Sở GD&ĐT . Kì thi chọn học sinh giỏi tỉnh lớp 12 Năm học 2008 - 2009 Môn thi: toáN 12 THPT- bảngB Thời gian làm bài: 180 phút Câu 1. (3,0 im) Tỡm m phng trỡnh sau cú nghim thuc on ; 4 4 4 4 2 sin x + cos x + cos 4x = m. Câu 2. (3,0 im) Gii h phng trỡnh 4 3 2 2 3 2 1 1. x x y x y x y x xy + = + = Câu 3. (3,0 im) Tỡm giỏ tr ln nht ,giỏ tr nh nht ca hm s 3 2 3 1y x x = + trờn on [ ] 2;1 . Câu 4. (3,0 im) Cho hm s 2 3 1 sin 1 0 ( ) 0 0. với với x x x f x x x + = = Tớnh o hm ca hm s ti x = 0 v chng minh rng hm s t cc tiu ti x = 0. Câu 5. (3,0 im) Cho n l s t nhiờn, 2.n Chng minh ng thc sau: ( ) ( ) 2 2 2 0 1 2 2 2 2 1 2 1 2 . 2 1 ( 1)2 . n n n n n n n n n C n C n C C C n n + + + + + = + Câu 6. (3,0 im) Cho khi chúp S. ABCD cú ỏy ABCD l hỡnh bỡnh hnh. Gi M, N, P ln lt l trung im ca cỏc cnh AB, AD, SC. Chng minh rng mt phng (MNP) chia khi chúp S.ABCD thnh hai phn cú th tớch bng nhau. Câu 7. (2,0 im) Cho t din ABCD cú AB = CD, AC = BD, AD = BC v mt phng (CAB) vuụng gúc vi mt phng (DAB). Chng minh rng: ã ã 1 CotBCD.CotBDC = . 2 -------------Ht------------- H v tờn thớ sinh: S bỏo danh: . Đề chính thức Sở Gd&Đt . Kỳ thi chọn học sinh giỏi tỉnh lớp 12 Năm học 2008 - 2009 hớng dẫn và biểu điểm Chấm đề chính thức (Hớng dẫn và biểu điểm chấm gồm 04 trang) Môn: toán 12 THPT - bảngB ---------------------------------------------- Câu Nội dung Điểm 1 3.0 Phơng trình đã cho tơng đơng 2 3 4 4 4 cos x cos x m + + = 2 4 4 4 4 3cos x cos x m+ = (1) 0.50 Đặt t = cos4x ta đợc: 2 4 4 3t t m+ = , (2) Với ; 4 4 x thì [ ] 1;1t 0.50 Phơng trình (1) có nghiệm ; 4 4 x khi và chỉ khi phơng trình (2) có nghiệm t[-1; 1], (3) 0.50 Xét g(t) = 2 4t t+ với [ 1;1]t , g(t) = 8t+1. g(t) = 0 t = 1 8 0.50 Bảng biến thiên 0.50 Dựa vào bảng biến thiên suy ra (3) xảy ra 1 4 3 5 16 m 47 2 64 m Vậy giá trị m cần tìm là: 47 2. 64 m . 0.50 2 3,0 Hệ đã cho tơng đơng ( ) ( ) 2 2 2 2 2 1 1 1. x x xy x y x xy xy + = + = 0.50 Đặt 2 . u x v xy = = Ta có hệ 2 2 1 1 u uv v u v uv + + = + + = 0,50 Đặt S uv P uv = = , ta có 2 2 1 1 2 0 2 1 1 1 S S P S S S S P P S P S = = + = = + = = = 0.50 3 g(t) 0 + t 1 g(t) 5 1 16 TH1. 1 1 0, 1 0 0 1, 0 S u v u v P uv u v = + = = = = = = = Kết quả: 1 0 x y = = 1,0 TH2. 2 3 S P = = , vô nghiệm vì 2 4 .S P< 0,50 3 3.0 ( ) 0 ( ) (0) ' 0 lim x f x f f x = 0.5 ( ) 3 2 2 2 0 0 2 32 2 2 3 1 sin 1 sin lim lim 1 sin 1 sin 1 x x x x x x x x x x x x + = = + + + + 0.5 ( ) 2 0 32 2 3 sin 1 limsin . . 1 sin 1 sin 1 x x x x x x x x = + + + + 0.5 0.= 0.5 Mặt khác với 0x , ta có ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 32 2 3 sin 0 0 . 1 sin 1 sin 1 x f x f x f x x x x = = + + + + 0.5 Vì ( )f x liên tục trên R nên từ đó suy ra ( ) f x đạt cực tiểu tại 0.x = 0.5 4 3,0 Xét ( ) 3 2 3 1,f x x x= + ( ) f x liên tục trên đoạn [ ] 2;1 Ta có ( ) 2 ' 3 6 .f x x x= 0.5 ( ) ( ) 0 ' 0 2, .loại x f x x = = = 0.5 ( ) ( ) ( ) 2 19, 0 1, 1 1f f f = = = suy ra [ ] ( ) [ ] ( ) 2;1 2;1 max 1;min 19f x f x = = 0.5 Do đó [ ] ( ) [ ] ( ) [ ] 2;1 19;1 0;19 .x f x y f x = 0.5 ( ) ( ) ( ) ( ) 1 1 0 . 1 0 0;1 0.sao chof f x f x< = 0.5 Vậy [ ] [ ] 2;1 2;1 max 19 min 0.vày y = = 0.5 5 3.0 Ta có với 0x , ( ) ( ) 0 1 , 1 n n k n k n k x C x = + = 0.5 Đạo hàm hai vế của (1) ta đợc ( ) 1 1 1 0 1 ( ) n n k n k n k n x n k C x = + = 0.5 Suy ra ( ) ( ) ( ) 1 1 0 1 , 2 . n n k n k n k nx x n k C x = + = 1,0 Đạo hàm hai vế của (2) ta đợc ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 1 1 2 2 1 0 1 1 1 . , 3 . n n n k n k n k n x n x n k C x = + + + = 0.5 Thay 1x = vào (3) ta đợc đpcm 0.5 6 3.0 B C D F M A E Gọi K và I lần lợt là giao điểm của MN với CD và BC, ta có CK = 3 2 CD, CI = 3 2 CB 0.25 d(P,(ABC)) = 1 2 d(S,(ABC)) 0.25 V PCIK = 1 1 . 3 2 CI.CK.sin ã ICK .d(P,(ABC)) 0.25 = 9 16 ( 1 3 CB.CD.sin ã BCD .d(S;(ABC)) 0.25 V PCIK = 9 16 V SABCD , (1) 0.25 Mặt khác 1 . . 18 IBEM ICPK V IB IE IM V IC IP IK = = (2) 0.5 Từ (1) và (2) V IBEM = 1 32 V SABCD 0.25 Tơng tự V KNDF = 1 32 V SABCD 0.25 Gọi V 2 là thể tích của khối đa diện giới hạn bởi mặt phẳng (MNP) và mặt phẳng đáy V 2 = V PCIK - (V IBEM + V KNDF ) 0.25 = 9 16 V SABCD - 1 16 V SABCD = 1 2 V SABCD 0.25 Vậy V 2 = 1 2 V SABCD đpcm 0.25 7 2,0 Đặt ã ã ã , , , , , .AD BC a AC BD b AB CD c BAC A ABC B ACB C= = = = = = = = = 0.5 A D S P C B M E F N I K O Ta có ABC nhọn và ABC = DCB = CDA = BAD. Suy ra ã ã ã ã ã ( ) ; , 1BCD ABC B ABD BDC CAB A= = = = = Hạ CM AB , vì ( ) ( ) CAB DAB nên ( ) ( ) 2 2 2 , 2 .CM DAB CM MD CM DM CD + = 0.5 áp dụng định lí cosin cho tam giác BMD ta đợc ã ( ) 2 2 2 2 . .cos , 3MD BM BD BM BD MBD= + 0.25 Từ (1), (2), (3) ta đợc 2 2 2 2 2 . .cosCM BM BD BM BD A CD+ + = 2 2 2 2 2 2 2 . .cos 2 cos .cosBC BD BM BD A CD a b ab A B c+ = + = 0.25 1 cos cos .cos sin .sin 2cos .cos cot .cot . 2 C A B A B A B A B = = = 0.5 Chú ý: Học sinh giải theo cách khác nếu đúng vẫn cho điểm tối đa tơng ứng với biểu điểm quy định. . 3MD BM BD BM BD MBD= + 0.25 Từ (1), (2), (3) ta đợc 2 2 2 2 2 . .cosCM BM BD BM BD A CD+ + = 2 2 2 2 2 2 2 . .cos 2 cos .cosBC BD BM BD A CD a b ab A B. c BAC A ABC B ACB C= = = = = = = = = 0.5 A D S P C B M E F N I K O Ta có ABC nhọn và ABC = DCB = CDA = BAD. Suy ra ã ã ã ã ã ( ) ; , 1BCD ABC B ABD BDC