De thi thu toan năm 2020

BỘ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO KỲ THI TUYỂN SINH ĐẠI HỌC, CAO ĐẲNG NĂM 2011 Môn: Toán. Khối A, B. Thời gian làm bài: 180 phút (Không kể thời gian giao đề)Câu I. (2 điểm).Cho hàm số (1).1) Khảo sát và vẽ đồ thị (C) của hàm số (1).2) Tìm điểm M thuộc đồ thị (C) để tiếp tuyến của (C) tại M với đường thẳng đi qua M và giao điểm hai đường tiệm cận có tích hệ số góc bằng 9. Câu II. (2 điểm) 1) Giải phương trình sau: .2) Giải phương trình lượng giác: .Câu III. (1 điểm)Tính giới hạn sau: Câu IV. (2 điểm)Cho hình nón đỉnh S có độ dài đường sinh là l, bán kính đường tròn đáy là r. Gọi I là tâm mặt cầu nội tiếp hình nón (mặt cầu bên trong hình nón, tiếp xúc với tất cả các đường sinh và đường tròn đáy của nón gọi là mặt cầu nội tiếp hình nón).1.Tính theo r, l diện tích mặt cầu tâm I;2.Giả sử độ dài đường sinh của nón không đổi. Với điều kiện nào của bán kính đáy thì diện tích mặt cầu tâm I đạt giá trị lớn nhất?

BỘ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO KỲ THI TUYỂN SINH ĐẠI HỌC, CAO ĐẲNG NĂM 2020 Mơn: Tốn Khối A, B Đề thi thử lần Thời gian làm bài: 180 phút (Không kể thời gian giao đề) Câu I (2 điểm) Cho hàm số y= x −1 x +1 (1) 1) Khảo sát vẽ đồ thị (C) hàm số (1) 2) Tìm điểm M thuộc đồ thị (C) để tiếp tuyến (C) M với đường thẳng qua M giao điểm hai đường tiệm cận có tích hệ số góc - Câu II (2 điểm) + x 1) Giải phương trình sau: 2) Giải phương trình lượng giác: − x2 =2 sin x + cos x tan( π − x).tan( π + x) = cos 4 x Câu III (1 điểm) Tính giới hạn sau: L = lim ln(2e − e.cos2 x) − + x x2 x →0 Câu IV (2 điểm) Cho hình nón đỉnh S có độ dài đường sinh l, bán kính đường tròn đáy r Gọi I tâm mặt cầu nội tiếp hình nón (mặt cầu bên hình nón, tiếp xúc với tất đường sinh đường trịn đáy nón gọi mặt cầu nội tiếp hình nón) Tính theo r, l diện tích mặt cầu tâm I; Giả sử độ dài đường sinh nón khơng đổi Với điều kiện bán kính đáy diện tích mặt cầu tâm I đạt giá trị lớn nhất? Câu V (1 điểm) Cho số thực x, y, z thỏa mãn: x2 + y2 + z2 = Tìm giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ biểu thức: P = x3 + y3 + z3 – 3xyz Câu VI (1 điểm) Trong mặt phẳng tọa độ Oxy cho hình chữ nhật ABCD có tâm I ( ;0) Đường thẳng AB có phương trình: x – 2y + = 0, AB = 2AD hồnh độ điểm A âm Tìm tọa độ đỉnh hình chữ nhật Câu VII (1 điểm) Giải hệ phương trình :  2 x + 2010 2009 y − x =  y + 2010  3log3 ( x + y + 6) = log ( x + y + 2) +1 - HẾT Ghi chú: - Thí sinh khơng sử dụng tài liệu gì! - Cán coi thi khơng giải thích thêm! Họ tên thí sinh: ……….………………………………….…… Số báo danh: ……………… HƯỚNG DẪN CÂU I.1 NỘI DUNG Hàm số: y = x −1 =2− x +1 x +1 lim y = 2; lim +) Giới hạn, tiệm cận: x →+∞ ĐIỂM y = 2; lim y = −∞; lim y = +∞ x → ( −1)+ x →−∞ x → ( −1)− - TC đứng: x = -1; TCN: y = > 0, ∀x ∈ D +) y ' = ( x + 1) +) BBT: điểm -∞ x y' y +∞ -1 || + + +∞ || −∞ +) ĐT: I.2 y −y −3 M I +) Ta có I(- 1; 2) Gọi M ∈ (C ) ⇒ M ( x0 ; − x + 1) ⇒ k IM = x − x = ( x + 1) M I +) Hệ số góc tiếp tuyến M: k M = y '( x0 ) = ( x0 + 1) điểm +) ycbt ⇔ kM kIM = −9 +) Giải x0 = 0; x0 = -2 Suy có điểm M thỏa mãn: M(0; - 3), M(- 2; 5) +) ĐK: x ∈ (− 2; 2) \ {0}  x + y = xy +) Đặt y = − x , y > Ta có hệ:  2 x + y = 2 II.1 -10 -5 10 -2 -4  −1 +  −1 − x = x =   2 ; +) Giải hệ đx ta x = y =   y = −1 −  y = −1 +   2 điểm -6 +) Kết hợp điều kiện ta được: x = x = II.2 +) ĐK: x ≠ −1 − π π + k ,k ∈ Z π π π π +) tan( − x) tan( + x) = tan( − x) cot( − x) = 4 4 1 sin x + cos x = − sin x = + cos x 2 pt ⇔ cos x − cos x − = điểm π +) Giải pt cos24x = ⇔ cos8x = ⇔ x = k cos24x = -1/2 (VN) +) Kết hợp ĐK ta nghiệm phương trình x = k III L = lim ln(2e − e.cos2 x) − + x x →0 x2 = lim   ln(1 + 2sin 2 x) − + x = lim  + x →0  x x2  2sin x  2sin x =2− IV.1 x →0 π ,k ∈ Z ln(1 +1 − cos2 x ) +1 − + x x2       −1  = lim  ln(1 + 2sin x) +   x →0  x 2 (1 + x ) + + x +1     2sin x    2sin x điểm = 3 +) Gọi rC bán kính mặt cầu nội tiếp nón, bán kính đường tròn nội tiếp tam điểm giác SAB S S SAB Ta có: = prC = (l + r ).rC = SM AB ⇒ rC = 2 +) Scầu = 4π r C = 4π r IV.2 l l − r 2r l −r =r 2(l + r ) l+r I l −r l+r A +) Đặt : y (r ) = M r B lr − r ,0 < r < l l+r  − −1 l r = −2r ( r + rl − l )  +) y '(r ) = =0⇔ (l + r )  −1 l r =  2 +) BBT: r −1 l điểm l y'(r) y(r) V ymax −1 +) Ta có max Scầu đạt ⇔ y(r) đạt max ⇔ r = l +) Ta có P = ( x + y + z )( x + y + z − xy − yz − zx )  x2 + y + z − ( x + y + z)2  P = (x + y + z)  x2 + y + z +       − ( x + y + z) ( x + y + z)2  P = ( x + y + z ) 2 + = ( x + y + z ) +    2     +) Đặt x +y + z = t, t ≤ 6( Bunhia cov xki) , ta được: P (t ) = 3t − t +) P '(t ) = ⇔ t = ± , P( ± ) = 0; P ( − 2) = −2 ; P ( 2) = 2 +) KL: MaxP = 2; MinP = −2 VI +) d ( I , AB) = ⇒ AD = ⇒ AB = ⇒ BD = +) PT đường tròn ĐK BD: (x - 1/2)2 + y2 = 25/4 +) Tọa độ A, B nghiệm  x =  25  ( x − ) + y =   y = ⇒ A(−2;0), B(2; 2) ⇔ hệ:   x = −2  x − y + =    y = ⇒ C (3;0), D(−1; −2) VII  −x x + 2010 y = (1) 2009  y + 2010  3log3 ( x + y + 6) = log ( x + y + 2) +1(2) +) ĐK: x + 2y = > x + y + > điểm +) Lấy loga số 2009 đưa pt: x + log 2009 ( x + 2010) = y + log 2009 ( y + 2010) +) Xét CM HS f (t ) = t + log 2009 (t + 2010), t ≥ đồng biến, từ suy x2 = y2 ⇔ x= y, x = - y +) Với x = y vào (2) đưa pt: 3log3(x +2) = 2log2(x + 1) = 6t t t 1 8 Đưa pt dạng  ÷ +  ÷ = , cm pt có nghiệm t = 9 9 ⇒ x = y =7 +) Với x = - y vào (2) pt: log3(y + 6) = ⇒ y = - ⇒ x = Ghi chú: - Các cách giải khác với cách giải đáp án mà đúng, đủ cho điểm tối đa - Người chấm chia nhỏ thang điểm theo gợi ý bước giải