Trơng thcs Cao xuân huy Đềthi chọn hsg lớp 9 - vòng 3 Năm học: 2008 - 2009 Môn Toán ( Thời gian làm bài 150 phút ) ------------------------------------- Câu 1: (3 điểm) a. Giải phơng trình: x 1 + 2 2 1 x = 2 b. Tìm nghiệm nguyên của phơng trình: (y-3)x 2 + (x+1)y - 9x - 7 = 0 Câu 2: ( 2 điểm) Giải hệ phơng trình: =++ =+ 0454 0133 22 23 yxyxyx xyx Câu 3: ( 2 điểm) Cho các số a, b không âm thỏa mãn: =+ =++ 01172 0242 cba cba Tìm giá trị nhỏ nhất và giá trị lớn nhất của biểu thức: Q = 6a + 7b + 2009c Câu 4: ( 2 điểm) Cho tam giác ABC. Gọi: a, b, c là độ dài ba cạnh; h a , h b , h c là độ dài các đờng cao tơng ứng; R, r lần lợt là bán kính đờng tròn ngoại tiếp, nội tiếp tam giác đó. Chứng minh rằng: 222 9 cba R ++ cba hhh + 1 + acb hhh + 1 + bac hhh + 1 r2 1 Câu 5: ( 1 điểm) Trong mặt phẳng tọa độ Oxy cho ngũ giác có các đỉnh là những điểm có tọa độ nguyên ( Điểm có tọa độ nguyên là điểm có hoành độ và tung độ đều là những số nguyên ). Chứng minh rằng: Bên trong hoặc trên cạnh ngũ giác có ít nhất một điểm có tọa độ nguyên. --------------------------------------------------- Họ và tên thí sinhSố báo danh Hớng dẫn chấm và biểu điểm chính thức ( Hớng dẫn chấm này có: 03 trang ) Câ u Nội dung Điểm 1 a Đ/K : x 0; x 2. Đặt: y = 2 2 x , ( y 0 ) Ta đợc hệ phơng trình: =+ =+ 2 11 2 22 yx yx Biến đổi hệ ta đợc: 2(xy) 2 - xy - 1 = 0 xy = 1 hoặc: xy = - 2 1 0,5 + Với xy = 1, Giải ra ta đợc: x = y = 1, ( thỏa mãn ) 0,5 + Với xy = - 2 1 , Giải ra ta đợc: x = 2 31 , y = 2 31 + Vậy phơng trình có 2 nghiệm: x = 1, x = 2 31 , 0,5 1 b Biến đổi đợc: y = 3 + 1 )23(2 2 ++ + xx x mà: x 1 2 ++ x 0, x 1 2 ++ x là số lẻ 0,5 Nếu: x 1 2 ++ x = 1 ( x = 0, y = 7), ( x = -1, y = 1) 0,5 Nếu: x 1 2 ++ x 1. Để y là số nguyên thì: x 1 2 ++ x là Ư(3x+2), Giải ra ta đợc: x 1 2 ++ x = Ư(7) x 1 2 ++ x = 7 (x = -3, y = 1) hoặc ( x = 2, y = 7 37 ) , (loại.) Vậy: Phơng trình có 3 nghiệm: (0;7), (-1;1), (-3;1) 0,5 2. Hệ đã cho biến đổi thành: =++ =+ 012153123 0133 22 23 yxyxyx xyx 0,5 Cộng từng vế và biến đổi thành: (x -1) [ ] 22 )2(3)1( + yx = 0 (x - 1) = 0 hoặc: [ ] 22 )2(3)1( + yx = 0 0,5 Nếu: (x - 1) = 0. Giải ra ta đợc: y = 2 hoặc: y = -2 0,5 Nếu: [ ] 22 )2(3)1( + yx = 0. Giải ra ta đợc: ( x = 1, y = 2),(thỏa mãn) Vậy hệ phơng trình có 2 nghiệm là: (1, 2), (1, -2). 0,5 3. Từ các điều kiện đã cho ta có: a = 4 - 2c, b = 3c - 3. 0,5 Từ: a, b không âm ta có: 1 c 2. 0,5 Khi đó: Q = 6(4 - 2c) + 7(3c - 3) + 2009c = 2018c + 3. 0,5 Vì: 1 c 2. nên: GTLN của Q là 4039 tại: a = 0, b = 3 GTNN của Q là:2021 tại: a = 2, b = 0 O,5 4. áp dụng các BĐT: +++ ) 11 ( 2 11 ) 11 ( 4 11 yx xy yxyx với: x, y 0 Ta có: cba hhh + 1 ) 11 ( 4 1 cb a hh h + )) 11 ( 2 11 ( 4 1 cba hhh ++ 0,5 Tơng tự với: acb hhh + 1 , bac hhh + 1 rồi cộng lại ta đợc: M = cba hhh + 1 + acb hhh + 1 + bac hhh + 1 ) 111 ( 2 1 cba hhh ++ Mà: cba hhh 111 ++ = S cba 2 ++ = r 1 ( vì: S = pr ) cba hhh + 1 + acb hhh + 1 + bac hhh + 1 r2 1 0,5 áp dụng các BĐT: ++++ ++++ ++++ zxyzxyzyx zxyzxyzyx zyx zyx 222 9) 111 )(( , với x, y, z 0 Ta đợc: M accbbacba hhhhhhhhh +++++ 9 0,5 Mà: accbbacba hhhhhhhhh +++++ 9 )(2 9 cba hhh ++ = ) 111 (4 9 cba S ++ = cabcab R ++ 9 ( Vì: S = R abc 4 ) 222 9 cba R ++ M 222 9 cba R ++ Vậy: 222 9 cba R ++ cba hhh + 1 + acb hhh + 1 + bac hhh + 1 r2 1 0,5 5. Do mỗi điểm nguyên tọa độ chỉ có một trong bốn loại sau: (chẵn, chẵn), ( chẵn, lẻ ),( lẻ, chẵn), ( lẻ, lẻ). 0,25 Nên theo nguyên tắc Đi rích lê trong 5 đỉnh của ngũ giác luôn có ít nhất 2 đỉnh thuộc cùng một loại. 0,25 Với hai điểm cùng loại thì trung điểm của đoạn thẳng có hai đầu là các điểm đó cũng có tọa độ nguyên. 0,25 Điểm nguyên này luôn nằm trong hoặc trên cạnh của ngũ giác. Vậy: Bên trong hoặc trên cạnh của ngũ giác luôn có ít nhất một điểm nguyên. 0,25 Chú ý + Trên đây chỉ là các bớc giải và khung điểm bắt buộc cho từng bớc, yêu cầu thísinh phải trình bày, lập luận, biến đổi đầy đủ hơn . + Những cách giải khác đúng vẫn cho điểm tối đa theo biểu điểm. + Chấm từng phần, điểm toànbài là tổng các điểm thành phần không làm tròn. + Tổng điểm toànbài là: 10 điểm. ------------------------------------------------------------------- . hhhhhhhhh ++ ++ + 9 0,5 Mà: accbbacba hhhhhhhhh ++ ++ + 9 )(2 9 cba hhh ++ = ) 111 (4 9 cba S ++ = cabcab R ++ 9 ( Vì: S = R abc 4 ) 222 9 cba R ++ M 222 9 cba. S = pr ) cba hhh + 1 + acb hhh + 1 + bac hhh + 1 r2 1 0,5 áp dụng các BĐT: ++ ++ ++ + + ++ ++ zxyzxyzyx zxyzxyzyx zyx zyx 222 9) 111 )(( , với x,