Tổng hợp giải chi tiết các câu từ 73 đến 80 đề minh họa hóa học của bộ năm 2018

Tổng hợp giải chi tiết các câu từ 73 đến 80 đề minh họa hóa học của Bộ năm 2018Tổng hợp giải chi tiết các câu từ 73 đến 80 đề minh họa hóa học của Bộ năm 2018Tổng hợp giải chi tiết các câu từ 73 đến 80 đề minh họa hóa học của Bộ năm 2018Tổng hợp giải chi tiết các câu từ 73 đến 80 đề minh họa hóa học của Bộ năm 2018Tổng hợp giải chi tiết các câu từ 73 đến 80 đề minh họa hóa học của Bộ năm 2018Tổng hợp giải chi tiết các câu từ 73 đến 80 đề minh họa hóa học của Bộ năm 2018Tổng hợp giải chi tiết các câu từ 73 đến 80 đề minh họa hóa học của Bộ năm 2018Tổng hợp giải chi tiết các câu từ 73 đến 80 đề minh họa hóa học của Bộ năm 2018Tổng hợp giải chi tiết các câu từ 73 đến 80 đề minh họa hóa học của Bộ năm 2018

Câu 73 Điện phân (điện cực trơ, màng ngăn xốp) dung dịch gồm CuSO NaCl (tỉ lệ mol tương ứng : 3) với cường độ dòng điện 1,34A Sau thời gian t giờ, thu dung dịch Y (chứa hai chất tan) có khối lượng giảm 10,375 gam so với dung dịch ban đầu Cho bột Al dư vào Y, thu 1,68 lít khí H2 (đktc) Biết phản ứng xảy hoàn toàn, hiệu suất điện phân 100%, bỏ qua hòa tan khí nước bay nước Giá trị t A B C D Giải: Gọi n(CuSO4) =x, => n(NaCl) = 3x CuSO4 + 2NaCl → Cu + Cl2 + Na2SO4 x 2x x x Do dung dịch sau pứ hòa tan Al tạo khí, => có bazơ , có tiếp pứ 2NaCl + 2H2O → 2NaOH + H2+ Cl2 x x 0,5x 0,5x Do dung dịch sau chứa chất tan NaOH Na2SO4 Al + NaOH + H2O → NaAlO2 + 1,5H2 0,05 0,05 0,075 Gọi y số mol H2O điện phân => n(NaOH) = x = 0,05 m(dd giảm) = 64x + 71.1,5x + 2.0,5x + 18y = 10,375 => y = 0,1 mol => n(H2) nước tạo = 0,5x + y = 0,125 mol Catot: Cu2+ + 2e → Cu 2H2O + 2e → 2OH- + H2 0,05 0,1 0,25 0,125 => n(e trao đổi) = 0,35 = It/F => t = 0,35.96500/1,34 = 25205 (s) = h Câu 74 Đốt cháy hoàn toàn a gam este hai chức, mạch hở X (được tạo axit cacboxylic no hai ancol) cần vừa đủ 6,72 lít khí O2 (đktc), thu 0,5 mol hỗn hợp CO2 H2O Cho a gam X phản ứng hoàn toàn với 200 ml dung dịch NaOH 1M, thu dung dịch Y Cô cạn Y, thu m gam chất rắn khan Giá trị m A 11,2 B 6,7 C 10,7 D 7,2 Giải: TN1: Gọi CT este CnH2n-2k-2O4 x mol Ta có PTpứ cháy: CnH2n-2k-2O4 + (3n-k-5)/2 O2 → nCO2 + (n-1-k)H2O x x(3n-k-5)/2 xn x(n-1-k) => x(3n-k-5)/2 =0,3 => 3xn-xk-5x =0,6 (1) 2xn-xk-x = 0,5 (2) - Xét k=0 thay vào hệ khơng có nghiệm - Xét k =1 thay vào hệ ta có xn =0,3, x =0,05 => n =6 este C6H8O4 X CH3-OOC-COO-CH2-CH=CH2 0,05 mol TN2: CH3-OOC-COO-CH2-CH=CH2 + 2NaOH → (COONa)2 + CH3OH + CH2=CH-CH2OH 0,05 0,1 0,05 => m = 40.0,1 + 134.0,05 = 10,7 gam => Chọn C Câu 75: Hòa tan hồn tồn m gam hỗn hợp X gồm Ba, BaO, Al Al2O3 vào nước (dư), thu 0,896 lít khí (đktc) dung dịch Y Hấp thụ hồn tồn 1,2096 lít khí CO (đktc) vào Y, thu 4,302 gam kết tủa Lọc kết tủa, thu dung dịch Z chứa chất tan Mặt khác, dẫn từ từ CO2 đến dư vào Y thu 3,12 gam kết tủa Giá trị m A 6,79 B 7,09 C 2,93 D 5,99 Giải: Quy đổi hh x mol Ba, y mol Al, z mol O BTe ta có 2x + 3y = 2z + 2.0,04 => 2x + 3y -2z = 0,08 (1) Dung dịch Y sau pứ chứa Ba(AlO2)2 0,5y mol; Ba(OH)2 x -0,5y mol - Khi cho CO2 dư vào Y thu kết tủa Al(OH)3 : CO2 + AlO2- + 2H2O → Al(OH)3 + 2HCO3=> n(Al(OH)3 = y = 0,04 mol (2) - Khi sục 0,054 mol CO2 vào Y thu 4,302 gam kết tủa, dung dịch Z chứa chất tan, chất tan phải Ba(AlO2)2 Ba(HCO3)2 TH1: chất tan Ba(AlO2), tồn CO2 nằm BaCO3 0,054 nol => m(BaCO3) = 197.0,054 =10,638 gam > 4,302 gam vơ lí TH2: Chất tan Ba(HCO3)2 => toàn AlO2- chuyển hết vào kết tủa => m(BaCO3) = 4,302 -3,12 =1,182 gam => n(BaCO3) = 0,006 mol BTNT cho C: => n(Ba(HCO3)2 = (0,054-0,006)/2 =0,024 mol BTNT cho Ba ta có n(Ba) = 0,024 + 0,006 = 0,03 =x thay vào (1) => z =0,05 => m = 137.0,03 + 27.0,04 + 16.0,05 = 5,99 gam => Chọn D Câu 76 Hỗn hợp X chứa hai amin thuộc dãy đồng đẳng metylamin Hỗn hợp Y chứa glyxin lysin Đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol hỗn hợp Z (gồm X Y) cần vừa đủ 1,035 mol O2, thu 16,38 gam H2O; 18,144 lít (đktc) hỗn hợp CO2 N2 Phần trăm khối lượng amin có khối lượng phân tử nhỏ Z A 21,05% B 16,05% C 13,04% D 10,70% Giải: Gọi CT chung X CnH2n+3N a mol; Đặt n(C2H5O2N) = b, n(NH2[CH2]4CH(NH2)COOH) = c, => a + b + c = 0,2 (1) Ta có sơ đồ cháy: CnH2n+3N → nCO2 + (n+1,5)H2O + 0,5N2 a an an+ 1,5a 0,5a C2H5O2N → 2CO2 + 2,5H2O + 0,5N2 b 2b 2,5b 0,5b C6H14N2O2 → 6CO2 + 7H2O + N2 c 6c 7c c Ta có nhận xét: n(H2O) - [n(CO2) + n(N2)] = n(amin) = a = 0,91-0,81 = 0,1 => b+ c = 0,1 (2) ĐLBTNT cho oxi Ta có 2.0,1 + 2.1,305 = 2n(CO2) + 0,91 => n(CO2) = 0,68 => n(N2) = 0,13 => 0,5a + 0,5b + c = 0,13 Giải hệ ta có a = 0,1; b =0,04; c =0,06 BTNT cho C ta có 0,1n + 2.0,04 + 6.0,06 = 0,68 => n =2,4 hai amin C2H7N x mol C3H9N y mol => x+ y = 0,1 2x + 3y + 2.0,04 + 6.0,06 = 0,68 giải hệ ta có x =0,06; y =0,04 => %m(C2H7N) = 0,06.45/(0,06.45 + 0,04.59+ 75.0,04 + 0,06.146) = 16,052% => Chọn B Câu 77 Hỗn hợp X gồm Fe2O3, FeO Cu (trong nguyên tố oxi chiếm 16% theo khối lượng) Cho m gam X tác dụng với 500 ml dung dịch HCl 2M (dư), thu dung dịch Y lại 0,27m gam chất rắn không tan Cho dung dịch AgNO dư vào Y, thu khí NO (sản phẩm khử N+5) 165,1 gam kết tủa Biết phản ứng xảy hoàn toàn Giá trị m A 40 B 48 C 32 D 28 Giải: Cách 1: Gọi n(Fe2O3) = x mol; n(FeO) = y mol => n(O) = 3x+ y => m(O) = 16(3x+ y) = 0,16m => m = 100(3x+ y) Ta có n(HCl) = n(H+) = n(Cl-) = mol => n(AgCl) = mol => m(Ag) = 165,1 - 143,5 = 21,6 => n(Ag) = 0,2 mol Fe2O3 + 6HCl → 2FeCl3 + 3H2O Cu + 2FeCl3 → CuCl2 + 2FeCl2 x 6x 2x x 2x 2x FeO + 2HCl → FeCl2 + H2O y 2y y => n(H+) dư = -6x -2y; n(Fe2+) = 2x + y ta có m(chất rắn pứ) = 160x + 64x + 72y = 0,73m = 73(3x+ y) 5x = y (1) Khi cho AgNO3 dư vào Y: 3Fe2+ + 4H+ + NO3- → 3Fe3+ + NO + H2O 0,75( 1-6x-2y) ← 1-6x-2y Fe2+ + Ag+ → Fe3+ + Ag 0,2 ← 0,2 => 2x+ y = 0,75(1-6x-2y) + 0,2 < => 6,5x + 2,5y = 0,95 (2) giải hệ ta có x = 0,05; y = 0,25 => m = 100(3.0,05+ 0,25) = 40=> Chọn A Cách 2: - Qui đổi:  → + [Fe(x), O(y), Cu(z)] + mol HCl 0,27m Cu dư + dd Y [Fe2+; Cu2+; Cl-; H+ dư]  → + dd Y [Fe2+; Cu2+; Cl-; H+ dư] + AgNO3 dư dd[Fe3+; Cu2+; NO3]+ NO + kết tủa[AgCl=1mol + Ag] = 165,1 gam Bt Cl: nAgCl= => mAg = 165,1 - 143,5*1 = 21,6 => nAg = 0,2 mol Ta có hệ: mX = 56x +16y + 64z = m (1) mO = 16y = 0,16m (2) ¬ → Bte tồn trình: 3nFe + 2nCu phan ung = 2nO + 3nNO + nAg 3x + 2(64z – 0,27m)/64 = 2y + 3nNO + 0,2 (3) ¬ → nH+ = 2nO + 4nNO = 2y + 4nNO (4) Giải hệ: x = 0,35; y = 0,4; z = 0,21875; nNO = 0,05; m = 40 Câu 78 Cho hỗn hợp Z gồm peptit mạch hở X amino axit Y (MX > 4MY) với tỉ lệ mol tương ứng : Cho m gam Z tác dụng vừa đủ với dung dịch NaOH, thu dung dịch T chứa (m + 12,24) gam hỗn hợp muối natri glyxin alanin Dung dịch T phản ứng tối đa với 360 ml dung dịch HCl 2M, thu dung dịch chứa 63,72 gam hỗn hợp muối Các phản ứng xảy hoàn toàn Kết luận sau đúng? A Phần trăm khối lượng nitơ Y 15,73% B Số liên kết peptit phân tử X C Tỉ lệ số gốc Gly : Ala phân tử X : D Phần trăm khối lượng nitơ X 20,29% Giải: Gọi n(NH2CH2COONa) = a; n(NH2C2H4COONa) = b Khi cho muối pứ tối đa với HCl => n(HCl) = 2a + 2b = 0,72 => a + b = 0,36 (1) muối sau pứ NH3ClCH2COOH a mol; NH3ClC2H4COOH b mol NaCl 0,36 mol => m(muối) =111,5a + 125,5b + 58,5.0,36 = 63,72 (2) giải hệ ta có a = b = 0,18 => m(muối (T) = 97.0,18 + 111.0,18 = 37,44 = m + 12,24 => m = 25,2 BTNT cho Na ta có n(NaOH) pứ = 0,36 mol Gọi n số gốc aa tạo X: X + nNaOH → muối + H2O x mol xn x Y + NaOH → muối + H2O x x x ĐLBTKL ta có m + 40.0,36 = m+ 12,24 + 18.2x => x = 0,06 => n(NaOH) =0,06n + 0,06 = 0,36 => n = => X có liên kết peptit => Loại B TH1: Nếu Y Gly: => %N(Y) = 14/75 =18,66% => A chưa đúng, đặt X (Ala)m(Gly)5-3 BT gốc Ala ta có 0,06m = 0,18 => m = X (Ala)3(Gly)2 có MX = 345 > 4.75 nên thỏa mãn => C khơng đúng, ta có %N(X) = 14.5/345 =20,29% D TH2: Nếu Y Ala , X (Gly)p(Ala)5-p => n(Gly) = 0,06.p = 0,18 => p = X (Gly)3(Ala)2 có MX = 331 < 4.89 nên loại Câu 79 Hòa tan hoàn toàn 15,6 gam hỗn hợp gồm Fe, Fe3O4, Fe2O3, Mg, MgO CuO vào 200 gam dung dịch H2SO4 NaNO3, thu dung dịch X chứa muối sunfat trung hòa kim loại, hỗn hợp khí Y gồm 0,01 mol N2O 0,02 mol NO Cho X phản ứng với dung dịch Ba(OH)2 dư, thu 89,15 gam kết tủa Lọc kết tủa nung khơng khí đến khối lượng không đổi, thu 84,386 gam chất rắn Nồng độ phần trăm FeSO4 X có giá trị gần với giá trị sau đây? A 0,85 B 1,06 C 1,45 D 1,86 Giải: BTNT cho N ta có n(NaNO3) = 0,01.2 + 0,02 =0,04 = n(Na) = n(NO3 ) BTKL ta có m(ddX) = 15,6 + 200 - 44.0,01 -30.0,02 =214,56 gam Muối sau pứ gồm FeSO4 x mol; Na2SO4 0,02 mol M2(SO4)n y mol => n(SO42-) = x+ 0,02 + yn = n(H2SO4) => n(H+) = 2x+ 0,04 + 2yn mol => m(kim loại) = 56x + 2yM ; Vai trò H+: 10H+ + 2NO3- + 8e → N2O + 5H2O 0,1 0,02 0,08 0,01 + 4H + NO3 + 3e → NO + H2O 0,08 0,02 0,06 0,02 + 2H + O2→ H2O 2x+2yn -0,14 x + yn -0,07 => m(hh) =56x + 2yM + 16(x+yn-0,07) = 15,6 72x+ 2yM + 16yn =16,72 (1) Cho X + Ba(OH)2 dư: FeSO4 + Ba(OH)2 → BaSO4 + Fe(OH)2 x x x Na2SO4 + Ba(OH)2 → BaSO4 + 2NaOH 0,02 0,02 M2(SO4)n + nBa(OH)2 → nBaSO4 + 2M(OH)n y yn 2y => m(kết tủa) = 233.(x+ yn+ 0,02) + 90x+ 2y(M + 17n) =89,15 < => 323x + 267yn + 2yM = 84,49 (2) t  → Nung kết tủa: 2Fe(OH)2 + 0,5O2 Fe2O3 + 2H2O x 0,5x t  → 2M(OH)n M2On + nH2O 2y y => 160.0,5x + y(2M+ 16n) + 233.(x + yn+ 0,02) = 84,386 313x+ 249yn + 2yM = 79,726 (3) Giải hệ ta có x = 0,012; y = 0,258; z =5,864 => C%(FeSO4) = 152.0,012/214,56 = 0,85%=> Chọn A Câu 80 Cho chất hữu mạch hở: X axit không no có hai liên kết π phân tử, Y axit no đơn chức, Z ancol no hai chức, T este X, Y với Z Đốt cháy hoàn toàn a gam hỗn hợp M gồm X T, thu 0,1 mol CO2 0,07 mol H2O Cho 6,9 gam M phản ứng vừa đủ với dung dịch NaOH, cô cạn dung dịch sau phản ứng thu hỗn hợp muối khan E Đốt cháy hoàn toàn E, thu Na2CO3; 0,195 mol CO2 0,135 mol H2O Phần trăm khối lượng T M có giá trị gần với giá trị sau đây? A 68,7 B 68,1 C 52,3 D 51,3 Giải: X CnH2n-2O2 x mol, T CmH2m-4O4 y mol ( với n ≥ 3; m ≥6) BTC ta có n(CO2) = xn+ ym =0,1 (1) Ta có n(CO2) - n(H2O) = 0,03 = x + 2y (2) Xét 6,9 gam M ta có xk(14n+30) + yk(14m+60) = 6,9 14k(xn+ym) + 30k(x + 2y) = 6,9 Thay (1) (2) vào ta có k =3 Muối sau pứ gồm CnH2n-3O2Na kx +ky mol = 3x + 3y mol; CpH2p-1O2Na ky =3y mol (là muối Y) ta có n(CO2) - n(H2O) = n(muối axit không no đơn chức hở) = 0,06 = 3x + 3y Giải hệ ta có x= 0,01, y =0,01 => n+ m = 10, với m = 10- n ≥6 => n ≤ => n = 3, => m = => %m(T) = 158.0,01/2,3 =68,69% => chọn D Chú ý n = 4, => m ≥ + + = nên loại ... 27.0,04 + 16.0,05 = 5,99 gam => Chọn D Câu 76 Hỗn hợp X chứa hai amin thuộc dãy đồng đẳng metylamin Hỗn hợp Y chứa glyxin lysin Đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol hỗn hợp Z (gồm X Y) cần vừa đủ 1,035 mol... 0,06.45/(0,06.45 + 0,04.59+ 75.0,04 + 0,06.146) = 16,052% => Chọn B Câu 77 Hỗn hợp X gồm Fe2O3, FeO Cu (trong nguyên tố oxi chi m 16% theo khối lượng) Cho m gam X tác dụng với 500 ml dung dịch... 2y + 3nNO + 0,2 (3) ¬ → nH+ = 2nO + 4nNO = 2y + 4nNO (4) Giải hệ: x = 0,35; y = 0,4; z = 0,21875; nNO = 0,05; m = 40 Câu 78 Cho hỗn hợp Z gồm peptit mạch hở X amino axit Y (MX > 4MY) với tỉ