI HỌC NĂM? ?2 014 ? ? ĐỀ CHÍNH THỨC Mơn: TỐN; Khối? ?A,? ?A1 và khối B (Đáp án – thang điểm gồm 06 trang) Câu 1? ? (2,0 điểm) Đáp án a. (1, 0 điểm) Khi m = 0 ta có y = - x