chinh phục câu hỏi phân hóa kỳ thi THPT QG 2017 vô cơ và peptit

-Trước kỳ thi THPT QG 2016 tới,BGD có nhiều thay đổi,như bạn thấy thi Hóa thi 40 câu thời gian 50 phút.BGD đưa đề thi minh họa cho môn có môn Hóa thi KHTN,theo đánh giá sơ thấy đề thi gần nằm trọn vẹn chương trình Hóa lớp 12 (giải đề minh họa bạn tham khảo BookGol…).Như câu phân hóa nằm phần nào? Chính phần peptit,vô dạng hỗn hợp tác dụng với hỗn hợp H + NO3 − hay năm nằm dạng nhiệt nhôm hay số dạng khác tất nhiên đề cập đến chuyên đề bao gồm Phần Phần nhiều hơn; dạng tập nằm vào phần câu hỏi phân hóa tập este (trong phần 2).Đề thi Minh Họa chưa thể nói lên điều theo nghĩ đề thi thật khó đôi chút có nhiều mã đề nên câu hỏi phân loại nằm vào dạng trên,tài liệu bạn Trung bỏ công sức làm nên có sai sót nên mong nhận góp ý từ bạn thầy cô.Trong phần giải có chưa rõ nguồn mong tác giả bỏ qua cho.Rất mong nhận phản hồi tích cực cho Phần 1! -Tài liệu phục vụ cho kỳ thi THPT QG 2017,giành cho bạn 99er (98er),các thầy cô dạy Hóa quan tâm đến tài liệu.Tài liệu chắt lọc kỹ hóa hay khó,một số mang tính chất tham khảo giành cho bạn quan tâm đến hay ,lạ không thi ĐH  ! (Phần nhận phản hồi tích cực đầu tư vào phần =)) mong người ủng hộ) Tặng BookGol ! Hà Nội – Bến Tre,21/10/2016! Bài tập 0: (Giải câu 40 đề minh họa Hóa 2017) : Cho m gam hỗn hợp M gồm đipeptit X, tripeptit Y, tetrapeptit Z pentapeptit T (đều mạch hở) tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ, thu hỗn hợp Q gồm muối Gly, Ala Val Đốt cháy hoàn toàn Q lượng oxi vừa đủ, thu lấy toàn khí đem hấp thụ vào bình đựng nước vôi dư, thấy khối lượng bình tăng 13,23 gam có 0,84 lít khí (đktc) thoát Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn m gam M, thu 4,095 gam H2O Giá trị m gần với giá trị sau đây? A 6,0 B 6,5 C 7,0 D 7,5 Cn H 2n1 NO   H 2O Gọi a, b mol axyl nước C H NO Na C H NO nN =0,84:22,4.2=0,075 a= n n n1 = 0,075  n muối n 2n = 0,075  n Na2CO3 = 0,0375 CO2 + m H 2O = 44(0,075n-0,0375)+18n.0,075=13,23  n =3,2 m Bình tăng = m HO m = 9.0,075(2n-1) +18b = 4,095 b = 0,025  m = 0,075(14.3,2+29)+18.0,025=5.985 g Bài tập 1: (Thầy Hoàng Chung)X hexapeptit Y heptapeptit, mạch hở cấu tạo từ Alanin Valin Đốt 5,409 gam hỗn hợp E gồm X Y cần 7,1064 lít Oxi (đktc) Mặt khác đốt 0,2 mol hỗn hợp E thu tổng khối lượng CO2 H2O 293,58 gam Đun nóng hỗn hợp F gồm a mol Y a mol Valin với dung dịch NaOH vừa đủ thu dung dịch chứa muối có m gam Natri valinat m+20,7 gam Natri alanat Giá trị m gần với A 61.5 B 62,0 C 62,5 D 63,0 Cn H 2n1 NO a   H 2O b Ta có hệ phương trình sau  14na  29a  18b  5, 409  na  0, 243 1,5na  0, 75a  0,31725   b 0,  a  0.063   b  0, 01  44na  18na  9a  18b 293,58  n Theo quy tắc đường chéo Ala 27 nAla 0, 036   n 0, 027  Val Val Từ số mol a.a mol pep  n hexa= 0,007 mol; n Hepta = 0,003 mol Vậy hexapep heptapep 27 Val3 Ala3  Val2 Ala5 Cho a mol Y + a mol Val  Hỗn hợp gồm Val:3a + Ala:5a 3a(117  22) m   m  62,55 5a(89  22) m  20, Bài tập 2:X, Y, Z ba peptit mạch hở, tạo từ α-aminoaxit no mạch hở chứa nhóm – NH2, nhóm –COOH Tổng số cacbon X, Y số cacbon Z Đun nóng 21,828g hỗn hợp H gồm X, Y, Z với tỉ lệ mol tương ứng : : (trong có x mol Z) dung dịch NaOH, thu dung dịch T chứa 0,096 mol muối A 0,144 mol muối B (MA < MB) Biết tổng số liên kết peptit X, Y, Z 17 Số mol O2 cần để đốt cháy hết 20,16x mol peptit Z gần với A 6,5 B 6,6 C 6,7 D 6,8 Cn H 2n1 NO a   H 2O b 14na  29a  18b  21,828  a  0, 24 Thu muối cặp muối sau Gly-Ala; Gly-Val; Ala-Val Sau kiểm tra n  b ( b  2a ) thấy có cặp muối Ala-Val thỏa mãn  X : 0, 018 0, 096.2  0,144.5    4,  b  0, 042  Y : 0, 018 0, 096  0,144  Z : 0, 006  Do X Y có số mol nên ta xem peptit( peptit T nhé) cho dễ tính n, n’ số mắc xích Z T Sử dũng mode 7 Table để dò nghiệm (n+n’=17+1+1+1=20) Ala n’ n 10 Val n Ta thấy cặp (4,4) (6,6) thỏa đề  Z nO2  20,16.0, 006.(42  n’ Ala4Val6  C42 H 76 N10O11 76 11  )  6, 71328( mol ) Bài tập 3:Hỗn hợp X gồm peptit có tỉ lệ mol 1:2:3:4, tổng hai số mol peptit có tỉ lệ mol nhỏ 0,06 Thủy phân không hoàn toàn m gam hỗn hợp X điều kiện thích hợp thu hỗn hợp sản phẩm Y gồm 2,92 gam Gly-Ala; 1,74 gam Gly-Val; 5,64 gam AlaVal; 2,64gam Gly-Gly; 11,25 gam Gly; 2,67 gam Ala 2,34 gam Val Biết tổng số liên kết peptit X không vượt 13 Giá trị m gần với: A 25 B 26 C 27 D 28  nGly  0, 22   nAla  0, 08  nGly : nAla : nVal  11: :  n  0, 06  Val 0, 02 0, 04 0, 22  0, 08  0, 06  0, 02  n(pep) nhỏ= 0, 06 11   0, 08 Quy hỗn hợp Cn H 2n1 NO   H 2O n 0, 22.2  0, 08.3  0, 06.5 49 49   m  0,36(14  29)  18.02  27, 76 0, 22  0, 08  0, 06 18 18 Bài tập 4:Hỗn hợp E chứa peptit X (CxHyO5N4) chất hữu Y (C8H16O4N2) Đun nóng 40,28 gam E cần dùng 500 ml dung dịch NaOH 1M, chưng cất dung dịch sau phản ứng thu x gam ancol Z hỗn hợp chứa muối –aminoaxit; có a gam muối A b gam muối B (MA < MB) Dẫn toàn x gam Z qua bình đựng Na dư, thấy thoát 2,016 lít khí H2 (đktc); đồng thời khối lượng bình tăng 6,66 gam Tỉ lệ a : b gần A 0,6 B 0,7 C 0,8 D 0,9 2, 016 : 22, 4.2  6, 66  76  C3 H 8O2 2, 016 : 22, C8 H16O4 N2  CH3CH ( NH )COO  (CH )3  OOCCH NH : 0,09 M ancol  (Hay este gốc Ala gốc Gly) 0,5  0, 09  0, 08 Nhận thấy X tetrapep  40, 28  0, 09(75  89  76  18.2) MX   274  Ala2Gly2 : 0, 08mol 0, 08 a 0, 25(75  22)   0,873 b 0, 25(89  22) nX  Bài tập 5:Thủy phân hoàn toàn m (gam) hỗn hợp X gồm peptit ( cấu tạo chứa Glyxin, Alanin Valin) dung dịch chứa 47,54 gam KOH Cô cạn dung dịch thu 1,8m (gam) chất rắn khan Mặt khác đốt cháy hết 0,5m (gam) X cần dùng 30,324 lít O2, hấp thụ sản phẩm cháy vào 650 ml dung dịch Ba(OH)2 1M thấy khối lượng bình tăng 65,615 (gam) đồng thời khối lượng dung dịch tăng m1 (gam) có khí trơ thoát Giá trị (m1 + m) gần với ? A 78 B 120 C 50 D 80 amol { Cn H2n−1 NO mol H2 Ob Cn H2n NO2 K a mol →{ mol 2377 KOH: ( − a) 2800 14na  29a  18b  m  14na  85a  56  2377  a   1,8m  2800   1,5na  0, 75a  2, 7075  44na  18na  9a  18b  131, 23 Khi đốt 0,5m thu 0, 69n  CO2   1, 075   H O   2n  1 0, 69  2b :  1, 0175  2 + na  2,15 a  0, 69 215   n 69 b  0, 23  m  54, 25 Ba(OH )2  BaCO3  0, 225.197  44,325  m1  m  1,075.44  1,0175.18  44,325  54, 25  75,54( g ) Bài tập 6:(Phan Thanh Tùng)Hỗn hợp X chứa peptit mạch hở, có tổng số liên kết peptit tạo từ các-aminoaxit no, chứa nhóm -NH2 nhóm -COOH Hỗn hợp Y chứa axit cacboxylic ancol có số nguyên tử cacbon Đun nóng hỗn hợp Z gồm X (x mol) Y (3x mol) với dung dịch NaOH vừa đủ, thu ancol T hỗn hợp muối Dẫn toàn T qua bình đựng Na dư, thấy khối lượng bình tăng 10,8 gam; đồng thời thoát 4,032 lít khí H2 (đktc) Đốt cháy toàn muối cần dùng 0,63 mol O2, thu 25,44 gam Na2CO3 hỗn hợp gồm CO2, H2O, N2; tổng khối lượng CO2 H2O 31,0 gam Số nguyên tử hiđro (H) peptit có khối lượng phân tử lớn A 24 B 30 C 26 D 28 Xét ancol T + Nếu Ancol T đơn chức  nT =2nH2 = 0.36 mol; mT = 10,8+ 0,18.2 =11.16 (g)  M(T) =31  Ancol Sao Hỏa có học + Nếu Ancol T chức  nT =nH2 =0,18 mol; mT=11,16 (g)  M (T) =62  Etylen Glycol (C2H6O) Vậy axit CH3COOH HCOO-COOH Giải theo HCOO-COOH ( bạn giải theo CH3COOH nghiệm âm điều chứng tỏ bạn lạc lối) Cn H n NO2 Na : a(mol ) Muối thu   NaCOO  COONa : c(mol ) Ta có hệ phương trình  1,5na  0, 75a  2c  0, 63 na  0,5  25  a  c  0, 48  a  0, 24  n  12  c  0,12  44(na  2c  0, 24)  18na  18 a  31  nAxit =0,12; nAncol =0,12  n pep = (0,12+0,18):3 =0,1 (mol) Do n  25 nên có muối Ala, Gly 12 Theo quy tắc đường chéo 21 12 Gly nGly 25 12 Ala  nAla  21 0, 22  0, 02 12 Phân bố a.a vào pep có trường hợp phù hợp Pep 1: Gly2 0,09 Pep Ala2Gly4 0,01 Bài tập 7(Thầy Hoàng Chung) Hỗn hợp M gồm peptit mạch hở X (cấu tạo từ Gly, Ala, Val số mắt xích gly tổng số mắt xích cùa Val Ala) peptit mạch hở Y cấu tạo từ Alanin, số liên kết peptit X Y Đốt 45,48 gam hỗn hợp M cần 50,4 lít O2 (đktc) thu hỗn hợp CO2, H2O N2, sau ngưng tụ nước thu hỗn hợp CO2 N2 có tỉ khối so với hiđro 2226/107 Mặt khác đun nóng m gam hỗn hợp M với dung dịch NaOH vừa đủ thu dung dịch chứa muối có 86,58 gam Natri alanat; 38,8 gam natri glixinat Đốt 20,17 gam X cần V lít O2 (đktc) Giá trị V gần với A 20 B 22 C 24 D 26 Bài tập 16 (Phúc Bá):Hỗn hợp A có khối lượng 117,1 gam gồm este chức X peptit Y (được cấu tạo từ số axit amin có 1-COOH SGK); X Y có độ bất bão hòa a (4 {b = 0,04 (mol) c = 0,01 Ag AgCl mdd T = 7,23 ∗ + 100 + 101 ∗ 0,13 − 0,15 ∗ 6,1 ∗ = 123,93 (gam) → C%FeCl3 = 10,49% Hòa tan hết 19,68 gam hỗn hợp gồm Mg Fe(NO3 )2 dung dịch chứa HNO3 25,2% thu dung dịch X chứa muối có khối lượng 68,4 gam 2,24 lít (đktc) hỗn hợp khí Y gồm khí không màu có khí hóa nâu không khí có tỷ khối so với He 9,6.Cô cạn dung dịch X,lấy chất rắn nung tới khối lượng không đổi thấy khối lượng chất rắn giảm 48,8 gam.Giả sử nước bay không đáng kể.C% muối Fe(NO3 )3 dung dịch X ? mol Mg a 24a + 180b = 19,68 a = 0,37mol { → { → { mol 40a + 90b = 19,6 b = 0,06mol Fe(NO3 )2 b 2+ Fe ⏟ xmol 3+ BTĐT → Fe ⏟ ymol NH4 + ⏟ zmol { − NO ⏟ tmol 2x + 3y + z + 0,37 ∗ = t BTNT Fe → x + y = 0,06 56(x + y) + 18z + 62t + 0,37 ∗ 24 = 68,4 → BTKL {→ 19,68 + 63(z + t + 0,04) = 3,84 + 68,4 + 18(0,5t − 1,5z + 0,02) x = 0,04mol y = 0,02mol → C%Fe(NO3 )3 = 1,89% z = 0,02mol mol { t = 0,9 Nung m gam hỗn hợp gồm Mg Cu(NO3 )2 điều kiện không khí, sau thời gian thu chất rắn X 10,08 lít (đktc) hỗn hợp khí gồm NO2 O2 Hòa tan hoàn toàn X 650 ml dung dịch HCl 2M,thu dung dịch Y chứa 71,87 gam muối clorua 0,05 mol hỗn hợp khí Z gồm N2 , H2 Tỷ khối Z so với He 5,7.Giá trị m gần với? A.50 B.55 C.45 mmuối nMg = x mol → 24x + 64y + 18z + 35,5 ∗ 1,3 = 71,87 BTĐT nCu(NO3)2 = y mol → mol + { nNH4 = z { D.60 → BTNT O → 2x + 2y + z = 1,3 6y = (0,64 − 2z) + 0,45 ∗ x = 0,39mol → |y = 0,25mol z = 0,02mol Chọn đáp án B m = 0,39 ∗ 24 + 0,25 ∗ 188 = 56,36 gam Cho 20,96 gam hỗn hợp X gồm Mg,MgO, Cu(NO3 )2 Al tan hoàn toàn dung dịch chứa KHSO4 0,9 mol HCl.Sau phản ứng xảy hoàn toàn thu dung dịch Ychỉ chứa m gam hỗn hợp muối trung hòa 2,016 lít (đktc) hỗn hợp khí Z gồm H2 N2 NO có tỷ lệ mol tương ứng 6:1:2 Cho NaOH dư vào Y thấy có 1,52 mol NaOH phản ứng, đồng thời xuất 13,92 gam kết tủa.Giá trị m là? A.94,16 B.88,12 C.82,79 mMg2+ = 13,92 = 0,24mol 58 Na ⏟+ 1,52 mol + K ⏟ Dung dịch sau chứa a mol BTĐT − Cl ⏟ 0,9 mol 2− SO ⏟4 2a mol { AlO2 − → nAlO2− = (0,62 − a)mol D.96,93 BTĐT → BTNT H → BTKL → BTNT N nNH4 + = (4a − 1,44)mol → BTNT O nH2 O = (3,27 − 7,5a)mol → X nNO3 − = (4a − 1,4)mol X nO = (3,29 − 7,5a)mol 24 ∗ 0,24 + 16(3,29 − 7,5a) + 27(0,62 − a) + 14(4a − 1,4) = 20,96 SLOVE → a = 0,38mol → m = 96,93→ D ...-Trước kỳ thi THPT QG 2016 tới,BGD có nhiều thay đổi,như bạn thấy thi Hóa thi 40 câu thời gian 50 phút.BGD đưa đề thi minh họa cho môn có môn Hóa thi KHTN,theo đánh giá sơ thấy đề thi gần... dạng tập nằm vào phần câu hỏi phân hóa tập este (trong phần 2).Đề thi Minh Họa chưa thể nói lên điều theo nghĩ đề thi thật khó đôi chút có nhiều mã đề nên câu hỏi phân loại nằm vào dạng trên,tài... 0,01( mol )  Hoặc 0,01 Gly-Ala, 0,01 Ala-Val3  73,56% 0,01 Gly-Val, 0,01 Ala2-Val2  67,29% 0,01 Ala-Val, 0,01 Gly-Ala-Val2  64,66% 0,01 Ala2-Val, 0,01 Gly-Val2 -> 51,32% trường hợp gần đáp