GIẢI BÀI KIỂM TRA CAO HỌC Bài 1 Sơ đồ c(1) k c(2) k d'k d'k Biểu đồ lứới Tìm luồng bit a) Luồng bit mã hóa (ENC1) bit đuôi Luồng vào 00 S0 11 11 S1 00 10 S2 01 01 S3 10 01 S4 10 10 S5 01 11 S6 00 00 S7 11 k= Chuỗi 11 1 0 0 0 0 1 1 1 2 2 2 3 3 3 4 4 4 5 5 5 6 6 6 7 7 7 k= k= k= k= k= k= 10 01 10 00 00 01 Các luồng bit mã hóa EDC1 bit đuôi tổng kết bảng Bảng 1.Các bit mã đầu mã hóa EDC1 Mã k=0 k=1 Bít hệ thống, dk 1 Bit chắn lẻ, c(1) { } k k=2 k=3 0 k=4 k=5 k=6 0 b) luồng bit mã hóa EDC2 bit đuối Luồng bit vào EDC2 luồng bit bô đan xen cho bảng sau Luồng bit bô mã hóa EDC2 Luồng vào 00 S0 11 11 S1 00 10 S2 01 01 S3 10 01 S4 10 10 S5 01 11 S6 00 00 S7 11 k= Chuỗi 11 1 0 0 0 0 0 1 1 1 2 2 2 3 3 3 4 4 4 5 5 5 6 6 6 7 7 7 k= k= k= k= k= k= k=7 10 11 01 00 01 01 Các luồng bit mã hóa EDC2 cho bảng Bảng Luồng bít tạo mã thành phần thứ hai EDC2 Các luồng bit EDC2 k=0 k=1 k=2 k=3 k=4 1 0 Luồng bit vào {d'k} { } Luồng bit chẵn lẻ c(2) k 1 k=5 k=6 1 c) Các bit đuôi Các bit đuôi nhận khóa chuyển mạch sơ đồ mã turbo chuyển vào vị tri dưới, có tất 12 bit đuôi tạo với bit đuôi cho luồng Bộ mã hóa EDC1 tạo bit đuôi 0, bit đựơc đặt lên luồng sau: (2) d7=0, c(1) = , c =0 (2) d8=0, c(1) = , c8 =0 Bộ mã hóa EDC2 tạo bit 0, bit đặt lên luồng sau: (2) d9=0, c(1) = , c =0 (1) (2) d10=0, c10 = , c10 =0 d) Các luồng bit gồm bit đuôi tổng kết bảng Bảng Các bit gồm bit đuôi k=0 Luồng bít hệ thống, dk Luồng bit chắn lẻ 1, k=1 k=2 k=3 k=4 k=5 k=6 k=7 k=8 k=9 k=10 0 0 0 0 0 0 1 1 0 0 {c } (1) k Luồng bit chắn lẻ 2, {c } (2) k Bài Phân luồng Sơ đồ truyền dẫn HDSPA với 10 SF dựa ghép đa mã cho hình Ghép luồng Tốc độ bit kênh: Hệ thống HSDPA có SF=16, với 10 SF ta có R’b=10R’1b R’1b : Rc Rc 4R x3,84 = , ⇒ R1'b = c = [Mbps ] = 0, 96 Mbps Rs R1b SF 16 R’b=10R’1b= 10x0,96Mbps=9,6Mbps R1b=R’1b/3=9,6/3Mbps=3,2Mbps SF = Độ lợi xử lý: Gp=Rc/R1b=Rc/(R’1b/3)=3Rc/R’1b=3x3,84/0,96=12 Tỷ số Ec/N0 N0[dBm/Hz]= 10lg(kT)[dBm/Hz]+NF[dB] = 10lg(1,380-20x290)[dBm/Hz]+4dB =-174dbm/Hz+6dB=-168dBm/Hz Ec [dBm / Hz ] = Prx [dBm] − 10 lg Rc [dBcps ] − 10 lg10dB = -70dBm-10lg3,84.106[dBcps]= -143,45 dBm/Hz Ec [dB ] = Ec [dBm / Hz ] − N [dBm / Hz ] N0 = -143,45 dBm/Hz+ 168dBm/Hz-10dB=14,55dBm Tỷ số Eb/N0 Eb Prx / R1'b P R E Rc E R = = rx 'c = c = c c N0 N0 N Rc R1b N Rs log M N Rs E E ⇒ b [dB ] = c [dB ] + SF [dB ] − lg =14,55dBm+16dB-1,386dB=29,164dB N0 N0 Bài Độ nhạy máy thu hiệu dụng Băng thông: B = 20 RB[Hz ] = 20 x12 x15kHz =3600 kHz Tạp âm N [dBm] = 10 lg(kT ) + NF [dB ] + 10 lg B[dBHz ] =10(1,38.10-20x290)[dBmW/Hz+4dB+10lg(3,6.106)dBHz = -174dBW/Hz+4dB+65,56dBHz = -144,44dBm Độ nhạy máy thu hiệu dụng Pmin [dBm] = N [dBm] + M I [dB ] + SINR[dB ] = -144,44dBm+4dB-1dB=-141,44dBm Tổn hao đường truyền cực đại: Công suất phát xạ đẳng hướng tương đương: EIRPmax = PTx max [dBm] + G1 [dBi] − L ph1 [dB] − L rf1 [dB] =45dBm+18dBi-2dB-2dB=59dBm Tồn hao cực đại cho phép: L p max [dB] = EIRPmax [dBm] + G [dBi] − Pmin [dBm] − L [dB] = 59dBm+ 144,44 dBm-0dBi-0dB-0dB=203,44 Bán kính phủ sóng cực đại L pmax −138,5 Lpmax=138,5+35,7.lgRmax → R max = 10 35,7x10 Diện tích phủ sóng cực đại cho ba đoạn ô: Smax=1,95.Rmax2=1,95x(1,52)2 km2=4,5km2 = 1,52km