Đề thi vào lớp 10 chuyên môn vật lý ( có đáp án bộ đề từ 2010 2014)

ĐỀ THI TUYỂN SINH VÀO LỚP 10 MÔN: VẬT LÝ ĐỀ Thời gian: 150 phút Trường THPT Chuyên Thừa Thiên Huế Khóa ngày 24 tháng năm 2010 Bài : (2,5 điểm) Hải, Quang Tùng khởi hành từ A lúc để đến B, với AB = km Do có xe đạp nên Hải chở Quang đến B với vận tốc v1 = 16 km/h, liền quay lại đón Tùng Trong lúc Tùng dần đến B với vận tốc v2 = km/h a, Hỏi Tùng đến B lúc ? Quãng đường Tùng phải km ? b, Để Hải đến B giờ, Hải bỏ Quang điểm quay lại chở Tùng B, Quang tiếp tục B Tìm quãng đường Tùng Quang Quang đến B lúc ? Biết xe đạp chuyển động với vận tốc v1, người với vận tốc v2 Bài : (2 điểm) Một cầu sắt có khối lượng m nung nóng đến nhiệt độ t0 0C Nếu thả cầu vào bình cách nhiệt thứ chứa kg nước nhiệt độ 0C nhiệt độ cân hệ 4,2 0C Nếu thả cầu vào bình cách nhiệt thứ hai chứa kg nước nhiệt độ 25 0C nhiệt độ cân hệ 28,9 0C Bỏ qua trao đổi nhiệt với môi trường xung quanh Xác định khối lượng m nhiệt độ t0 ban đầu cầu Biết nhiệt dung riêng sắt nước 460 J/kg.K 4200 J/kg.K TaiLieu.VN Page Bài : (2,5 điểm) U Cho mạch điện hình vẽ Biết : R1 = R3 = R4 = Ω ; + R1 A R6 _ C R3 B R6 = 3,2 Ω ; R2 giá trị phần điện trở tham gia vào mạch biến trở Hiệu R5 điện hai đầu đoạn mạch không đổi U = 60 V a, Điều chỉnh R2 cho dòng điện qua điện trở R5 không TínhD R2 R2 lúc dòng điện qua điện trở b, Khi R2 = 10 Ω, dòng điện qua R5 A Tính R5 R4 Bài : (2 điểm) Cho vật sáng AB đặt vuông góc với trục thấu kính hội tụ (A nằm trục chính) Khi vật vị trí thứ A1B1 cho ảnh thật A’1B’1 cách thấu kính 120 cm Di chuyển vật đến vị trí thứ hai A2B2 (cùng phía với vị trí thứ so với thấu kính) cho ảnh ảo A’2B’2 có chiều cao ảnh thật (A’1B’1 = A’2B’2) cách thấu kính 60 cm a, Nêu cách vẽ hình b, Xác định khoảng cách từ quang tâm đến tiêu điểm thấu kính hai vị trí vật Bài : (1 điểm) Cho bình thuỷ tinh hình trụ tiết diện đều, thước chia tới mm, nước (đã biết khối lượng riêng), dầu thực vật khối gỗ nhỏ (hình dạng không đặn, bỏ lọt vào bình, không thấm chất lỏng, nước dầu thực vật) Hãy trình bày phương án để xác định : a, Khối lượng riêng gỗ b, Khối lượng riêng dầu thực vật TaiLieu.VN Page Đáp án Câu Nội dung – Yêu cầu Điểm a, (1,5 đ) A - Gọi C điểm gặp Hải C s3 s - Trong khoảng thời gian t1 : Hải đoạn đường s + s1 Tùng quãng đường s3 Ta có: B s1 Tùng xe đạp s + s1 = v1.t1 ; s3 = v2.t1 ; s1 + s3 = s  s + s1 + s3 = v1.t1 + s3  2s = v1.t1 + v2.t1 0,25 2s  t1 =  0,8 (h) v1 + v 0,25 - Sau từ C, Hải Tùng B với vận tốc v1 thời gian t2 : t2 = (2,5đ) s1 s - s  4.0,8 = = 0,3 (h)  v1 v1 16 0,25 - Thời gian tổng cộng Tùng : t = t1 + t2 = 0,8 + 0,3 = 1,1(h) = phút - Vậy Tùng đến B lúc phút quãng đường Tùng : 0,25 s3 = v2.t1 = 4.0,8 = 3,2 (km) - 0,25 A b, (1,0 đ) E s3 Gọi t1 thời gian Hải xe đạp chở từ A đến D quay E, thời Tùng từ A đến E (AE = s3) s3 = v2.t1 s1 s D s B Quang gian (1) -Sau Hải Tùng xe đạp từ E đến B (EB = s1) khoảng thời gian t2 Ta có : s1 = v1.t2 (2) t1 + t2 = – = (h) (3) s3 + s1 = (km) (4) TaiLieu.VN Page 0,25 Từ (1), (2), (3) (4), giải ta có: t1 = (h) - Quãng đường Tùng : s3 = v2.t1 = - Ta có : AD + DE = v1.t1 ≈ 2,67 (km) (5) - Từ (1) (5) => AD + DE + AE = 2AD = v1.t1 + v2.t1 = t1(v1 + v2) => AD = = = 0,25 (km) - Quãng đường Quang : DB = s2 = AB – AD = - Tổng thời gian Quang từ A  B : t3 = + = + = ≈ 1,33 (km) 0,25 = (h) = 45 ph Vậy Quang đến B lúc 45 phút 0,25 0,25 - Đối với bình cách nhiệt thứ : Qtỏa1 = Qthu1 m.cqc.(t0 - 4,2) = m1.c (4,2 - 0) m.cqc.(t0 - 4,2) = 5.4200.4,2 = 88200 0,25 (1) 0,25 - Đối với bình cách nhiệt thứ hai : Qtỏa2 = Qthu2 TaiLieu.VN Page m.cqc.(t0 - 28,9) = m2.c (28,9 - 25) 0,25 m.cqc.(t0 - 28,9) = 4.4200.3,9 = 65520 (2 đ) (2) t - 4,2 88200  t  28, 65520 Từ (1) (2) ta có : Thế t0 vào (1) ta có : 0,25  t0  100 ( C) 0,50 m.460.(100 - 4,2) = 88200  m  (kg) 0,50 a, (1,5 đ) - Gọi I1, I2, I3, I4, I5, I dòng điện qua điện trở R1, R2, R3, R4, R5, R6 a - Khi dòng điện qua R5 I5 = U5 = Mạch cầu cân R6 0,50 U - Do : = =1 _ + R1 C R2 = (Ω) A - Điện trở tương đương mạch điện : Rtđ = D R2 I = B 0,25 R5 + R6 = 5,2 Ω - Dòng điện qua R6 : R3 R4 0,25 = 11,54 (A) - Dòng điện qua điện trở : R13 = R24 (2,5đ) 0,25 I1 = I3 = I2 = I4 = I/2 = 5,77 (A) b c b, (1,0 đ) d - Giả sử dòng điện qua R5 có chiều từ C 0,25 D U Tại nút C : I3 = I1 – I5 = I1 - (1) I Tại nút D : I4 = I2 + I5 = I2 + A (2) - Hiệu điện hai đầu đoạn mạch AB: U AB = U + U = U2 + U4 TaiLieu.VN + I1 R1 R6 _ I R3 C I5 I2 B R5 R2 D I4 R4 Page R1I1 + R3I3 = R2I2 + R4I4 (3) - Thế (1), (2) vào (3) : UAB = 2I1 + 2(I1 - 2) = 10I2 + 2(I2 + 2) (4) 4I1 = 12I2 + I1 = 3I2 + 0,25 (5) - Mặt khác : U = U AB + U6 = UAB + R6.(I1 + I2) (6) - Thế (4), (5) vào (6) ta có : 60 = 10I2 + 2.(I2 + 2) +3,2.(4I2 + 2) I2 = = (A) - Thay I2 vào (5), ta có : I1 = 3.2 + = (A) 0,25 - Hiệu điện hai đầu R5 : U5 = UCD = - U AC + UAD = - I1R1 + I2R2 = - 8.2 + 10.2 = (V) Vậy : R5 = = (Ω) 0,25 0,25 B’2 B1 B2 A1 A2 I F’ A’2 A’1 O B’1 TaiLieu.VN Page (2 đ) Cho : A1B1 = A2B2 = h A’1B’1 = A’2B’2 = h’ OA’1 = d’1 = 120 cm OA’2 = d’2 = 60 cm OF’= f = ? ; d1 = ? ; d2 = ? a – (0,5 đ) HS nêu cách vẽ, cho 0,5 điểm 0,50 -b - (1,5 đ) - Xét OA1B1 OA1' B1'  OA1 A1B1 d h  ' '  1'  ' OA1 A1B1 d1 h ' (1) Xét OA B2 OA '2 B'2  OA A B2 d h  ' '  2'  ' OA A B2 d2 h ' (2) Từ (1) (2)  F 'A1' B1'  - Xét F 'OI Xét F 'OI - Từ (3) (4)  d d d1 d  '    d1  2d ' d1 d 120 60 F 'A '2 B'2  F 'O OI f h  ' '  '  ' F 'A1 A1B1 d1  f h ' (3) F 'O OI f h  ' '  '  ' F' A A 2B2 d2  f h ' (4) f f f f  '   d  f d2  f 120  f 60  f ' - Từ (1) (3) ta có : d1 d f 30    d '1 d '1  f 120 120  30 Từ (*) TaiLieu.VN (*)  0,50 f = 30 (cm)  d1 = 40 (cm)  d2 = 20 (cm) 0,50 Page 0,50 a - Đổ vào bình thuỷ tinh lượng nước thể tích V0, dùng thước đo độ cao h0 cột nước bình - Thả khối gỗ vào bình, chìm phần nước, nước dâng lên tới độ cao h1, ứng với thể tích V - Nhấn chìm hoàn toàn khối gỗ vào nước, nước dâng tới độ cao h2, ứng với thể tích V Ta có : Vgỗ = V2 – V0 - Khối gỗ nổi, trọng lượng trọng lượng khối nước mà chiếm chỗ Suy ra: (1 đ) 0,25 0,25 Dgỗ (V2 – V0) = Dnước(V1 – V0) D gỗ = Dnước(V1 – V 0)/(V – V 0) - Do bình hình trụ có tiết diện S nên : Dgỗ = D nước(h1 – h0)/(h2 – h0) - 0,25 b, Làm tương tự với dầu thực vật Với chiều cao h0 ban đầu chiều cao nước ; xác định h’1 khối gỗ dầu Suy : Dgỗ = D dầu(h’1 – h0)/(h2 – h0)  Ddầu = Dgỗ(h2 – h0)/(h’1 – h0) 0,25 TaiLieu.VN Page ĐỀ THI TUYỂN SINH VÀO LỚP 10 MÔN: VẬT LÝ ĐỀ Thời gian: 150 phút Sở GD & ĐT Tỉnh Phú Yên Năm 2011 - 2012 Đề thức Bài 1: (3 điểm) Hai canô xuất phát đồng thời từ phao neo cố định dòng sông rộng Các canô chuyển động cho quỹ đạo chúng hai đường thẳng vuông góc nhau, canô A dọc theo bờ sông Sau quãng đường L phao, hai canô quay trở phao Cho biết độ lớn vận tốc canô nước gấp n lần vận tốc u dòng nước so với bờ Gọi thời gian chuyển động canô A B tA tB (bỏ qua thời gian quay đầu) Xác định tỉ số tA/tB Bài 2: (4 điểm) Một khối nước đá có khối lượng m1 = 2kg nhiệt độ t1 = - 50C a) Tìm nhiệt lượng cần cung cấp cho khối nước đá để biến hoàn toàn thành 1000C b) Bỏ khối nước đá vào xô nhôm chứa nước t2 = 500C Sau có cân nhiệt người ta thấy sót lại 100g nước đá chưa tan hết, tính lượng nước ban đầu có xô Cho biết xô nhôm có khối lượng m2 = 0,5kg; nhiệt dung riêng nước đá, nước nhôm tương ứng là: 2100J/kg.K, 4200J/kg.K, 880J/kg.K; nhiệt nóng chảy nước đá 3,4.105J/kg, nhiệt hoá nước 2,3.106J/kg Bài 3: (3 điểm) C A2 A D A1 V Hình Cho mạch điện hình 1: Ampe kế A2 2A, điện trở có giá trị là: 1, 2, 3, 4 chưa biết vị trí chúng mạch điện Xác định vị trí điện trở số ampe kế A1 Biết vôn kế V 10V số ampe kế số nguyên Các dụng cụ đo lý tưởng TaiLieu.VN Page B Bài 4: (4 điểm) R1 K2 Cho mạch điện hình 2: Khi mở hai khoá K1 K2, công suất toả nhiệt mạch P0 Khi đóng K1, công suất toả nhiệt P1, đóng K2, công suất toả nhiệt P2 R2 R3 K1 Hỏi công suất toả nhiệt đoạn mạch đóng hai khoá K K2? Bỏ qua điện trở dây nối khoá U Hình Bài 5: (4 điểm) Cho hệ quang học hình 3: (L) thấu kính hội tụ có tiêu cự 30cm, vật AB cách thấu kính khoảng d a) Với d = 90cm Xác định ảnh AB qua thấu kính Vẽ ảnh (L) B O A d Hình b) Sau thấu kính, cách thấu kính khoảng x đặt gương phẳng vuông góc với trục thấu kính, mặt phản xạ quay phía thấu kính Định x để ảnh AB qua hệ Thấu kính – Gương có độ lớn không đổi bất chấp giá trị d? Bài 6: (2 điểm) AB dây dẫn thẳng dài vô hạn (hình 4) Cạnh dây AB đoạn dây dẫn CD Giả sử đoạn dây CD chuyển động tự mặt phẳng hình vẽ Khi dòng điện, CD vuông góc với AB Hỏi cho dòng điện qua dây dẫn chiều chúng mũi tên hình vẽ đoạn dây CD chuyển động nào? B I1 I2 C A Hình - HẾT -Thí sinh không sử dụng tài liệu Giám thị không giải thích thêm TaiLieu.VN D Page Rtd  R//  RCA  R1  I 3x 14 x  x  21   x 1   2x  2x 0,25 U 3(3  x) (1)  Rtd 14 x  x  21 U //  I R //  I2  9x (2) 14 x  x  21 U // 4,5 x  R2 14 x  x  21 I A2  I  I   1,5 x 14 x  x  21 (mà IA2 = 0,3A)  1,5 x  0,3  2x – 9x + =  x = 3(  ) x = 14 x  x  21 1,5(  )( T/m)  Như chạy C vị trí cho RBC =  RBC = 1,5  0,25 b.* Với x = 3(  ) (1)  I = 0,6(A) (2)  U// = 0,6(V) I BC  U // 0,6   0,2( A) RCB IA1 = I - IBC = 0,6 - 0,2 = 0,4 (A) Ampe kế A1 0,4A * Với x = 1,5(  ) (1)  I = 0,48(A) (2)  U// = 0,36(V) I BC U 0,36  //   0,24( A) RCB 1,5 IA1 = I - IBC = 0,48 - 0,24 = 0,24 (A) Ampe kế A1 0,24A TaiLieu.VN 0,25 0,25 Page 0,25 Câu A’ a Vẽ hình : H 0,5 B’  A điểm B C F’ O  F Nhận xét: 0,25 A’B’ ảnh ảo, lớn AB b 1 1 1        d B ' = -30(cm) d B ' f d B 30 15 30 Khoảng cách từ ảnh B’ tới thấu kính 30cm Khoảng cách từ A tới thấu kính là: dA = 15 + = 18(cm) 0,25 0,25 1 1 1        d A '  - 45(cm) d A ' f d A 30 18 45 Khoảng cách từ ảnh A’ tới thấu kính 45(cm) Khoảng cách ảnh là: HB’ = 45 -30 = 15(cm) OC 10 o Xét  OCF’ có tan  =     = 30 OF ' 30 0,25 Xét  A’B’H có góc B’ =  = 30 o ( góc đồng vị) Có A' B '  TaiLieu.VN HB ' 15   10 (cm) o cos 30 Vậy ảnh A’B’dài 10 3cm 0,25 Page 0,25 Câu điểm Điện trở thông số định mức đèn có giá trị sau: Đèn UĐm PĐm IĐm R Đ1 3V 3W 1A 3Ω Đ2 9V 6,75W 0,75A 12Ω Đ3 9V 13,5W 1,5A 6Ω Đ4 3V 1,5W 0,5A 6Ω 0,25 a Khi K1 đóng, K2 mở * Giả sử đèn bị cháy, mạch có dạng: (Đ1nt Đ3)//(Đ2 0,25 nt Đ4) R13 = R1 + R3 = 9(Ω); I1 = I3 = U AB = 1(A) R13 Đ1 Đ3 M A  Đ sáng bình thường, Đ sáng yếu Đ4 Đ2 B N U R24 = R2 + R4 = 18(Ω); I2 = I4 = AB = 0,5(A) R24 K1 0,25  Đ sáng yếu, Đ4 sáng bình thường Chứng tỏ đèn cháy Vậy: Đ1 sáng bình thường, Đ2 sáng yếu, Đ sáng yếu, Đ4 sáng bình thường 0,25 b Khi K1 đóng, K2 đóng *Giả sử đèn bị cháy, mạch có dạng: (Đ1// Đ 2) nt (Đ // Đ 4) R12  R1 R2 3.12   2,4() R1  R2  12 Đ1 Đ3 M A Đ4 Đ2 TaiLieu.VN N K1 B Page R34  R3 R4  3() R3  R4 Rtd  R12  R34  2,4   5,4() I U   ( A) Rtd 5, * U  U  IR12  2,4  4(V ) Ta thấy: + U  U Đm1 100%  33,3%  35%  Đ sáng mức bình U Đm1 thường chưa bị cháy + U2 < UĐm2  Đ sáng yếu * U  U  IR34   5(V ) 0,25 Ta thấy: + U3 < UĐm3  Đ3 sáng yếu + U  U Đm 100%  66, 67%  35%  Đ4 cháy U Đm Đ1  Khi mạch điện đèn mắc theo dạng:(Đ 1//Đ A 2)nt Đ3 Đ3 M B Đ2 Rtd  R12  R3  2,4   8,4() U I   1, 07( A) Rtd 8, 0,25 K1 U  U  IR12  1,07.2,4  2,57(V )  Đ1, Đ sáng yếu U  U  U   2,57  6,43(V )  Đ3 sáng yếu Vậy: Đ1 sáng yếu, Đ2 sáng yếu, Đ sáng yếu, Đ4 không sáng(bị cháy) 0,25 0,25 TaiLieu.VN Page 10 ĐỀ THI TUYỂN SINH VÀO LỚP 10 ĐỀ MÔN: VẬT LÝ Thời gian: 150 phút Năm 2014 Đề thức Câu 1: (1,5 điểm) Một cứng, mảnh AB có chiều dài  = 2m dựng đứng sát tường thẳng đứng (hình vẽ) Ở đầu A có kiến Khi đầu A bắt đầu chuyển động sàn ngang bên phải theo phương vuông góc với tường kiến bắt đầu bò dọc theo Đầu A chuyển động thẳng với vận tốc v1 = 0,5 cm/s so với sàn kể từ vị trí tiếp xúc với tường Con kiến bò thẳng với vận tốc v2 = 0,2 cm/s so với kể từ đầu A B A Tìm độ cao cực đại kiến sàn ngang Biết đầu b tiếp xúc với tường thẳng Câu 2: (2 điểm) a) Một cục nước đá đóng băng có chứa mẩu chì nhỏ bên Phần nước đóng băng có khối lượng M = 0,1 kg, mẩu chì có khối lượng m = g Cục nước đá đóng băng thả mặt nước bình đậy kín Nhiệt độ nước bình cục nước đá giữ không đổi 00C Phải cung cấp nhiệt lượng cho cục nước đá để bắt đầu chìm xuống nước? Cho biết khối lượng riêng chì, nước đá nước là: 11,3 g/cm3; 0,9 g/cm3 g/cm3; nhiệt nóng chảy nước đá 3,3.105 J/kg TaiLieu.VN Page b) Một bình có đáy mặt phẳng ngang đặt mặt phẳng ngang Trong bình có chứa hai chất lỏng không trộn lẫn vào Khối lượng riêng chất lỏng D1 D2, bề dày lớp chất lỏng tương ứng h1 h2 Từ mặt thoáng chất lỏng bình, người ta thả không vận tốc ban đầu vật nhỏ, vật chạm tới đáy bình lúc vận tốc vật không Tìm khối lượng riêng chất làm vật nói Biết vật rơi theo phương thẳng đứng Bỏ qua lực cản chất lỏng Câu 3: (2,5 điểm) M Cho mạch điện hình vẽ bên Trong R1 = R4 =  ; R2 = R3 = R5 =  ; vôn kế có điện trở A lớn Khi đặt lên hai đầu MN hiệu điện UMN = U không đổi thấy: K mở vôn kế 1,2 V; K đóng vôn kế 0,75 V Biết dây nối khóa K có điện trở không đáng kể Coi điện trở không thay đổi theo nhiệt độ R5 N _ + R R3 C B V R4 R2 D R6 K a) Tìm U R6 b) K đóng, thay vôn kế ampe kế có điện trở không đáng kể Tìm số ampe kế Câu 4: (2 điểm) a) Cho mạch điện hình bên Các điện trở có giá trị R1 = R4 =  ; R2 =  ; R3 =  , R5 điện trở có giá trị xác định khác không Khi đặt lên hai đầu đoạn mạch AB hiệu điện không đổi (UAB > 0) cường độ dòng điện qua R2 1A R1 R2 M B A R5 R4 R3 N Biết dây nối có điện trở không đáng kể Coi điện trở không thay đổi theo nhiệt độ Tìm cường độ dòng điện qua R3 b) Cho nam châm chữ U bóng đèn dây tóc thắp sáng Biết dòng điện qua bóng đèn có cường độ lớn, dấy tóc bóng đèn đủ bền Nêu cách xác định dòng điện qua bóng đèn dòng chiều hay dòng xoay chiều? Giải thích cách xác định TaiLieu.VN Page Câu 5: (2 điểm) Một nguồn sáng điểm S đặt tiêu điểm thấu kính hội tụ có tiêu cự 12 cm Trên ảnh đặt sau thấu kính, vuông góc với trục thấu kính, cách thấu kính khoảng  = 5f người ta thu hình tròn sáng có bán kính r Phải dịch nguồn sáng S dọc theo trục thấu kính đoạn theo chiều để thu hình tròn sáng có bán kính R = 3r? ………………………….Hết…………………………… Thí sinh không sử dụng tài liệu, cán coi thi không giải thích thêm Họ tên thí sinh………………………… Số báo danh………………… TaiLieu.VN Page Đáp án Câu 1: (1,5 điểm) + Khi đầu A di chuyển từ A đến A’ kiến di chuyển từ A’ đến K khoảng thới gian S AA + Khi đó: ' SA K  ' B B’ v1 0,5   2,5 v 0, K + Nếu quãng đường kiến di chuyển S A K = x '   SAA = 2,5x A’ A H ' + Độ dài đoạn AB’ là: AB’2 = 22 – (2,5x)2 = – 6,25x2 HK A' K + Dẫn đến:  AB ' A' B ' A' K x2   HK  AB ' '2    6,25 x  = - 1,5625x4 + x2 AB '2 + Để HK có giá trị Max x2 =  + Khi đó: Max HK = b   0,32 2a 2.1,5625 1,5625.0,32  0,32 = 0,4 (m) Câu 2: (2 điểm) Gọi nước đá sót lại bao quanh mẩu chì x g + Thể tích nước đá lại mẩu chì là: Vđ = md x  (cm3) Dd 0,9 Vc = mc  (cm3) Dc 11,3 + Để cục nước đá chứa chì bắt đầu chìm khối lượng riêng trung bình nước đá chì khối lượng riêng nước TaiLieu.VN Page Dđc = Dn   mdc x5       x  41 (g) x v dc  0,9 11,3 + Khối lượng nước đá tan là: m = M – x = 100 – 41 = 59 (g) + Nhiệt lượng cần cung cấp để làm m g nước đá tan là: Q = m  = 0,059.3,3.105 = 19470 (J) b) Do vận tốc ban đầu vận tốc vật chạm đáy bình 0, lại bỏ qua lực ma sát nên theo định luật công Công sinh làm cho vật chìm chất lỏng công sinh làm cho vật chìm chất lỏng + Giả sử D1 > D2 khối lượng riêng cần tìm vật D + Theo định luật công: A1 = A2   (P – FA1).h1 = (FA2 – P).h2   (10.DV – 10.D1V).h1 = (10.D2V – 10.DV).h2   Dh1 – D1h1 = D2h2 – Dh2   D= D1h1  D2 h2 h1  h2 Câu 3: (2,5 điểm) * Khi K mở, mạch trở thành:  R ntR  / /  R ntR  ntR + Khi ta có: R13 = R1 + R3 = + = ( ) R24 = R2 + R4 = + = ( ) R// = R13 R24 4.4   2 R13  R24  Rm = R// + R5 = + =    TaiLieu.VN Page + Dòng điện chạy qua mạch là: I = U U  (A) = I// Rm + Hiệu điện đoạn mạch song song là: U// = I//.R// = U 2U  (V) = U13 = U24 5 + Khi dòng điện chạy qua R13 R24 là: 2U U U I13 = 13   (A) = I1 = I3 R13 10 2U U U I24 = 24   (A) = I2 = I4 R24 10 + Hiệu điện R1 R2 là: U1 = I1.R1 = U U  (V) ; 10 10 + Vậy: U2 – U1 = 1,2    U2 = I2.R2 = U 3U  (V) 10 10 3U U   1,2   U = 6(V) 10 10 Khi K đóng mạch trở thành:  R ntR  / /  R ntR  / / R  ntR + Theo câu a R1234 = R// =      R//6 = + Điện trở mạch là: R = R//6 + R5 = + Dòng điện chạy qua mạch: I = R// R6 2x   R//  R6  x 2x 5x  3  2 x 2x 6. x   U   (A) = I//6 R 5x  5x  x2 + Hiệu điện R//6 là: U//6 = I//6.R//6 = 6. x   x 12 x  (V) = U13 = 5x  x  5x  U24 TaiLieu.VN Page + Dòng điện chạy qua R13, R24 là: 12 x U 3x I13 = 13  x   (A) = I1 = I3 R13 5x  12 x U 3x I24 = 24  x   (A) = I2 = I4 R24 5x  + Hiệu điện R1 R2 là: U1 = I1.R1 = 3x 3x  (V) ; 5x  5x  U2 = I2.R2 = 3x 9x  5x  5x  (V) 9x 3x   0,75   x = R6 = 2(  ) 5x  5x  + Vậy: U2 – U1 = 0,75   b) Khi K đóng thay vôn kế ampe kế mạch trở thành:  R / / R  nt  R / / R   / / R  ntR + Ta có: R12 = R1.R2 1.3   0,75    R1  R2  R24 = R3 R4 1.3   0,75    R3  R4  R1234 = R12 + R34 = 0,75 + 0,75 = 1,5    R// = R1234 R6 1,5.2    R1234  R6 1,5  R = R// + R5 = TaiLieu.VN 27    7 Page + Dòng điện chạy qua mạch là: I = U 14   (A) = I// R 27 + Hiệu điện đoạn mạch song song là: U// = I//.R// = + Dòng điện chạy qua R1234 là: I1234 = U 1234 R1234 14  (V) = U1234   (A) = I12 = I34 1,5 + Hiệu điện R12 R34 là: U12 = I12.R12 = 0,75  (V) = U1 = U2 U34 = I34.R34 = 0,75  (V) = U3 = U4 + Dòng điện chạy qua R1 R3 là: U I1 =   (A) R1 U I3 =   (A) R3 + Vậy dòng điện chạy qua ampe kế là: IA = I1 – I3 = 2   (A) 9 Câu 4: (2 điểm)  Giả sử chiều dòng điện chạy qua R5 từ M đến N + Hiệu điện R2 là: U2 = I2.R2 = 1.4 = 4(V) + Tại điểm M: Tại điểm N: I5 = I1 – I5 = I4 – I3 + Khi đó: I1 – = I4 – I3   I1 – I4 = – I3 (*) + Lại có: U1 + U2 = U3 + U4   2I1 + = 6I3 + 2I4 TaiLieu.VN Page   I1 – I4 = 3I3 – (**) + Từ (*) (**) có: – I3 = 3I3 –   I3 = 0,75(A) b) Như ta biết dây dẫn thẳng có dòng điện chạy qua đặt từ trường không song song với đường sức từ có lực từ tác dụng lên * B1: Đặt bóng đèn dây tóc vào hai cực nam châm chữ U cho dây tóc bóng đèn vuông góc với đường sức từ * B2: Quan sát dây tóc bóng đèn: + Nếu dây tóc bóng đèn cong phía so với ban đầu dòng điện chạy qua dây tóc bóng đèn dòng chiều, (có lực từ tác dụng lên dây tóc) + Nếu dây tóc bóng đèn đứng yên dòng điện chạy qua dây tóc bóng đèn dòng xoay chiều, (lực từ tác dụng lên dây tóc đổi chiều không kịp theo đổi chiều qúa nhanh dòng điện) Câu 5: (2 điểm)  Một nguồn sáng đặt tiêu điểm cho chùm tia ló song song với trục chính, ảnh nguồn sáng xa vô Ta có hình vẽ sau: S F TaiLieu.VN r O F’ Page  Theo toán xảy hai trường hợp sau: `* Trường hợp 1: Nếu điểm sáng S di chuyển xa thấu kính đoạn SS’ = d Ta có sơ đồ tạo ảnh sau: 3r FP S O F’ F H S’ OS' r OS' S ' H OS'  S ' H f + Ta có: '        S H 3r 3 4   OS’ = d’ = + Do S’ ảnh thật nên: 5f = 1,25.f 1 1   '  f d d d 1,25 f   d = 5f + Vậy điểm S dịch chuyển xa thấu kính đoạn:  d = d – f = 5f – f = 4f = 4.12 = 48 (cm) TaiLieu.VN Page 10 * Trường hợp 2: Nếu điểm sáng S di chuyển xa thấu kính đoạn SS’ = d Ta có sơ đồ tạo ảnh sau: 3r FP ’ S S O + Tương tự ta có OS’ = d’ = + Mà S’ ảnh ảo nên: H F’ F 5f = 1,25.f 1 1   '  f d d d 1, 25 f   d= f + Vậy điểm S dịch chuyển lại gần thấu kính đoạn: d = f– d = f– TaiLieu.VN 4 16 f = f = 12 = (cm) 9 Page 11 [...]... theo dạng :( 1//Đ A 2)nt Đ3 Đ3 M B Đ2 Rtd  R12  R3  2,4  6  8, 4( ) U 9 I   1, 0 7( A) Rtd 8, 4 0,25 K1 U 1  U 2  IR12  1,07.2,4  2,57(V )  Đ1, Đ 2 sáng yếu U 3  U  U 1  9  2,57  6,43(V )  Đ3 sáng yếu Vậy: Đ1 sáng yếu, Đ2 sáng yếu, Đ 3 sáng yếu, Đ4 không sáng(bị cháy) 0,25 0,25 TaiLieu.VN Page 10 ĐỀ THI TUYỂN SINH VÀO LỚP 10 ĐỀ 1 MÔN: VẬT LÝ Thời gian: 150 phút Năm 2014 Đề chính thức... CHẤM ĐỀ THI CHÍNH THỨC MÔN VẬT LÝ CHUYÊN Bài Đáp án chi tiết 1 Điểm Vận tốc của canô A khi đi xuôi, ngược dòng là: vAx = nu + u = u(n + 1) 0,5 vAng = nu – u = u(n – 1) 0,5 Thời gian đi và về của canô A: tA  L L 2Ln   u(n  1) u(n  1) u(n 2  1) (1 ) 0,5 Vận tốc của canô B khi đi ngang sông là: 3đ vB = (nu)2  u 2  u n 2  1 Thời gian đi và về của canô B: tB  2L (2 ) u n 2 1 Từ (1 ) và (2 ) ta có: ... trí của vật thì hai thấu kính O 1 và O2 có trục chính trùng nhau Khi đó khoảng cách giữa hai thấu kính O1 và O2 là : O1O 2 = f1 + f2 = 6 + 9 = 12 (cm) TaiLieu.VN Page 10 ĐỀ THI TUYỂN SINH VÀO LỚP 10 MÔN: VẬT LÝ ĐỀ 1 Thời gian: 150 phút Sở GD & ĐT Hải Phòng Năm 2013 - 2014 Đề chính thức Câu 1 (2 ,0 điểm): Một quả cầu đặc đồng chất có khối lượng M = 12kg, bán kính R = 16cm được thả vào một hồ có mực nước... Đ1 Đ3 M A  Đ 1 sáng bình thường, Đ 3 sáng yếu Đ4 Đ2 B N U R24 = R2 + R4 = 1 8( ); I2 = I4 = AB = 0,5(A) R24 K1 0,25  Đ 2 sáng yếu, Đ4 sáng bình thường Chứng tỏ không có đèn nào cháy Vậy: Đ1 sáng bình thường, Đ2 sáng yếu, Đ 3 sáng yếu, Đ4 sáng bình thường 0,25 b Khi K1 đóng, K2 đóng *Giả sử không có đèn nào bị cháy, mạch có dạng: ( 1// Đ 2) nt ( 3 // Đ 4) R12  R1 R2 3.12   2, 4( ) R1  R2 3  12... 0 q 1(7 8 – t) = q(t – 19)   31q(78 – t) = q(t – 19)   t  76,2 C b, Sau một số lớn lần nhúng nhiệt kế ta coi như bài toán đổ hai chất lỏng vào nhau rồi thả nhiệt kế vào đó + Khi đó phương trình cân bằng nhiệt là :  59  ’ ’ q 1(8 0 – t’) = (q2 + q)(t’ – 16)   31q(80 – t ) =  q  q  (t – 16)  3  0   t = 54,5 C Câu 3 : (3 ,0 đ) 1, Ta có sơ đồ mạch điện là : R1 / /( R3 ntĐ)ntR2 / /( R4...  100  10 | R 2 R 3  R 1R 4 | 3đ 0,25 Hay: | R 2 R 3  R 1R 4 | 10 Giá trị các điện trở và số chỉ ampe kế A1 cho bởi kết quả sau: UV (A) R AB R 2( ) R 3( ) R 1( ) R 4( ) RAB() IA1 = 3 4 2 1 2 5 2 1 4 3 25/12 4,8 (loại) 0,25 0,25 TaiLieu.VN Page 4 0,5 4  Khi cả K1, K2 đều mở: P0  U2 R1  R 2  R 3 (1 ) 0,75  Khi chỉ đóng K1 công suất P1, chỉ đóng K2 công suất P2 thì: P1  U2 R3 (2 ); P2  U2 R1 (3 )... 0, 9( kg )  336000 0,25 Khối lượng nước có trong bình khi cân bằng nhiệt là: mn’ = mn + mtan = 3 + 0,9 = 3,9 (kg) 0,25 b Thể tích phần nước có trong bình ban đầu là: TaiLieu.VN Page 4 Vn  Mực nước ban đầu là: h  mn 3   0,003(m 3 )  3000(cm 3 ) Dn 100 0 Vn 3000   15(cm) S 200 0,25 Thể tích phần nước có trong bình sau khi có cân bằng nhiệt là: Vn '  mn ' 3,9   0,0039(m 3 )  3900(cm 3 ) Dn 100 0... 0,25 U 3(3  2 x) (1 )  Rtd 14 x  2 x 2  21 U //  I R //  I2  9x (2 ) 14 x  2 x 2  21 U // 4,5 x  R2 14 x  2 x 2  21 I A2  I  I 2  9  1,5 x 14 x  2 x 2  21 (mà IA2 = 0,3A) 9  1,5 x 2  0,3  2x – 9x + 9 = 0  x = 3(  ) và x = 2 14 x  2 x  21 1, 5(  )( T/m)  Như vậy con chạy C ở vị trí sao cho RBC = 3  hoặc RBC = 1,5  0,25 b.* Với x = 3(  ) (1 )  I = 0,6(A) (2 )  U// = 0,6(V) I... 15 30 Khoảng cách từ ảnh B’ tới thấu kính là 30cm Khoảng cách từ A tới thấu kính là: dA = 15 + 3 = 18(cm) 0,25 0,25 1 1 1 1 1 1        d A '  - 45(cm) d A ' f d A 30 18 45 Khoảng cách từ ảnh A’ tới thấu kính là 45(cm) Khoảng cách giữa 2 ảnh là: HB’ = 45 -30 = 15(cm) OC 10 3 1 o Xét  OCF’ có tan  =     = 30 OF ' 30 3 0,25 Xét  A’B’H có góc B’ =  = 30 o ( góc đồng vị) Có A' B '  TaiLieu.VN... 162 = (A) = I 3 = Iđ   R3d x3 17 x  129 U3 = I3.R3 = U5 = I5.R5 = 162 x (v) 17 x  129 9( x  6) 6 (v) 17 x  129 + Số chỉ của vôn kế là: UED = U 3  U 5  162 x 54 x  324 108 x  324   (v) 17 x  129 17 x  129 17 x  129 + Khi đó số chỉ của vôn kế nhỏ nhất là UED = 0 khi x = R3 = 324 = 3 ( ) 108 + Số chỉ của vôn kế lớn nhất khi x = R3 = 30 (  ) TaiLieu.VN Page 7   U ED = 108 x  324 108 .30