23 de va dap an luyen thi vao lop 10 20162017

Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn ĐỀ SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO TỈNH BÀ RỊA-VŨNG TÀU KỲ THI TUYỂN SINH VÀO LỚP 10 THPT Năm học 2016 – 2017 ĐỀ CHÍNH THỨC MÔN THI: TOÁN Ngày thi: 14 tháng năm 2016 Thời gian làm bài: 120 phút Câu 1: (2,5 điểm) a) Rút gọn biểu thức: A = 16   b) Giải hệ phương trình: 4 x  y   3x  y  c) Giải phương trình: x2 + x – = Câu 2: (1,0 điểm) a) Vẽ parabol (P): y = x b) Tìm giá trị m để đường thẳng (d): y = 2x + m qua điểm M(2;3) Câu 3: (2,5 điểm) a/ Tìm giá trị tham số m để phương phương trình x2 – mx – = có hai nghiệm x1; x2 thỏa mãn x1 x2  x1  x2  b/ Một mảnh đất hình chữ nhật có diện tích 360 m2 Tính chiều dài chiều rộng mảnh đất đó, biết tăng chiều rộng thêm 3m giảm chiều dài 4m mảnh đất có diện tích không thay đổi c/ Giải phương trình: x4  ( x2  1) x2    Câu 4: (3,5 điểm) Cho nửa đường tròn (O) đường kính AB Lấy C đoạn AO, C khác A O Đường thẳng qua C vuông góc với AB cắt nửa đường tròn (O) D Gọi E trung điểm đoạn CD Tia AE cắt nửa đường tròn (O) M a) Chứng minh tứ giác BCEM nội tiếp b) Chứng minh góc AMD + góc DAM = DEM c) Tiếp tuyến (O) D cắt đường thẳng AB F Chứng minh FD2 = FA.FB CA FD  CD FB d) Gọi ( I; r) đường tròn ngoại tiếp tam giác DEM Giả sử r = CD Chứng minh CI//AD Câu 5: (0,5 điểm) Cho a, b hai số dương thỏa mãn ab  ab a b Tìm Min P = ab + a b ab Hết Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn ĐÁP ÁN Câu 1: a) Rút gọn: A= 16    12    4 x  y  7 x  14 x  b) Giải hệ PT:    3x  y  4 x  y   y  1 c) Giải PT: x +x-6=0   b  4ac  12  4.1.(6)  25    x1  b   1   b   1    2; x1    3 2a 2a Câu 2: a) Vẽ đ thị hàm số: x -2 -1 1 y= x 2 0.5*x^2 2 b) Để (d) qua M(2;3) : 3=2.2+mm=-1 Vậy m=-1 (d) qua M(2;3) y= / x (-2, 2) (2, 2) (1.0, 0.5) (-1.0, 0.5) Câu 3: a) Vì a.c=1.(-2)=-20) 360 Chiều dài mảnh đất lúc đầu (m) x Chiều rộng mảnh đất sau tăng: x+3( m) 360  (m) Chiều dài mảnh đất sau giảm : x 360  )=360 Theo đề ta có pt: (x+3)( x  x  15(n) (x+3)(360-4x)=360x x2+3x-270=0    x  18(l ) Vậy chiều rộng, chiều dài đất hình chữ nhật lúc đầu : 15m 24m Câu 3c) Giải phương trình: x4  ( x2  1) x2     x   ( x  1) x    ( x  1)( x  1)  ( x  1) x    ( x  1)( x   x  1)   ( x  1)( x   x   2)  Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn  ( x2   x2   2)  (1) Vì  x   0x Đặt t = t  1(n) x2  1(t  0) (1)  t  t     t  2(l ) Với t =  x    x  Vậy phương trình có nghiệm x = Câu t tứ giác BCEM có: BCE  900 ( gt ) ; a\ H D BME  BMA  90 (góc nội tiếp chắn đường tròn)  1 D M I K E I E BCE  BME  900  900  1800 chúng hai góc đối Nên tứ giác BCEM nội tiếp đường tròn đường kính BE A F  DEM  CBM ( BCEMnt )  b\ Ta có:   CBM  CBD  B1 M F A C O 1C O B Mà CBD  M1 ( chắn cung AD); B1  A1 (cùng chắn cung DM) Suy DEM  M1  A1 Hay DEM  AMD  DAM c\ + Xét tam giác FDA tam giác FBD có F chung ; D1  FBD (cùng chắn cung AD) FD FA  hayFD  FA.FB Suy tam giác FDA đ ng dạng tam giác FBD nên: FB FD + Ta có D1  FBD (cmt); D2  FBD (cùng phụ DAB ) nên D1  D2 CA FA FD FA CA FD   (cmt ) Vậy  Suy DA tia phân giác góc CDF nên Mà CD FD FB FD CD FB CD CD d\ + Vì I tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác DEM có IE = (gt) Mà ED = EC = 2 (gt) CD nên tam giác CID vuông I  CI  ID (1) + Ta có KID  KHD (tứ giác KIHD nội tiếp); KHD  M1 (HK//EM); M1  DBA (cùng chắn cung Trong tam giác CID có IE = ED = EC = AD) nên KID  DBA + Ta lại có : KID  KDI  900 (tam giác DIK vuông K); DBA  CDB  900 (tam giác BCD vuông C) Suy KDI  CDB nên DI  DB (2) + Từ (1) (2)  CI  DB Mà  AD  DB ( ADB  900 ) Vậy CI // AD Câu (0,5đ) : Cho a, b số dƣơng thỏa P  ab  a b ab ab  ab Tìm giá trị nhỏ biểu thức a b x2  y Giải :Từ giả thiết theo bất đẳng thức xy  ta có B Gia sư Thành Được a  b  www.daythem.edu.vn 2 ab  a  b   ab   a  b 2 4ab   a  b  a  b   2 2  ab  2 a  b a  b    a  b  (BĐT CÔ -SI) Do P  ab a  b  a  b   a   Vậy giá trị nhỏ P 4, đạt  a  b  ab    b   ab  ab  a b  ĐỀ SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO THANH HÓA KÌ THI THỬ VÀO LỚP 10 THPT NĂM HỌC 2016 - 2017 Thời gian: 120 phút (Đề thi gồm 05 câu) ĐỀ A Câu (2,0 điểm) 1.Giải phương trình: 2x2 – 3x – = 2 x  y   x  y  3 2.Giải hệ phương trình:  Câu (2,0 điểm)   1 a 1 Cho biểu thức A =     : a  1 a 1  (với a > 0; a  1)  a  1 a 1.Rút gọn A 2.Tính giá trị A a =  Câu (2,0 điểm) Trong mặt phẳng tọa độ Oxy, cho đường thẳng (d): y = 2x – a + parabol (P): y = x 1.Tìm a để đường thẳng a qua điểm A (-1;3) 2.Tìm a để (d) cắt (P) hai điểm phân biệt có tọa độ ( x1 ; y1 ) ( x2 ; y2 ) thỏa mãn điều kiện x1 x2 ( y1  y2 )  48  Câu 4: (3,0 điểm) Cho tam giác nhọn ABC nội tiếp đường tròn (O; R) Hai đường cao AD, BE  D  BC; E  AC  cắt đường tròn (O) điểm thứ hai M N 1) Chứng minh rằng: bốn điểm A, E, D, B nằm đường tròn ác định tâm I đường tròn 2) Chứng minh rằng: MN // DE 3) Cho (O) dây AB cố định Chứng minh độ dài bán kính đường tròn ngoại tiếp tam giác CDE không đổi điểm C di chuyển cung lớn AB Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn Câu 5: (1,0 điểm) Cho a, b, c số thực không âm thỏa mãn:  a  b  c  Tìm giá 2 trị lớn biểu thức: Q  a  b  c   b  c  b   c 1  c  Hết Họ tên thí sinh: ………………………………………… Số báo danh: ………… (Cán coi thi không giải thích thêm) HƢỚNG DẪN CHẤM MÔN TOÁN ĐỀ A Nội dung Câu 1) Ta có: a – b + c = Vậy phương trình có hai nghiệm x  1 , x  13 y  13  y  1 2) Hệ cho tương đương với hệ :   (2,0đ)  x  y  3 x  2 (2,0đ) Điểm 1,0 0,5 Vậy hệ phương trình có nghiệm ( x; y )  (2; 1) 0,5 1) Ta có: A =   a   a  :   a   a   1 a 1 a     1 a 1 = =  a 1 a a a 0,5  2) Ta có:    Vậy A =  nên a  2 2 = 1 =   3  2 74 53 1) Vì (d) qua điểm A(-1;3) nên thay x  1; y  vào hàm số: y  x  a  ta có:  1  a    a  4 2) Hoành độ giao điểm (d) (P) nghiệm phương trình: x  x  a   x  x  2a   (1) Để (d) cắt (P) hai điểm phân biệt (1) phải có hai nghiệm phân biệt   '    2a   a  (2,0đ) Vì (x1; y1) (x2; y2) tọa độ giao điểm (d) (P) nên x1; x2 nghiệm phương trình (1) y1  x1  a  , y2  x2  a  Theo hệ thức Vi-et ta có: x1  x2  4; x1 x2  2a  Thay y1,y2 vào x1 x2  y1  y2   48  ta có: x1 x2  x1  x2  2a    48    2a  10  2a   48   a  6a    a  1 (thỏa mãn a  ) a  (không thỏa mãn a  ) Vậy a  1 thỏa mãn đề 0,5 0,5 0,5 1,0 0,25 0,25 0,25 0,25 Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn Do AD, BE đường cao ∆ABC (giả thiết) nên : ADB  90 AEB  90 0 A N K t tứ giác AEDB có E ADB  AEB  900 nên bốn điểm A, E, I O D, B thuộc đường tròn đường kính AB Tâm I đường tròn trung điểm AB 1,0 H 1 B D C M t đường tròn (I) ta có: D1  B1 (cùng chắn cung AE ) t đường tròn (O) ta có: M1  B1 (cùng chắn cung AN ) 1,0 Suy ra: D1  M1  MN // DE (do có hai góc đồng vị nhau) Cách 1: Gọi H trực tâm tam giác ABC (3đ) *) t tứ giác CDHE ta có : CEH  900 (do AD  BC ) CDH  900 (do BE  AC ) suy CEH  CDH  180 , CDHE nội tiếp đường tròn đường kính CH Như đường tròn ngoại tiếp ∆CDE đường tròn đường kính CH, có CH bán kính *) Kẻ đường kính CK, ta có: KAC  900 (góc nội tiếp chắn nửa đường tròn (O)  KA  AC , mà BE  AC (giả thiết) nên KA // BH (1) chứng minh tương tự có: BK // AH (2) Từ (1) (2), suy AKBH hình bình hành Vì I trung điểm AB từ suy I trung điểm KH, lại có O CH trung điểm CK nên OI  (t/c đường trung bình) Do AB cố định, nên I cố định suy OI không đổi Vậy điểm C di chuyển cung lớn AB độ dài bán kính đường tròn ngoại tiếp tam giác CDE không đổi 1.0 Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn Cách 2: Gọi H trực tâm tam giác ABC  BH  AC; CH  AB (1’) Kẻ đường kính AK suy K cố định A N ABK  ACK  900 (góc nội tiếp chắn nửa đường tròn (O))  KB  AB; KC  AC (2’) Từ (1’) (2’) suy ra: BH//KC; CH//KB Suy BHCK hình hình hành  CH  BK Mà BK không đổi (do B, K cố định) nên CH không đổi c/m tứ giác CDHE nội tiếp đường tròn đường kính CH => đpcm… E H B O D C M K Từ  a  b  c   a  b  c   1  b  b  2c  2b  4c3 b c  b  b b c  b       Theo BĐT Cô-si ta có:   2  27  0,25 Suy ra: 4c3 23  23   54  23c 23c  23  Q  c 1  c   c  c3  c 1  c     1  c  27 27  27   23  54 54  27  23c   23c 23c      54 2  3 108  54   54 54 27            23      23    529 (1đ)     a  a  b  c    12   b  c  b  b    Dấu “=” xảy 23  23c  23c 18    1 27  54 c  23 108 12 18  a  0; b  ; c  Vậy MaxQ = 529 23 23 0,5 0,25 Chú ý: - Các cách làm khác cho điểm tối đa, điểm thành phần giám khảo tự phân chia sở tham khảo điểm thành phần đáp án - Đối với câu (Hình học): Không vẽ hình, vẽ hình sai không chấm; - Các trường hợp khác tổ chấm thống phương án chấm SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO THANH HÓA ĐỀ B Câu (2,0 điểm) KÌ THI THỬ VÀO LỚP 10 THPT NĂM HỌC 2016 – 2017 Thời gian: 120 phút (Đề thi gồm 05 câu) Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn 1.Giải phương trình: 2x2 – 5x – = 2 x  y   x  y  3 2.Giải hệ phương trình:  Câu (2,0 điểm) Cho biểu thức B =  1   1  (với x > 0; x  1)    :   x  x  x  x  x     1.Rút gọn B 2.Tính giá trị B x =  Câu (2,0 điểm) Trong mặt phẳng tọa độ Oxy, cho đường thẳng (d): y = 2x – b + parabol (P): y = x 1.Tìm b để đường thẳng b qua điểm B (-2;3) 2.Tìm b để (d) cắt (P) hai điểm phân biệt có tọa độ ( x1 ; y1 ) ( x2 ; y2 ) thỏa mãn điều kiện x1 x2 ( y1  y2 )  84  Câu 4: (3,0 điểm) Cho tam giác nhọn ABC nội tiếp đường tròn (O; R) Hai đường cao AD, BE  D  BC; E  AC  cắt đường tròn (O) điểm thứ hai M N 1.Chứng minh rằng: Bốn điểm A, E, D, B nằm đường tròn đường tròn ác định tâm I 2.Chứng minh rằng: MN // DE 3.Cho (O) dây AB cố định Chứng minh độ dài bán kính đường tròn ngoại tiếp tam giác CDE không đổi điểm C di chuyển cung lớn AB Câu 5: (1,0 điểm).Cho x, y, z số thực không âm thỏa mãn:  x  y  z  Tìm giá 2 trị lớn biểu thức: Q  x  y  z   y  z  y   z 1  z  Hết Họ tên thí sinh: ………………………………………… Số báo danh: ………… (Cán coi thi không giải thích thêm) HƢỚNG DẪN CHẤM MÔN TOÁN ĐỀ B Điểm 1,0 Nội dung Câu 1) Ta có: a - b + c = Vậy phương trình có hai nghiệm x  1 , x   13 y  13 2) Hệ cho tương đương với hệ :  (2,0đ)  x  y  3 Vậy hệ phương trình có nghiệm ( x; y)  (2;1) 1) Ta có: B = (2,0đ) y 1 x  0,5  1 x 1 x  1 x 1 x   :  1 x 1 x     1 x = 1  = x 1 x 0,5 xx 1,0 Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn  2) Ta có:    Vậy B =  nên 0,5 x  2 2 = 1 =   3  2 74 53 0,5 1) Vì (d) qua điểm B(-2;3) nên thay x  2; y  vào hàm số: y  x  b  ta có:  2   b    b  6 2) Hoành độ giao điểm (d) (P) nghiệm phương trình: x  x  b   x  x  2b   (1) Để (d) cắt (P) hai điểm phân biệt (1) phải có hai nghiệm phân biệt   '    2b   b  (2,0đ) Vì (x1; y1) (x2; y2) tọa độ giao điểm (d) (P) nên x1; x2 nghiệm phương trình (1) y1  x1  b  1, y2  x2  b  Theo hệ thức Vi-et ta có: x1  x2  4; x1 x2  2b  Thay y1,y2 vào x1 x2  y1  y2   84  ta có: x1 x2  x1  x2  2b    84    2b  10  2b   84   b  6b  16   b  2 (thỏa mãn b  ) b  (không thỏa mãn b  ) Vậy b  2 thỏa mãn đề Do AD, BE đường cao ∆ABC (giả thiết) nên : ADB  900 AEB  900 1,0 0,25 0,25 0,25 0,25 A N K E t tứ giác AEDB có ADB  AEB  900 nên bốn điểm A, E, D, I O B thuộc đường tròn đường kính AB Tâm I đường tròn trung điểm AB 1,0 H 1 B D C M (3đ) t đường tròn (I) ta có: D1  B1 (cùng chắn cung AE ) t đường tròn (O) ta có: M1  B1 (cùng chắn cung AN ) 1,0 Suy ra: D1  M1  MN // DE (do có hai góc đồng vị nhau) Cách 1: Gọi H trực tâm tam giác ABC *) t tứ giác CDHE ta có : CEH  900 (do AD  BC ) CDH  900 (do BE  AC ) suy CEH  CDH  180 , CDHE nội tiếp đường tròn đường kính CH Như đường tròn ngoại tiếp ∆CDE đường tròn đường kính CH, có bán CH kính *) Kẻ đường kính CK, ta có: KAC  900 (góc nội tiếp chắn nửa đường tròn (O)  KA  AC , 1.0 Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn mà BE  AC (giả thiết) nên KA // BH (1) chứng minh tương tự có: BK // AH (2) Từ (1) (2), suy AKBH hình bình hành Vì I trung điểm AB từ suy I trung điểm KH, lại có O CH trung điểm CK nên OI  (t/c đường trung bình) Do AB cố định, nên I cố định suy OI không đổi Vậy điểm C di chuyển cung lớn AB độ dài bán kính đường tròn ngoại tiếp tam giác CDE không đổi Cách : Gọi H trực tâm tam giác ABC A  BH  AC; CH  AB (1’) N Kẻ đường kính AK suy K cố định ABK  ACK  900 (góc nội tiếp chắn nửa đường tròn (O))  KB  AB; KC  AC (2’) Từ (1’) (2’) suy ra: BH//KC; CH//KB Suy BHCK hình hình hành  CH  BK Mà BK không đổi (do B, K cố định) nên CH không đổi c/m tứ giác CDHE nội tiếp đường tròn đường kính CH  đpcm… E H B O D C M K Từ  x  y  z   x  y  z   1  y  y  2z  y  4z3 Theo BĐT Cô-si ta có: y  z  y   y y  z  y      2  27  0,25 Suy ra: 4z3 23  23   54  23z 23z  23  Q  z 1  z   z  z  z 1  z     1  z  27 27  27   23  54 54  27  23z   23z 23z  1    54 2  3 108  54  54 54 27            23      23    529 (1đ)     x  x  y  z     12   y  z  y  y    Dấu “=” xảy 23  23 z  23 z 18    1 z  27  54  23 108 12 18  x  0; y  ; z  Vậy MaxQ = 529 23 23 Chú ý: - Các cách làm khác cho điểm tối đa, điểm thành phần giám khảo tự phân chia sở tham khảo điểm thành phần đáp án 0,5 0,25 Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn thi làm thí sinh g m tờ tờ giấy thi Hỏi phòng thi có thí sinh làm g m tờ giấy thi, thí sinh làm g m hai tờ giấy thi? (Tất thí sinh nạp thi) Câu 3: (2,0 điểm) Cho phương trình x2 – 2mx + m2 – = (1) (m tham số) a)Giải phương trình (1) m = –2 b) Tìm m để phương trình (1) có hai nghiệm x1 x2 thoả mãn x12 + x  x1  x  = 12 Câu 4: (3 điểm) Cho tam giác ABC nhọn (AB 0; x   x 1 x Câu 5: (1,0 điểm) Cho pt: x2 + mx + 2m – = (1), với m tham số Tìm m để pt (1) có hai nghiệm phân biệt pt (1) Giả sử x1 ; x2 hai nghiệm phân biệt pt (1), tìm giá trị nguyên dương m x x 2 để biểu thức M = có giá trị nguyên x1  x2 Câu 6: (1,0 điểm) Hai người xe đạp hai địa điểm A B cách 30km, khởi hành lúc, ngược chiều gặp sau Tính vận tốc xe biết xe từ A có vận tốc vận tốc xe từ B Câu 7: (1,0 điểm) Cho tam giác ABC vuông A, B  600 BC = 20cm a/ Tính độ dài AB b/ Kẻ đường cao AH tam giác ABC Tính độ dài AH Câu 8: (1,0 điểm) Cho đường tròn (O; R) có hai dây AB CD vuông góc với H (AB CD) không qua tâm O, điểm C thuộc cung nhỏ AB) Tiếp tuyến A đường tròn (O) cắt đường thẳng CD M, vẽ CK vuông góc với AM K Gọi N giao điểm AO CD a/ Chứng minh AHCK tứ giác nội tiếp b/ Chứng minh HK // AD MH.MN = MC.MD c/ Tính AH2 + HB2 + HC2 + HD2 theo R nhhoan_nss Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn ĐỀ 19 ĐỀ 20 SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO KÌ THI TUYỂN SINH VÀO 10 - THPT Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn TỈNH YÊN BÁI ĐỀ CHÍNH THỨC Câu 1(1,5đ) :a) Tính A = 2015 + NĂM HỌC: 2016 - 2017 MÔN: TOÁN Thời gian: 120 phút (không kể thời gian giao đề) Ngày thi: 03/6/2016 36  25  a  a  a  a   0;a  1    với a a  1  a    Câu (1đ): Cho (d): y = x + (P): y = x2 a) Vẽ (d) (P) mặt phẳng tọa độ Oxy b) (d) cắt (P) hai điểm A B (với A có hoành độ âm, B có hoành độ dương) Tìm tọa độ A, B Câu (3đ) a) Giải PT: 5x + = 3x b) Giải HPT: c) Tìm m để PT: x2 – 2(m + 3)x + 4m – = có hai nghiệm phân biệt d) Hằng ngày, bạn An học từ nhà đến trường quãng đường dài 8km xe máy điện với vận tốc không đổi Hôm nay, đoạn đường đó, 2km đầu An với vận tốc khi, sau xe non nên bạn dừng lại phút để bơm Để đến trường ngày, An phải tăng vận tốc thêm 4km/h Tính vận tốc xe máy điện An tăng tốc Với vận tốc bạn An có vi phạm luật giao thông hay không? Tại sao? Biết đoạn đường bạn An khu vực đông dân cư b) Rút gọn: P = Câu (3,5đ) Cho tam giác nhọn ABC nội tiếp đường tròn (O) Gọi H giao điểm hai đường cao BD CE tam giác ABC a) C/m tứ giác ADHE nội tiếp b) Đường thẳng AO cắt ED BD K M chứng minh AK.AM = AD2 c) Chứng minh BAH  OAC Câu (1đ): Cho số dương a, b thỏa mãn (a+b)(a+b-1)=a2 + b2 Tìm GTLN biểu thức: Q 1  2 a  b  2ab b  a  2ba Hết -4 ĐỀ 21 SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO VĨNH LONG ĐỀ CHÍNH THỨC KỲ THI TUYỂN SINH LỚP 10 THPT NĂM HỌC 2016 – 2017 Môn thi: TOÁN Thời gian làm bài: 120 phút (không kể thời gian giao đề) Câu 1: (1.0 điểm ) a) Tính giá trị biểu thức sau: A = 12  48  75 b) Rút gọn biểu thức : B = 3  3 Câu 2: ( 2.5 điểm ) Giải phương trình hệ phương trình sau a) x2 – 14x + 49 = b) x4 + 8x2 – = 3 x  y  4 c)  2 x  y  Câu 3: (1.5 điểm) Trong mặt phẳng tọa độ Oxy, cho Parabol (P): y = x a) Vẽ đ thị Parabol (P) b)Tìm a b để đường thẳng (d): y = ax + b qua điểm 0;1 tiếp xúc với (P) Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn Câu 4: (1.0 điểm) Một mảnh vườn hình chữ nhật có chu vi 50m, tăng chiều dài thêm m tăng chiều rộng thêm 2m diện tích tăng thêm 65m2 Tính chiều dài chiều rộng mảnh vườn Câu 5: (1.0 điểm) Cho tam giác ABC vuộng A, AH đường cao (H  BC) có BC = 10cm AC = 8cm Tính độ dài AB, BH số đo góc C (số đo góc C làm tròn đến độ) Câu 6: (2.0 điểm) Cho tam giác ABC có ba góc nhọn, nội tiếp đường tròn tâm O có AB < AC Vẽ đường kính AD (O) Kẻ BE vuông góc với AD (E thuộc AD) Kẻ AH vuông góc với BC (H thuộc BC) a) Chứng minh tứ giác ABHE nội tiếp b) Chứng minh: HE vuông góc với AC Câu 7: (1.0 điểm) Cho phương trình bậc hai : x  10 x   có hai nghiệm x1 , x Không giải phương trình, tính giá trị biểu thức x1  8x2  x2  x1 4 Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn ĐỀ 22 Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn ĐỀ 23 Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn ... 27 0,25 Suy ra: 4c3 23 23 54 23c 23c 23 Q c c c c3 c c c 27 27 27 23 54 54 27 23c 23c 23c 54 108 54 54 54 27 23 23 529 (1) a a... 2 27 0,25 Suy ra: 4z3 23 23 54 23z 23z 23 Q z z z z z z z 27 27 27 23 54 54 27 23z 23z 23z 54 108 54 54 54 27 23 23 529 (1) x x ... S GIO DC V O TO TIN GIANG THI CHNH THC Kè THI TUYN SINH LP 10 Nm hc 2016 2017 MễN THI: TON Thi gian: 120 phỳt (khụng k thi gian giao ) Ngy thi: 11/6/2016 ( thi cú 01 trang, gm 05 bi) Bi I (3,0