Dựa trên phản ứng tách nước của ancol no đơn chức thành anken thì số mol anken bằng số mol ancol và số nguyên tử cacbon không thay đổi.vì vậy đốt ancol và đốt anken tương ứng cho s[r]
(1)Tuần 11:Ôn tập ( tt ) + Giải nhanh Hóa hữu cơ ANKIN
Dãy đồng đẳng ankin :
Tên gọi CTPT
Tên HC + “ilen”
etin C2H2
propin C3H4
But-1-in C4H6
pent-1-in C5H8
hex-1-in C6H10
het-1-in C7H12
oct-1-in C8H14
non-1-in C9H16
dec-1-in C10H18
Tổng quát CnH2n – (n ≥ 2)
Đồng phân ankin :
ankin có Cacbon trở lên có đồng phân mạch cacbon đồng phân : nối đôi “ ≡ ” tên thông thường :
CH ≡ CH : etylaxetilen CH3 – C ≡ CH : axetilen
Tính chất hóa học :
Phản ứng cộng : -Cộng H2:
CH ≡ CH + H2 CH2 – CH3
CH ≡ CH + H2 CH2 = CH2
-Cộng dung dịch halogen Br2:
CH ≡ CH + Br2 CHBr = CHBr
CHBr = CHBr+ Br2 CHBr2 – CHBr2 -Cộng HX :
CH ≡ CH + HX CH2 = CHCl (vinyl clorua)
Phản ứng đime trime :
Có tham khảo tư liệu thầy Nguyễn Xuân Trường
Để xem lại chương trước Google: thầy Hồng Sơn ( mục Cùng học Hóa với thầy Sơn ), có tuyển tập Đề thi ĐH-CĐ năm
(2)2CH ≡ CH CH2 = CH – C ≡ CH (vinyl axetilen)
3CH ≡ CH C6H6 (benzen)
Phản ứng ion kim loại : cho sp kết tủa vàng nhạt
CH ≡ CH + AgNO3 + NH3 CAg ≡ CAg +2 NH4NO3
Phản ứng oxi hóa :
Phản ứng oxi hóa hồn tồn (phản ứng cháy) :
Phản ứng oxi hóa khơng hồn tồn : Điều chế :
Trong phịng thí nghiệm :
CaC2 + H2O C2H2 + Ca(OH)2 Trong công nghiệp :
Từ ankan :
CH4 C2H2 + H2
ANKAĐIEN Định nghĩa :
ANKAĐIEN mạch hở có hai liên kết đơi (C = C) phân tử
CH2 = CH – CH = CH2 : buta – 1, – đien (butađien)
CH2 = C(CH3) – CH = CH2 : isopren
Tính chất hóa học :
Phản ứng cộng :
Cộng H2: CH2 = CH – CH = CH2 + 2H2 CH3 – CH2 – CH2 – CH3
CH2 = CH – CH = CH2 + H2 CH2 = CH – CH2 – CH3
Cộng dung dịch halogen Br2: CH2 = CH – CH = CH2 + Br2 CH2 = CH – CHBr – CH2Br
CH2 = CH – CH = CH2 + Br2 CH2Br – CH = CH – CH2Br
Cộng HX :
CH2 = CH – CH = CH2 + HBr CH2 = CH – CH2 – CH2Br
CH2 = CH – CH = CH2 + HBr CH3 – CH = CH – CH2Br
Phản ứng trùng hợp :
n CH2 = CH – CH = CH2 (– CH2 – CH = CH – CH2 –)n
Phản ứng oxi hóa :
Phản ứng oxi hóa hồn tồn (phản ứng cháy) : 2C4H6 + 11O2 8CO2 + 6H2O
Phản ứng oxi hóa khơng hồn tồn : làm màu dung dịch kali penmanganat Điều chế :
(3)CH3 – CH(CH3) – CH2 – CH3 CH2 = C(CH3) – CH = CH2 + 2H2 Giải nhanh Hóa hữu cơ
1 Sử dụng cơng thức chung tính sớ ete: Đun hỡn hợp chứa n ancol đơn chức (có chứa H2SO4 đặc xúc tác, ở 1700C ) thì tởng sớ ete có thể tạo tính theo cơng thức sau:
∑¿(1+n).n
2
Có thể tính số ete theo quy luật sau: ancol → ete
2 ancol → + = ete ancol → + + = ete ancol → + + + = 10 ete
Vậy: n ancol → + + + +n = ( + n ) n
2 ( ete )
Ví dụ 1: Đun hỡn hợp chứa ancol đơn chức 1400C ( có H
2SO4 đặc xúc tác ) thì số ete thu
được là:
A.7 B.8 C.9 D.10
Ví dụ 2: Đun hỡn hợp chứa x ancol đơn chức 1400C ( có H
2SO4 đặc xúc tác ) thì số ete thu
được là:
A ( + x ) B ( 1+ x) x2 C.(1 + x ).x D) ( + x ).2x
2 Sử dụng công thức tổng quát tính số vòng no số liên kết π ( pi ) phân tử hiđrocacbon:
Công thức tổng quát hiđrocacbon: CnH2n + – 2a ( n ≥ )
a số liên kết π ( liên kết đôi ) hoặc số vòng no: ( ≤ a nguyên ≤ n )
+ a = → Phân tử không chứa liên kết π không chứa vòng no
+ a = → Phân tử chứa liên kết π hoặc vòng no
+ a = → Phân tử chứa liên kết π hoặc vòng no hay liên kết π vòng no
+ a = n → Chỉ xảy với hợp chất mạch hở n số chẵn
Nhơ: Khi giải đề thường hỏi a ( số liên kết đôi- liên kết π ) Thì: CnH2n + – 2a , số C, số H vào công thức giải a
- Còn hỏi n, cho a thì thường biện luận ( hếm thi )
Ví dụ 1: Licopen ( chất màu đỏ cà chua chín ) có cơng thức phân tử C40H56 chỉ chứa
liên kết đôi liên kết đơn phân tử Số liên kết đôi phân tử licopen là: A B.9 C.11 D.13
Giải:
Ta có cơng thức tổng qt : CnH2n + – 2a , số nguyên tử H đề cho 56, nên:
(4)Ví dụ 2: Caroten ( chất màu vàng da cam có củ cà rốt ) cũng có CTPT C40H56 cũng chứa
liên kết đơi còn có vòng no Khi hiđro hóa hồn tồn caroten thu được hiđrocacbon no C40H78
Số liết đôi số vòng no phân tử caroten lần lượt là:
A.9 B.10 C.11 D.12 Giải: + Tìm tổng số liên kết đôi số vòng no: 2n + – 2a = 56
Thay n = 40 ta có: 2.40 + – 2a = 56 → a = 13 + Tìm số vòng no: ( 82 – 78) : =
+ Tìm số liên kết đôi: 13 -2 = 11
Ví dụ 3: hiđrocacbon X có cơng thức ( CH)n Cho biết mol X phản ứng vừa đủ với mol
H2 hoặc với mol Br2 dung dịch CTCT thu gọn X là:
A C6H5-CH = CH2 B.C6H5-CH2CH3
C C6H4- ( CH2CH3)2 D C6H3-(CH2CH3)3 Giải:
Công thức X ( CH)n hay CnHn CTTQ X CnH2n + – 2a
+ Theo đề ta có: 2n + – 2a = n → n = 2a –
+ mol X phản ứng được với mol H2 nên X có liên kết đơi
+ mol X phản ứng được với mol Br2 dung dịch nên X phải có liên kết đôi phần
mạch hở phân tử Vậy X có liên kết đơi mạch vòng Suy X có vòng Vậy a = + = 5; n = 2.5 – = CTPT C8H8 CTCT thu gọn C6H5-CH= CH2 Dựa vào sản phẩm cháy hiđrocacbon phản ứng cộng với Br2
+ Khi đốt cháy hiđrocacbon thì cacbon tạo CO2 hiđro tạo H2O Tổng khối lượng C H
trong CO2 H2O phải bằng khối lượng hiđrocacbon
+ đốt cháy ankan thu được số mol H2O lớn số mol CO2 số mol ankan cháy bằng hiệu
số mol H2O số mol CO2 CnH2n + + 3n
+1
2 O2 → n CO2 + ( n + 1) H2O
+ Dựa vào phản ứng cháy anken mạch hở cho số mol CO2 bằng số mol H2O
+ Đốt cháy ankin thu được số mol CO2 lớn số mol H2O số mol ankin cháy bằng hiệu số
của số mol CO2 số mol H2O
+ Dựa vào phản ứng cộng ankien với BR2 có tỉ lệ mol 1: ankin với Br2 có tỉ lệ mol
1 :
+ Đốt cháy hỗn hợp hidrocacbon không no được mol CO2 thì sau hiđro hóa
hồn tồn đốt cháy hỡn hợp hiđrocacbon khơng no sẽ thu được nhiêu mol CO2 Đó
do hiđro hóa thì số nguyên tử C không thay đổi số mol hiđrocacbon no thu được bằng số mol hiđrocacbon không no
+ Sau hiđro hóa hồn tồn hiđrocacbon khơng no đốt cháy thì thu được số mol H2O nhiều
hơn so với đốt lúc chưa hiđro hóa Số mol H2O trội chính bằng số mol H2 tham gia phản
ứng hiđro hóa
Ví dụ 1: Đốt cháy hồn tồn m gam hỡn hợp gồm CH4, C3H6 C4H10 thu được 17,6 gam CO2
10,8g H2O Giá trị m là:
A B C.6 D.8
(5)Ví dụ 2: Đốt cháy hòn toàn 0,15 mol hỗn hợp ankan thu được 9,45g H2O Cho sản phẩm cháy
vào dung dịch Ca(OH)2 dư thì khối lượng kết tủa thu được là:
A.37,5g B.52,5g C.15g D.42,5g Giải: nankan = nH2O− nCO2 → nCO2=nH2O− nankan
nCO2=9,45
18 −0,15=0,375 (mol )
CO2 + Ca(OH)2 → CaCO3↓ + H2O nCaCO3=nCO
2=0,375 mol → mCaCO3=¿ 0,375.100 = 75,5g
Ví dụ 3: Đốt cháy hồn tồn hỡn hợp hiđrocacbon liên tiếp dãy đồng đẳng thu được 11,2 lít CO2 (đkc) 12,6g H2O Hai hiđrocacbon thuộc dãy đồng đẳng nào?
A Ankan B.Anken C.Ankin D.Aren Giải: nH2O=12,6
18 =0,7 > nCO2=0,5 Vậy ankan
Ví dụ 4: Đốt cháy hồn tồn hỡn hợp hiđrocacbon liên tiếp dãy đồng đẳng thu được 22,4 lít CO2 (đkc) 25,2g H2O Hai hiđrocacbon là:
A C2H6 C3H8 B C3H8 C4H10
C C4H10 C5H12 D C5H12 C6H14
Giải:
nH2O=25,2
18 =1,4 mol; nCO2=1 mol nH
2O>nCO2 → chất thuộc dãy ankan Gọi n số nguyên tử C trung bình:
CnH2n + + 3n
+1
2 O2→ nCO2+(n+1)H2O
Ta có: n
1+n=
1
1,4 → n=2,5 → C2H6
C3H8
Ví dụ 5: Đốt cháy hồn tồn hỡn hợp gồm ankan anken Cho sản phẩm cháy lần lượt qua bình đựng P2O5 dư bình đựng KOH rắn, dư thấy bình tăng 4,14g, bình tăng
6,16g Số mol ankan có hỡn hợp là:
A 0,06 B 0,09 C.0,03 D.0,045
Giải: nH2O=4,14
18 =0,23 nCO2=
6,16
44 =0,14
nankan=nH2O− nCO20,23−0,14=0,09 ( mol )
Ví dụ 6: Đốt cháy hoàn tồn 0,1 mol hỡn hợp gồm CH4, C4H10 C2H4 thu được 0,14 mol CO2
và 0,23 mol H2O Số mol ankan anken có hỡn hợp lần lượt là: A.0,09 0,01 B 0,01 0,09
C 0,08 0,02 D.0,02 0,08
Giải: nankan=0,23−0,14=0,09 nanken=0,1−0,09=0,01 (mol )
Ví dụ 7: Đốt cháy hồn tồn hỡn hợp hiđrocacbon mạch hở dãy đồng đẳng thu được 11,2 lít CO2 (đkc ) 9g H2O Hai hiđrocacbon thuộc dãy đồng đẳng nào?
A Ankan B Anken C.Ankin D.Aren Giải: nCO2=11,2
(6)Vậy hiđrocacbon thuộc dãy anken
Ví dụ 8: Cho hai hỗn hợp anken qua bình đựng nước brom thấy làm màu vừa đủ dung dịch chứa 8g brom Tổng số mol hai anken là:
A 0,1 B.0,05 C.0,025 D.0,005 Giải: nanken=nBr2=
8
160 = 0,05 mol
Ví dụ 9: Một hỗn hợp khí gồm ankan anken có số nguyên tử cacbon phân tử có số mol Lấy m gam hỗn hợp thì làm màu vừa đủ 80g dung dịch 20% brom dung môi CCl4 Đốt cháy hồn tồm m gam hỡn hợp thu được 0,6 mol CO2 Ankan anken
đó có công thức phân tử là:
A C2H6, C2H4 B C3H8, C3H6 C C4H10, C4H8 D.C5H12, C5H10
Giải: nanken=nBr2=
80 20
100 160=0,1 mol
Anken cháy: CnH2n + 32nO2 → n CO2 + n H2O
0,1 0,1n Ta có: 0,1n = 0,6
2 =0,3 → n = → C3H6
Ví dụ 10: Đốt cháy hoàn toàn V lít (đkc) ankin thể khí thu được CO2 H2O có tổng khối
lượng 25,2g Nếu cho sản phẩm cháy qua dung dịch Ca(OH)2 dư thu được 45g kết tủa.Giá
trị V là:
A 6,72 B.2,24 C.4,48 D.3,36
Giải: nCO2=nCaCO3=
45
100=0,45 mol
nH2O=25,2−0,45 44
18 =0,3 mol
nankin=nCO2−nH2O=0,45−0,3=0,15 mol → Vankin = 0,15.22,4 = 3,36 lít
Ví dụ 11: Đốt cháy hoàn toàn V lít (đkc) ankin thu được 10,8g H2O Nếu cho tất sản
phẩm cháy hấp thụ vào bình đựng nước vôi thì khối lượng bình tăng 50,4g V có giá trị là: A.3,36 B.2,24 C.6,72 D.4,48
Giải: Nước vôi hấp thụ CO2 H2O mCO2+mH2O=50,4g ;mCO2=50,4−10,8=39,6g
nCO2=
39,6
44 =0,9 mol
n=nCO
2−nH2O = 0,9 -
10,8
18 =0,3 mol
Vankin = 0,3 22,4 = 6,72 lít
4.Dựa vào phân tử khối trung bình M hỗn hợp để biện luận
Ví dụ: X, Y ancol no, đơn chức dãy đồng đẳng Cho hỗn hợp gồm 1,6g X 2,3g Y tác dụng hết với Na thu được 1,12 lít H2 (đkc) Công thức phân tử ancol là: A.CH3OH, C2H5OH B.C2H5OH, C3H7OH
C C3H7OH, C4H9OH D C4H9OH , C5H11OH
Giải: nA + B = nH2 = 1,12
(7)M A+B = 1,6
+2,3
0,1 =39 → CH3OH = 32
C2H5OH = 46
5 Dựa phản ứng tách nước ancol no đơn chức thành anken thì số mol anken bằng số mol ancol số nguyên tử cacbon không thay đổi.vì đốt ancol đốt anken tương ứng cho số mol CO2
Ví dụ: Chia a gam ancol etylic thành phần Phần mang đốt cháy hoàn toàn được 2,24 lít CO2 (đkc)
Phần mang tách nước hoàn toàn thành etilen Đốt cháy hoàn toàn lượng etilen được m gam H2O Gía trị m là:
A.1,6 B.1,8 C.1,4 D.1,5
Giải: Đốt ancol được 0,1mol CO2 thì đốt anken tương ứng cũng được 0,1 mol CO2 Nhưng đốt
anken cho mol CO2 bằng mol H2O m = 0,1.18 = 1,8g
6 Đốt chất hữu cơ, phân tử có số nguyên tử C, được số mol CO2 thì cah6t1 hữu
mang đốt có số mol
Ví dụ: Đốt cháy a agm C2H5OH được 0,2 mol CO2 Đốt cháy 6gam CH3COOH được 0,2mol
CO2
Cho a gam C2H5OH tác dụng với gam CH3COOH ( có H2SO4 đặc xúc tác nhiệt độ, giả sử
hiệu suất 100% ) được c gam este Giá trị c là:
A.4,4 B.8,8 C.13,2 D.17,6 Giải:
nC2H5OH=nCH
3COOH=
1
2nCO2=0,1 mol
nCH3COOC2H5=0,1 mol → meste = c = 0,1 88 = 8,8 gam
7 Dựa phản ứng đốt cháy anđêhit no, đơn chức cho số mol CO bằng số mol H2O Khi hiđro
hóa anđehit thành ancol đốt cháy ancol cũng cho số mol CO2 bằng số mol CO2 đốt
anđehit còn số mol H2O ancol thì nhiều Số mol nước trội bằng số mol H2 đã cộng
vào anđehit
Ví dụ: Đốt cháy hỗn hợp anđehit no, đơn chức được 0,4 mol CO2 Hiđro hóa hoàn toàn
anđehit cần 0,2 mol H2 được hỗn hợp ancol no, đơn chức Đốt cháy hồn tồn hỡn hợp
ancol thì số mol H2O thu được là:
A 0,4 mol B.0,6 mol C.0,8 mol D.0,3 mol
Giải: Đốt hỗn hợp anđehit được 0,4 mol CO2 thì cũng được 0,4 mol H2O Hiđro hóa anđehit đã
nhận thêm 0,2 mol H2 thì số mol H2O ancol trội anđehit 0,2 mol.vậy số mol H2O
tạo đốt ancol 0,4 + 0,2 = 0,6 mol
8 Dựa vào phản ứng tráng bạc cho tỉ lệ mol HCHO Ag :4, R – CHO Ag :
Ví dụ: Cho hỗn hợp HCHO H2 qua ống đựng bột Ni nung nóng Dẫn tồn hỗn hợp thu
(8)Lấy dung dịch bình cho tác dụng với dung dịch AgNO3 NH3 thu được 21,6g bạc kim
loại Khối lượng CH3OH tạo phản ứng hợp hiđro HCHO là:
A 8,3g B.9,3g C.10,3g D.1,03g Giải: H – CHO + H2 ⃗Ni, t0 CH3OH
Tổng khối lượng CH3OH HCHO chưa phản ứng 11,8g
HCHO + 2Ag2O ⃗NH3CO2+H2O+4 Ag↓
nHCHO=1
4nAg=
1
21,6
108 =0,05 mol
mHCHO=0,05 30=1,5g ; mCH3OH=11,8−1,5=10,3 gam
Ví dụ 2: Cho hỗn hợp gồm 0,1 mol HCOOH 0,2 mol HCHO tác dụng hết với dung dịch AgNO3 amoniac thì khối lượng Ag thu được:
A 108g B.10,8g C.216g D.21,6g Giải:
0,1 mol HCOOH cho 0,2 mol Ag 0,2 mol HCHO cho 0,8 mol Ag
Vậy thu được mol Ag có khối lượng 108 gam
Ví dụ 3: Chất hữu X có thành phần gồm C, H, O oxi chiếm 53,3% khối lượng Khi thực phản ứng tráng bạc, từ mol X cho mol Ag Công thức phân tử X :
A.HCHO B.(CHO)2 C CH2(CHO)2 D.C2H4(CHO)2
Giải: mol mỗi chất phương án tráng bạc cho mol Ag chỉ có HCHO có phần trăm khối lượng oxi 53,3%
9 Dựa vào định luật bảo tồn khới lượng:
Ví dụ: Đun 132,8g hỗn hợp ancol no đơn chức với H2SO4 đặc 1400C thu được hỡn hợp
ete có số mol bằng có khối lượng 111,2g Số mol mỗi ete là: A.0,1 mol B.0,2 mol C.0,3 mol D.0,4 mol Giải: Đun hỗn hợp ancol tạo (3+1)
2 =6 ete
Theo định luật bảo toàn khối lượng: mrượu = mete + mH2O
Vậy mH2O = 132,8 – 111,2 = 21,6g
Do ∑nete=∑nH2O=21,6
18 =1,2 mol → nmỗi ete = 1,26 =0,2 mol 10 Dựa vào sự bảo toàn nguyên tố
Ví dụ: Cho m gam ancol no, đơn chức X qua bình đựng CuO ( dư ), nung nóng Sau phản ứng hồn toàn, khối lượng chất rắn bình giảm 0,32 gam Hỡn hợp thu được có tỉ khối hiđro 15,5 Giá trị m là:
A.0,92 B.0,32 C.0,64 D.0,46 Giải: CnH2n + 1CH2OH + CuO ⃗t0 CnH2n + 1CHO + Cu↓ + H2O
Khối lượng chất rắn bình giảm chính số gam nguyên tử O CuO phản ứng Do nhận được: mO = 0,32 gam
→ nO = 160,32=0,02 mol
(9)H2O : 0,02 mol Vậy hỗn hợp gồm tổng số mol 0,04 mol Có M = 31 → mhh = 31 0,04 = 1,24g → mancol + 0,32 = mhh
→ mancol = 1,24 – 0,32 = 0,92gam 11 Dựa vào sự tăng giảm khối lượng
Nguyên tắc phương pháp chuyển từ chất A thành chất B ( không thiết trực tiếp, bỏ qua nhiều giai đoạn trung gian) khối lượng tăng hay giảm gam ( thường tính theo mol ) dựa vào khối lượng thay đổi ta dễ dàng tính được số mol chất đã tham gia phản ứng hoặc ngược lại Ví dụ:
Trong phản ứng este hóa : CH3-COOH + R/-OH → CH3-COOR/ + H2O thì từ mol R – OH chuyển thành mol este khối lượng tăng: ( R/ + 59) – ( R/ + 17 ) = 42 gam
Như vậy, biết khối lượng ancol khối lượng este ta dễ dàng tính được số mol ancol hoặc ngược lại
Ví dụ 1: Cho 20,15g hỗn hợp axit no, đơn chức tác dụng vừa đủ với dung dịch Na2CO3 thì thu được V lít khí CO2 (đkc) dung dịch muối Cô cạn dung dịch thu 28,96 gam muối Giá trị V là:
A.4,84 B.4,48 C.2,24 D.2,42 Giải: Gọi CTTQ trung bình hai axit R – COOH
2R –COOH + Na2CO3 → 2R – COONa + CO2 + H2O Ta có:
2 mol axit → mol muối thì có mol CO2 khối lượng tăng: ( 23 – 1) = 44 gam
→ Số mol CO2 = 448,81=0,2 mol
Khối lượng tăng 28,96 – 20,15 = 8,81 gam → VCO2=0,2 22,4=4,48 lit
Ví dụ 2: Để trung hòa hết 10,6 gam axit cacboxylic A cần dùng vừa đủ V ml dung dịch NaOH 1M Cô cạn dd sau phản ứng thu được 15 gam chất rắn Giá trị V là:
A.100 B.200 C.300 D.400 Giải: Đặt CTTQ A là: R(COOH)x ( x ≥ )
R(COOH)x + x NaOH → R(COONa)x + x H2O a ax a
Nhận thấy mol R(COOH)x phản ứng sẽ tạo mol R(COONa)x → khối lượng chất rắn tăng ( 67 – 45)x = 22x gam
Vậy có a mol R(COOH)x phản ứng thi2se4 tạo a mol R(COONa)x làm khối lượng chất rắn tăng: 22ax = 15 – 10,6 = 4,4 gam → nNaOH=ax=0,2 mol
→ Vdd NaOH = 0,2 : = 0,2 lít = 200ml
Ví dụ 3: Trộn 40 gam ROH với CH3COOH dư, đun nóng hỡn hợp thu được bình cầu có H2SO4 đặc làm xúc tác, sau thời gian thu được 36,3g este Biết hiệu suất phản ứng este hóa đạt 75%.Số mol ancol đã phản ứng là:
A 0,3 B.0,1 C.0,15 D.0,4 Giải: Khối lượng ROH phản ứng : 40 75
(10)ROH + CH3COOH →CH3COOR + H2O 1mol → mol
Cứ mol ROH phản ứng sẽ tạo mol CH3COOR làm khối lượng tăng ( R + 59 ) – ( R + 17) = 42 gam
→ Khối lượng tăng 36,3 – 30 = 6,3 gam thì số mol ROH phản ứng là: 6,3
42 =0,15 mol
Ví dụ 4: Cho gam axit no, đơn chức A tác dụng vừa đủ với dung dịch NaOH Cô cạn dung dịch sau phản ứng thu được 4,1 gam muối khan CTPT A là:
A HCOOH B CH3COOH C.C3H7COOH D C2H5COOH
Giải: Cứ mol axit đơn chức tạo thành mol muối thì khối lượng tăng ( 23 – ) = 22 gam, mà theo đề khối lượng muối tăng ( 4,1 – ) = 1,1 gam nên số mol axit là:
naxit=1,1
22 =0,05 mol
→ Maxit = 0,305=60 gam
Đặt CTPT axit no, đơn chức A CnH2n+1COOH nên ta có: 14n + 46 = 60 → n =
Vậy CTPT A CH3COOH
12 Dựa vào giá trị trung bình:
Ví dụ 1: Một hỡn hợp A gồm ankan X, Y có tổng số mol 0,25 mol Khi cho hỗn hợp A tác dụng với dd AgNO3/NH3 có dư thì có tạo 86,4g kết tủa khối lượng dd AgNO3 giảm 77,5 g Biết MX < MY CTCT thu gọn X là:
A CH3CHO B H – CHO C C2H5CHO D không xác định Giải:
Vì khối lượng Ag tách 86,4 gam mà khối lượng dd AgNO3 giảm 77,5gam → khối lượng andehit 86,4 – 77,5 = 8,9 gam
M= 8,9
0,25=35,6g/mol Mà MX < M < MY → MX < 35,6 < MY → MX = 30
→ X H – CHO
Ví dụ 2: Có axit hữu no: A axit đơn chức B axit đa chức Hỗn hợp ( X ) chứa x mol A y mol B Đốt cháy hoàn toàn X thì thu 11,2 lít CO2 (đkc) Cho x + y = 0,3 MA < MB CTCT thu gọn A là:
A CH3COOH B.C2H5COOH C.HCOOH D.không xác định được Số nguyên tử cacbon trung bình A, B là:
n=x(n+1)+y(m+a)
x+y =
0,5
0,3=1,666
Mà n + < n < m + a → n + < 1,666 < m + a → n = → CTPT ( A ) HCOOH
Ví dụ 3: Đốt cháy hồn tồn a gam hỡn hợp hai ancol no, đơn chức liên tiếp dãy đồng đẳng thu được 3,584 lít CO2 (đkc) 3,96 gam H2O Giá trị a CTCT thu gọn hai ancol là: A 3,32 ; CH3OH C2H5OH B 4,32; C2H5OH C3H7OH
C 2,32; C3H7OH C4H9OH D 3,32; C2H5OH C3H7OH Giải:
(11)CnH2n + 1OH + 32nO2 → nCO2 ↑ + ( n+1¿H2O
x n x → ( n+1¿x ( mol ) nCO2 = n.x=
3,584
22,4 =0,16 mol ( )
nH2O=(n+1)x=
3,96
18 =0,22 mol ( )
Từ ( ) ( ) giải x = 0,06 n=2,67
Ta có: a = ( 14 n+18¿x = ( 14.2,67 ) + 18.0,06 = 3,32 gam < n = 2,67 < → ancol C2H5OH C3H7OH
Ví dụ 4: Trung hòa hoàn toàn 12,9 gam hỗn hợp X gồm axit hữu đơn chức cần dùng vừa đủ 250 ml dd Ba(OH)2 0,5M Cô cạn dung dịch sau phản ứng thu được m gam chất rắn Giá trị m là:
A 9,925 B.22,333 C.14,875 D.29,775 Giải:
OH¿2 ¿
Ba¿ n¿
Đặt công thức chung hai axit là: R COOH R COOH + Ba(OH)2 → ( R COO)2Ba + 2H2O 0,25 ← 0,125 0,125
→ R + 45 = 12,9
0,25=51,6 → R = 6,6
→ muối = ( 2.6,6 + 44.2 + 137 ).0,125 = 29,775 gam
Ví dụ 5: Hỗn hợp X gồm axit no A1 A2 kém nguyên tử cacbon.Đốt cháy hoàn toàn 0,3 mol X thu được 11,2 lít khí CO2 (đkc) Để trung hòa 0,3 mol X cần 500ml dd NaOH 1M CTCT axit là:
A CH3COOH HOOC – COOH B HCOOH C2H5COOH C CH3COOH C2H5COOH D HCOOH HOOC – COOH Giải:
nCO2=11,2
22,4=0,5 mol nNaOH=0,5 1=0,5 mol
Đặt công thức chung hai axit no là: COOH¿x
R¿ hay CnH2n − xO2x
COOH¿x
R¿ + x NaOH →
COONa¿x
R¿ + x H2O ( 1) 0,3 0,3 x
( ) nNaOH=0,3 x → x=1,667
→ Trong hai axit có axit axit no đơn chức ( x1 = 1) CnH2n-xO2x ⃗+O
2nCO2 ( )
0,3 n0,3
( 2) nCO2 = n0,3 = 0,5 n=1,667 n n = 1,667 < m = n + n = 1: HCOOH m = 2: HOOC – COOH
(12)
- Sơ đồ đường chéo thường dùng để giải toán trộn lẫn chất với nhau, đồng thể hoặc dị hợp thể hỗn hợp cuối phải đồng thể
Ví dụ 1: Một dd ancol C2H5OH có độ ancol 450 dd ancol etylic khác có độ ancol 150. Để có dung dịch có độ ancol 200 thì cần pha chế thể tích dd ancol 450 ancol 150 theo tỷ lệ là:
A : B 2: C 1: D 2: Áp dụng quy tắc đường chéo ta có:
V1 45 ( Lấy 20 – 15 )
20 → V1
V2
=
25=
V2 15 25 ( lấy 45 – 20 )
Ví dụ 2: Tỷ khối hỗn hợp gồm HCHO CH3CHO so với oxi 1,23 Thành phần phần trăm thể tích hỡn hợp là:
A 25,55% 74,45% B 35% 65% C.50% 50% D 33,33% 66,67% Ta có: M hh = 1,23.32 = 39,36
Áp dụng quy tắc đường chéo ta có:
CH3CHO 44 9,36
39,36 → VCH3CHO VHCHO =
9,36 4,64≈
2
HCHO 30 4,64 → % VCH3CHO=2 100
3 =66,67 % % VCHO=100−66,67 %=33,33 %
Ví dụ 3: Trộn thể tích ancol metylic với thể tích ancol no, đơn chức, mạch hở X điều kiện thu được hỗn hợp có tỷ khối so với H2 18,33 CTPT ancol X là: A C2H5OH B C3H7OH C C4H9OH D.C5H11OH
Giải:
M hh 2ancol = 2.18,33 = 36,66
2V 32 MX – 36,66
36,66 →2V V =
MX−36,66
36,66−32
1V MX 36,66 – 32 → MX = 46 → X C2H5OH
14 Dựa vào các đại lượng ở dạng tổng quát:
Ví dụ 1: Đốt cháy hoàn toàn a mol axit hữu Y được 2° mol CO2 Mặt khác, để trung hòa a mol Y cần vừa đủ 2a mol NaOH CTCT thu gọn Y :
A HOOC – CH2- CH2- COOH B C2H5-COOH C CH3- COOH D HOOC – COOH Giải:
-Đốt a mol axit hữu Y được 2a mol CO2 → axit hữu Y có hai nguyên tử C phân tử - Trung hòa a mol axit hữu Y cần dùng đủ a mol NaOH → axit hữu Y có nhóm chức cacboxyl ( -COOH )
(13)Ví dụ 2: Đốt cháy hồn tồn a mol andehit X ( mạch hở) tạo b mol CO2 c mol H2O ( biết b = a + c ) Trong phản ứng tráng bạc, phân tử X chỉ cho electron X thuộc dãy đồng đẳng andehit
Giải:
Trong phản ứng tráng gương andehit X chỉ cho 2e → X andehit đơn chức vì: RCHO → RCOONH4
Đặt công thức phân thức phân tử andehit đơn chức X CxHyO ta có phương trình CxHyO + ( x + 4y−1
2 ) O2 → x CO2 +
y
2 H2O
a ax ay
2 ( mol )
( b mol ) ( c mol ) Ta có: b = a + c → ax = a + ay
2 → y = 2x –
Công thức tổng quát andehit đơn chức X CxH2x – 2O có dạng Cx – 1H2(x -1) – 1CHO andehit khơng no có liên kết đơi, đơn chức
Ví dụ 3: Công thức phân tử ancol A CnHmOx Để cho A ancol no thì m phải có giá trị
A m = 2n B.m = 2n + C.m = 2n – D.m = 2n +1
CHÚC CÁC BẠN HỌC TỐT!