MỘT số PHƯƠNG PHÁP GIẢI hệ PHƯƠNG TRÌNH và hệ bất PHƯƠNG TRÌNH đại số

ĐẠI HỌC QUỐC GIA HÀ NỘI TRƯỜNG ĐẠI HỌC KHOA HỌC TỰ NHIÊN HOÀNG THỊ DỊU MỘT SỐ PHƯƠNG PHÁP GIẢI HỆ PHƯƠNG TRÌNH VÀ HỆ BẤT PHƯƠNG TRÌNH ĐẠI SỐ LUẬN VĂN THẠC SỸ TOÁN HỌC HÀ NỘI - NĂM 2014 ĐẠI HỌC QUỐC GIA HÀ NỘI TRƯỜNG ĐẠI HỌC KHOA HỌC TỰ NHIÊN HOÀNG THỊ DỊU MỘT SỐ PHƯƠNG PHÁP GIẢI HỆ PHƯƠNG TRÌNH VÀ HỆ BẤT PHƯƠNG TRÌNH ĐẠI SỐ Chuyên nghành: PHƯƠNG PHÁP TOÁN SƠ CẤP Mã số 60.46.01.13 LUẬN VĂN THẠC SỸ TOÁN HỌC Người hướng dẫn khoa học GS TSKH NGUYỄN VĂN MẬU HÀ NỘI - NĂM 2014 Mục lục LỜI GIỚI THIỆU CÁC DẠNG HỆ PHƯƠNG TRÌNH CƠ BẢN 1.1 Hệ phương trình tuyến tính 1.2 Hệ phương trình đối xứng 10 1.3 Hệ phương trình dạng hoán vị vòng quanh 18 1.4 Hệ phương trình đẳng cấp 24 MỘT SỐ PHƯƠNG PHÁP GIẢI HỆ PHƯƠNG TRÌNH 28 2.1 Phương pháp 28 2.2 Phương pháp đặt ẩn phụ 32 2.3 Phương pháp sử dụng tính đơn điệu hàm số 39 2.4 Phương pháp sử dụng bất đẳng thức 46 2.5 Phối hợp nhiều phương pháp 55 HỆ BẤT PHƯƠNG TRÌNH ĐẠI SỐ 57 3.1 Phương pháp tham số hóa giải hệ bất phương trình 57 3.2 Hệ phương trình bất phương trình ẩn 60 Kết luận Tài liệu tham khảo 70 71 LỜI GIỚI THIỆU Hệ phương trình chuyên đề quan trọng chương trình học phổ thông Đề thi đại học năm hầu hết có câu hệ phương trình Đó phần học quan trọng đại số lớp 10 Từ lâu việc tìm cách tổng hợp phương pháp để giải hệ phương trình nhiều người quan tâm Hệ bất phương trình lại lĩnh vực mà người quan tâm Các tài liệu tổng hợp phương pháp giải hệ bất phương trình nói Dựa giúp đỡ dẫn thầy Nguyễn Văn Mậu với tìm tòi tham khảo tổng hợp số phương pháp giải hệ phương trình hệ bất phương trình đại số Ngoài phần mở đầu, phần kết luận chung, danh mục tài liệu tham khảo, cấu trúc luận văn bao gồm có ba chương Chương trình bày số dạng phương pháp cách giải hệ phương trình đại số Chương trình bày số phương pháp ví dụ giải hệ bất phương trình đại số Chương xét hệ chứa tham số hệ bất phương trình ẩn Chương CÁC DẠNG HỆ PHƯƠNG TRÌNH CƠ BẢN 1.1 Hệ phương trình tuyến tính Nhận dạng Xét hệ phương trình a1X + b1Y = c1 a2X + b2Y = c2 Phương pháp giải Thường có ba phương pháp: Cách phương pháp Tư phương trình ta rút ẩn theo ẩn vào phương trình lại Cách phương pháp cộng đại số Cộng trừ vế hai phương trình hợp lý để dễ dàng tìm x y Cách dùng định thức Ta kí hiệu D= ab cb ac 2b1, DX = 1c2 b 2= c1b2−c2b1, D2Y = 1a b = a1b22−a TH1: D = Hệ có nghiệm D  X = D X  D Y = D Y 1a c = a1c2−a2c1 TH2: D = DX = DY = Hệ có vô số nghiệm dạng {(X0; Y0)|a1X0 + b1Y0 = c1} TH3:D = DX = DY = Khi hệ vô nghiệm Lưu ý : Đôi cần vài biến đổi đặt ẩn phụ hệ quy hệ hai phương trình bậc hai ẩn Sau số toán Và thông thường, với toán ta kết hợp vài phương pháp để giải cách thuận lợi Bàitoán+ 1.1 Giải hệ phương trình x−y =5 − yx  5xy −  Lời  giải Điều kiện: x = y Hệ phương trình đề tương đương với 3x + 3y + = −2x + 2y 15x − 3y = 5y − 5x ⇔ 5x + y = 5x −2− 2y = Từ phương trình thứ nhất, ta rút4ra y = −5x − 2, vào phương trình 2thứ hai 15x + = hay x = − 15 , từ dễ dàng tìm y = − Vậy nghiệm hệ phương trình cho (x; y) = (− 15; 3− ) Bài toán 1.2 Giải hệ phương trình Lời giải x y =3 6 10   + x y =1 9−  Đặt x = u, 1y = v với u, v = Khi hệ phương trình trở thành 6u + 5v = 9u − 10v = Nhân hai vế phương trình đầu với cộng vế phương trình thu với phương trình lại ta u = , thay vào hai phương trình v = Từ suy nghiệm hệ phương trình (x; y) = (3; 5) Bài toán 1.3 Giải hệ phương trình + y +7 y +3 =5  2xx − − 32   Lời giải y +3 x −  x + + 3y + =  +1+ y +3 =5  x−  2 + y +3 =5 x − +3 −  1 + Hệ phương trình tương đương với + y +3 =2  1x −   y +3 =1 x−2− 3 u + 4v =  Đặt = u, y +3 = v với u, v = hệ trở thành x−2 3u − 8v = Sử dụng định thức, ta tính 1D = −20, DX = −20, DY = −5 Từ thu u = DX D = 1, D v ==D.YCuối4cùng ta dễ dàng tính (x; y) = (3; 1) ⇔ Hay ta xét hệ chứa dấu giá trị tuyệt đối mà chia trường hợp để giải quy hệ hai phương trình bậc hai ẩn Bài toán 1.4 Giải hệ phương trình sau |x − 1| + y = 2x − y = Lời giải Từ phương trình thứ rút y = −|x − 1|, vào phương trình thứ hai ta thu |x − 1| = − 2x TH1 Nếu x ≥ |x − 1| = x − 1, x − = − 2x, tìm x = < 1, không thỏa mãn TH2 Nếu x < |x − 1| = − x, giải tương tự tìm x = < 1, thỏa mãn Khi y = −1 Vậy nghiệm hệ (x; y) = (0; −1) Sau ta đưa số toán hình học phẳng câu đề thi đại học năm gần ứng dụng giải hệ phương trình tuyến tính bậc Bài toán 1.5 (Đề thi Đại học khối A 2014) Trong mặt phẳng tọa độ Oxy, cho hình vuông ABCD có điểm M trung điểm đoạn AB N điểm thuộc đoạn AC cho AN = 3N C Viết phương trình đường thẳng CD, biết M (1; 2) N (2; −1) Lời giải M A K B I N C D Hình 1.1: Gọi K trung điểm MB, N K song song với BC , N K vuông góc với AB CD Gọi E giao đường thẳng N K với DC a Trong tam giác vuông MKN ta có MK = , N K = 3a a 10 √ 4 , suy MN = Từ cos MN K = √ 10 Gọi vecto phương N K có tọa độ (a; b) (a2 + b2 > 0) Ta có −−→ =MN (1; −3) Khi ta có |a − 3b| cos(N K, N M ) = | cos MN K | ⇔ √a2 + b2.√10 = √10 √ ⇔ |a − 3b| = a2 + b2 ⇔ a2 − 6ab + 9a2 = 9(a2 + b2) ⇔ 4a2 + 3ab = a =0 ⇔ 4a + 3b = - Với a = 0, a2 + b2 > nên ta chọn b = Khi dễ dàng viết phương trình đường thẳng AB y − = 0, đường thẳng N K x − = Suy tọa độ điểm K nghiệm hệ phương trình y − 2=0 x − 2=0 Suy K (2; 2) −−→ −−→ Ta có KE = KN3 Từ suy E(2; −2) Đường thẳng CD qua điểm E(2; −2), nhận vecto phương (0; 1) N K làm vecto pháp tuyến có phương trình y + = - Với 4a + 3b = 0, a2 + b2 > 0, nên ta chọn a = 3, b = −4 D vecto phương N K (3; −4) Khi dễ dàng viết phương trình đường thẳng AB 3x − 4y + = 0, đường thẳng N K 4x + 3y − = Tọa độ điểm K nghiệm hệ phương trình 3x − 4y + = 4x + 3y − = ⇔ x = y = Suy tọa độ điểm K ; 5 55 Tương tự lập luận trường hợp ta tìm điểm E 13 ; − Do ta dễ dàng viết phương trình đường thẳng CD 3x − 4y − 15 = Bài toán 1.6 (Đề thi Đại học khối D 2011) Trong mặt phẳng tọa độ Oxy, cho tam giác ABC có đỉnh B(−4; 1), trọng tâm G(1; 1) đường thẳng chứa phân giác góc A có phương trình x − y − = Tìm tọa độ đỉnh A C Lời giải B(−4,1) d I G A C M B′ Hình 1.2: Gọi d đường phân giác góc A, tức d có phương trình x−y−1 = Gọi điểm B ′ đối xứng với điểm B qua d Vì d tia phân giác góc A nên suy B ′ nằm đường thẳng AC Gọi I giao điểm BB ′ d Suy tọa độ I nghiệm hệ phương trình x + y +3=0 x − y − 1= ⇔ x = −1y = −2 Suy I (−1; −2) Ta có I trung điểm BB ′, dễ dàng ta tìm B ′(2; −5) Gọi M trung điểm AC , suy −−→ 2−−→ Do ta tìm M BG = GM Đường thẳng AC qua hai điểm B ′ M nên ta viết phương trình ;1 AC 4x − y − 13 = Điểm A giao điểm d AC nên tọa độ điểm A nghiệm hệ phương trình Suy A(4; 3) 4x − y − 13 = x − y − 1= ⇔ x =4 y =3 Điểm M trung điểm AC nên dễ dàng tìm C (3; −1) Chương HỆ BẤT PHƯƠNG TRÌNH ĐẠI SỐ 3.1 Phương pháp tham số hóa giải hệ bất phương trình Bài toán 3.1 Chứng minh hệ sau có nghiệm √ √ (1) + y − > 2√ √ yx + +1+ x−2>2 Lời giải Ta xét toán ệ Tìm m để h phương trình sau √ có nghiệm (1) √ √ + y − 2m = m√ √ √ yx ++1+ x − 2= Điều kiện: x 2, y Với m hệ phương trình đề tương đương với√ x + y − + xy + y − 2x − = m√ x + y − + xy + x − 2y − = m Trừ vế hai phương trình cho ta √ xy + y − 2x − = √xy + x − 2y − ⇔ xy + y − 2x − = xy + x − 2y − ⇔ x = y, vào (1) ta có √x +1+ √ √ −= x= +1+ m(2)√ Xét hàm số f x(x) √ x − [2; +∞) 1 Ta có f ′(x) = √ x +1 + √ x − > 0, ∀x > f (2) = √ Do hàm số đồng biến [2; +∞) Trên [2; +∞), f (x) m √ Hệ đề có nghiệm phương trình (2) có nghiệm ⇔ √ ⇔ m Vậy hệ phương trình có nghiệm m Từ suy hệ cho có nghiệm 56 Đối với số hệ đơn giản, áp dụng phương pháp đồ thị để giải Ở đây, làm quen với phương pháp biểu diễn nghiệm thông qua tham số, gọi phương pháp tham biến x+y≤1 Bài toán 3.2 Giải hệ x2 + y2 + xy = x + y = − a, a ≥ Lời giải Viết hệ cho dạng x2 + y2 + xy = ⇔ xx+ yy=1 xy = ⇔ xy+=2=1 −2a − Điều kiện a : ∆ = (1 − a)2 − 4[(1 − a)2 − 1] ≤ ⇔ a ≥ 02 (a − 1) ≤ ⇔ ≤ a ≤ 1+ √ Với điều kiện (3.1) ta có nghiệm x = a − − −23(1 −,ya)= a − 1+ − 3(1 − a)22 a)2 x = a − 1+ − 23(1 − ,y = a − − − 3(1 − a) 22 Bài toán 3.3 Giải hệ x2 + y2 ≤ xy + x2 + y2 ≤ 4xy Lời giải Viết hệ cho dạng x2 + y2 = xy + a + x2 + y2 = 4xy + b a, b ≤ x2 + y2 = b + 4xy y2bb=+xy a+xy+ ⇔ xxy++ 4a + − b  ⇔ x2 + y2 = 2a + − 2b  Điều  kiện a, b: 2xy = ⇔ xy = a +1 − b ⇔ (x + y)2 = 2a +2a2 +− 2b+ b (x − y)2 = 57 (3.1)  2a + − b ≥ a, b ≤  ≥0⇔ a, b2 ≤ 2a + + b ≥ ⇔ ≥ a ≥ −1 − −2 ≤ b ≤ b  √  2a + + b Khi 3 2a + + b x + y = ± 2a + −3 b x − y = ± 2a + − b + ⇔x=±1√ 2a + + b ; y = ± √ 2a + − b − 2a + + b x = ± √ 2a + 22 − b − ; y = ± √ 2a + − b +2 b với −2 ≤ b ≤ 0; −1 − ≤ a ≤ Bài toán 3.4 Giải hệ x + 2y = x2 − 2y2 ≤ Lời giải Hệ ⇔ x = − 2y ⇔ x = −22y ≤ 2y2 − 8y + ≤ (2 − 2y) 2− 2y  ⇔ x4=−√− 2y 10 4+ 10 ≤y≤  y = t 10 4+ √ Vậy hệ có nghiệm: x = − 2t với − ≤t≤ Bài toán 3.5 Giải hệ Lời giải Viết hệ dạng x−y≥1 x 2y x − y = + a, a ≥ ⇔ y = x − (1 + a) x2 − xy − 2y2 = ⇔ y = x − (1 + a) x2 − x[x − (1 + a)] − 2[x − (1 + a)]2 = 2x2 − 5(1 + a)x + 2(1 + a)2 + = 58 √ √ 10 2a + + b 2a + + b ⇔ 5(1+a)±9(1+a)2−24 y = x − (1 + a) với a ≥ 2√6 −1 x = 9(1 + a)2 − 24 Vậy hệ cónghiệm  x = 5(1 + a) ±  9(1 + a)2 − 24  y = + a ±  2√6 với a ≥ −1 3.2 Hệ phương trình bất phương trình ẩn Sau ta đưa số toán liên quan đến hệ phương trình bất phương trình ẩn Bài toán 3.6 Xác định giá trị m để hệ sau có nghiệm x+y≤m x4 + y4 ≤ m + x2y2 Lời giải Vì vai trò x y bình đẳng, nên (x, y) = (α, β) nghiệm hệ (x, y) = (β, α) nghiệm Vậy điều kiện cần để hệ có nghiệm α = β Thế vào hệ, ta m α≤2 α4 ≤ m a) Nếu m < không tồn α b) Nếu m > tồn vô số α thỏa mãn √ m − m ≤ α ≤ m √24 , c) Xét m = α = Hệ có dạng x4+ y ≤4 22 ⇔x+y≤0 (x2 − y2)2 + x2y2 ≤ x =0 x + y ≤ x y − y2 = ⇔ ⇔y=0 xx+ ≤0 x y y=0 Kết luận: hệ có nghiệm m =  Bài toán 3.7 Xác định m để hệ sau có nghiệm x2 + 2y ≤ m y2 + 2x ≤ m 59 Lời giải Vì vai trò x, y bình đẳng, nên (x, y) = (α, β) nghiệm (x, y) = (β, α) nghiệm Suy điều kiện cần để hệ có nghiệm α = β Thế vào hệ, ta α2 + 2α ≤ m ⇔ α2 + 2α − m ≤ (3.2) Bất phương trình (3.2) có nghiệm ∆′ = + m = ⇔ m = −1 x2 +vào 2y hệ ≤ −1 Thay cho  y2 + 2x ≤ −1 ⇔ 2x≤≤−1 −1 xy22++2y  (x + 2y) + (y2 + 2x) ≤ −1 − ⇔ y2 + 2x ≤−1 x = −1 x + 2y ≤ −1 (x + 1)2 + (y + 1)2 ≤ ⇔ y = −1 Kếtluận: hệ có nghiệm m = −1 Bài toán 3.8 Giải hệ y2 + 3y + ≤ z x + 3x + ≤ y z + 3z + ≤ x 2 Lời giải. Hệ cho tương đương với hệ + 11 ≤ ≤ yz xy2 + + 3y 3x +  z + 3z + ≤ x 2 (x+ 3x + 1) + (y2 + 3y + 1) + (z + 3z + 1) ≤ y + z + x + 11 ≤ ≤ yz xy2 + + 3y 3x + y = −1  z = −1 (x + 1)2 + (y + 1)2 + (z + 1)2 ≤ ⇔ x = −1 z + 3z + ≤ x    Vậy hệ có nghiệm (x, y, z) = (−1, −1, −1) Bài toán 3.9 Xác định giá trị m để hệ có nghiệm x2 − 3x + m + ≤ x2 − 5x + 4m + ≤ 60 Lời giải bất phương trình f (x) := x2 − 3x + m + ≤ (3.3) g(x) := x2 − 5x + 4m + ≤ (3.4) vô nghiệm hệ vô nghiệm Xét ∆1 = − 4(m + 1) ≥ ∆2 = 25 − 4(4m + 2) ≥ ⇔ − 4m 17≥−016m ≥ 17 ⇔ m ≤ 16 (3.5) Với điều kiện (3.5) ∆1 > (3.3) ⇔ x1 ≤ x ≤ x2; x1,2 = ∓ √ (3.4) ⇔ x3 ≤ x ≤ x4; x3,4 = ∓ √ Hệ có nghiệm − 4m 17 − 16m x ≤ x1 = x4 ≤ x x3 = x2 1) x1 ≤ x3 = x4 ≤ x2 ∆2 = 16 ≤ ⇔ m = 17 1·f2 2 16  − · + 17 + ≤ hệ vô nghiệm 2) x1 = x4 ⇒ x3 ≤ x2 ⇒ x3 + x4 ≤ x1 + x2 ⇔ ≤ 3, trường hợp không xảy 3+ √ 3) x2 = x3 ⇔ 52 − 4m 2= − √ 17 − 16m ⇔ √5 − 4m + √ 17 − 16m = ⇔ 22 − 20m + (5 − 4m)(17 − 16m) = ⇔ (5 − 4m)(17 − 16m) = 10m − ⇔ 10m − ≥ (5 − 4m)(17 − 16m) = (10m − 9)2 61 10  m9=1 m ≥ ⇔   ⇔ m = (thỏa mãn (3.5)) m =hệ − có nghiệm m = Kếtluận: Bài toán 3.10 Xác định giá trị m để hệ x2 − 5x + − m ≤ x2 − 6x + 2m + ≥ có nghiệm Lời giải Nhận xét bất phương trình g(x) := x2 − 6x + 2m + ≥ (3.6) luôn có nghiệm Nếu ∆′2 = − (2m + 2) ≤ (⇔ m ≥ ) (3.6) nhận x nghiệm Khi hệ có nghiệm bất phương trình f (x) := x2 − 5x + − m ≤ (3.7) có nghiệm nhất, hay ∆1 = 25 − 4(9 − m) = ⇔ m = phù hợp với điều kiện m ≥ 11 Xét ∆1 ≥ ∆2′ > ⇔ 4m − 114 ≥ ≤ 0m< − 2m > 02 ⇔ 11 Giá trị không Khi (3.7) ⇔ x1 ≤ x ≤ x2; x1,2 ∓ √ x ≥ x3 (3.6) ⇔ x ≤ x4; x3,4 = ∓ √ Hệ có nghiệm x1 = x2 ≤ x3  x1 = x3 x1 x=2 x VT>0>VP Nếu m < VT −2m ⇔ 2(m2 + 1) + (m2 + 1)2 − m2 > 4m2 ⇔ (m2 + 1)2 − m2 > m2 − ⇔ (m2 − 1)2 + 3m2 > m2 − Điều luôn ∀m < Vậy trường hợp iv) không xảy Kết luận: m = giá trị cần tìm Bài toán 3.14 Xác định giá trị m để hệ sau có nghiệm x2 − 5x +√4 ≤ 3x2 − mx x + 16 = (3.17) (3.18) Lời giải Hệ phương trình tương đương với ≤ x ≤  3x + 16 1 ≤x x√ x ≤=4m Ta có  3x2 + 16 = mx√x ⇔ 3x2 + 16 x √x (3.19) (3.20) Đặt g(x) = √ √ 6x.x x − (3x + 16)( x + √ ) x 2x = 6x √ 3√x x − (3x + 16) x3 g′ (x) = √ 3√x x =3x (x − 4)(x + 4) ≤ 0, ∀x ∈ [1; 4] 2x (x2 − 16) 2x3 = Kết hợp với g(x) hàm số liên tục [1; 4] ta có lập luận: Hệ đề có nghiệm ⇔ (3.18) có nghiệm x ∈ [1; 4] ⇔ g(x) ≤ m ≤ max g(x) ⇔ g(4) ≤ m ≤ g(1) 66 ≤ m ≤ 19 Bài toán 3.15 Tìm tất giá trị tham số a để hệ sau có nghiệm (x; y) thỏa mãn ều kiện x ≥y4√ =3 √ (3.19) x +√ x +5+ y √ +3 Bài toán 3.16 Tìm tất cặp số thực (x; y) thỏa mãn 3|x −2x−3|−log3 = 5−(y+4) (3.22) 4|y| − |y − 1| + |y + 3|2 ≤ (3.23) Lời giải Bất phương trình 3.23 tương đương với 4|y| − |y − 1| + |y + 3|2 − ≤ (3.24) Xét khoảng y ta giải bất phương trình (3.24) tương ứng: - Với y ≤ |y| = −y, |y − 1| = − y, (3.24) ⇔ y2 + 3y ≤ ⇔ −3 ≤ y ≤ - Với < y < |y| = y, |y − 1| = − y, (3.24) ⇔ y2 + 11y ≤ ⇔ −11 ≤ y ≤ (không thỏa mãn với y > 0) - Với y√≥ |y| = y, |y√− 1| = y − 1, (3.24) ⇔ y2 + 9y + ≤ 73 73 ⇔ − − ≤ y ≤ −9 + (không thoả mãn với y ≥ 1) Vậy miền nghiệm (3.24) [−3; 0] Ta biến đổi (3.23) tương đương với |(x+1)(x−3)| 3−log35 = 5−(y+4) ⇔ 3|(x+1)(x−3)| = 5−(y+4) ⇔ 3|(x+1)(x−3)| = 5−(y+3) ⇔ |(x + 1)(x − 3)| = −log35.(y + 3)(3.25) Ta có log35 > 0, y + ≥ nên −log35.(y + 3) ≤ Mà |(x + 1)(x − 3)| ≤ Do theo (3.25) ta có −log35.(y + 3) = = −1 |(x + 1)(x − 3)| = ⇔ y = x−3 x =3 Thử lại hệ đề ta có hệ có hai cặp số (x, y) thỏamãn (−1; −3), (3; −3) 68 Kết luận Luận văn hoàn thành đạt số kết sau: Giới thiệu tổng quan hệ phương trình đại số với tính chất cách giải chúng Khảo sát cách chi tiết hệ thống toán giải hệ phương trình chứa tham số phương pháp bất đẳng thức giải hệ phương trình Đưa số ví dụ áp dụng từ đề thi đại học, đề thi HSG Olympic quốc gia khu vực 69 Tài liệu tham khảo [1] Nguyễn Văn Mậu (1993), Một số phương pháp giải phương trình bất phương trình, NXB Giáo dục [2] Nguyễn Văn Mậu, Nguyễn Thủy Thanh, Đặng Huy Ruận (2003),Đại số tuyến tính, NXB Giáo dục bibitem3Nguyễn Văn Mậu, 2004, Đa thức đại số phân thức hữu tỷ, NXB Giáo dục [3] Nguyễn Văn Mậu (2006),Bất đẳng thức, định lý áp dụng, NXB Giáo Dục [4] Nguyễn Văn Mậu (Chủ biên), Trần Nam Dũng, Nguyễn Đăng Phất, Trịnh Đào Chiến (2007) Chuyên đề chọn lọc đa thức áp dụng, NXB Giáo dục [5] Trần Nam Dũng (Chủ biên), (2010) Phương trình nữa, NXB ĐHQG Tp HCM 70 [...]... 2005 ]Giải hệ phương trình x(x + y +x1) 2 ++yy(y 2 ++ x +1)y==24 Bài 2 [Dự bị 1 khối D 2006] Giải hệ phương trình x2 − xy + y2 = 3(x − y) x2 + xy + y2 = 7(x − y)2 Bài 3 Giải hệ phương trình xx24 +− yx22y=2 5+ y4 = 13 Bài 4 Giải hệ phương trình  x + y + 1x+y1 = 5  Bài 5 Giải hệ phương trình 1 1  + y2 + x2 + y2 =9  xx2 − 2 xy +2 y = 7 x + y =5 Bài 6 Giải hệ phương trình xy = 3 Bài 7 Giải hệ phương trình. .. Bài 8 Giải hệ phương trình x2xy(x + x++1)(y y2 ++y1) == 1872 Bài 9 Giải hệ phương trình 16 x3 + y3 = 19 (x + y)(8 + xy) = 2 Bài 10 Giải hệ phương trình x y =9   x + y + Bài 11 Giải hệ phương trình y  (x + y)x = 20  3xy − (x2 + y2) = 5 7x2y2 − (x4 + y4) = 155 Bài 12 Giải hệ phương trình x(x + 2)(2x + y) = 9 x2 + 4x + y = 6 Bài 13 Giải hệ phương trình √x + √y =4 x + y − √ xy = 4 Bài 14 Giải hệ phương. .. Giải hệ phương trình x3 = 3x + 8y y3 = 3y + 8x Bài toán 1.25 Giải hệ phương trình x2 − 2y2 = 5y + 4 y2 − 2x2 = 5x + 4 Bài toán 1.26 Giải hệ phương trình 2x = y2 − 4y + 5 2y = x2 − 4x + 5 22 Bài toán 1.27 Giải hệ phương trình y  2x2 = y + 1 1  x  2ytoán 2 = y1.28 + Giải hệ phương trình Bài y x  1 2x + 1 = 3  x=3 y 2y + Bài toán 1.29 Giải hệ phương trình x2 = x + y y2 = y + x Bài toán 1.30 Giải. .. 0, phương trình có hai nghiệm x = −2; x = 3 Từ đó ta tìm được hai nghiệm của hệ phương trình là: (−2;3 ), (3; 2) Dưới đây là một vài bài cũng có thể được giải tương tự Bài toán 1.35 Giải hệ phương trình x3 − y3 = 7 xy(x − y) = 2 Bài toán 1.36 Giải hệ phương trình  y 2x 5 2 xx2 +yxy 5 =− − y22 −= xy  2 1.37 Giải hệ phương trình Bài−toán x3 − xy2 + y3 = 1 2x3 − x2y + y3 = 2 Bài toán 1.38 Giải hệ phương. .. phương trình y3 − x3 = 7 2x2y + 3xy2 = 16 = 2 Bài toán 1.39 Giải hệ phương trình 3x2 − 5xy − 4y2 = −3 9y2 + 11xy − 8x2 = 13 26 Chương 2 MỘT SỐ PHƯƠNG PHÁP GIẢI HỆ PHƯƠNG TRÌNH 2.1 Phương pháp thế Bài toán 2.1 (Khối B-2008) Giải hệ phương trình x4 + 2x3y + x2y2 = 2x + 9 x2 + 2xy = 6x + 6 Lời giải Hệ đã cho tương đương với (1) x2  (x2 + xy)2 = 2x + 9 2 (2) x2 2 ) = 2x + 9 2 xy = 3x + 3 − Thế (2) vào... được phương trình có dạng y A y 2 + B + C =0 x x Giải phương trình này tìm được tỉ số y x , từ đó rút y được theo x , lại thay vào phương trình thứ hai thì tìm được y, từ đó thu được x - Nếu cả d và d′ đều khác 0 thì ta cũng có thể tạo ra một phương trình thuần nhất (hệ số tự do bằng 0) được bằng cách nhân cả hai vế của từng phương trình với hệ số phụ tương ứng của d và d′ rồi lại trừ từng vế các phương. .. Giải hệ phương trình y = x3 x = y3 1.4 Hệ phương trình đẳng cấp Hệ phương trình đại số đẳng cấp bậc hai theo x, y Dạng tổng quát ax2 + bxy + cy2 = d a′x2 + b′xy + c′y2 = d′ Phương pháp tổng quát * Xét x = 0 Thay vào hệ nếu tìm được y thỏa mãn thì hệ có nghiệm không thì vô nghiệm trong trong trường hợp này * Xét x = 0 - Nếu có một trong hai d hoặc d′ bằng 0, như d = 0 thì ta chia cả hai vế của phương trình. .. vế phương trình thứ hai cho phương trình thứ nhất được y = 4x, thay vào (1) ta có √ √ √ 2x x + 4x x = 6 ⇔ x x = 1 ⇔ x = 1 Từ đó y = 4, ta có một nghiệm (1; 4) TH2 u =4 v =2 Giải tương tự như trường hợp một ta thu được một nghiệm (4; 1) Vậy hệ phương trình có hai nghiệm phân biệt (1; 4), (4; 1) TH1 u =2 xy  1 (x + y)(1 + 1 )  Bài toán 1.16 Giải hệ phương trình sau Lời giải Điều kiện: xy = 0 Hệ phương. .. x Suy ra x = z, và f (x) = f (z) Do đó y = t Hệ phương trình trở thành (x − 1)2 = 2y (y − 1)2 = 2x ⇔ x = y =2+ √3 hoặc x = y = 2 − √ 3 h Vậy √ 2+ 3 ệ phương trình có hai nghiệm x = y = z = t = 2 − √ 3; x = y = z = t = Sau đây ta xét một số hệ phương trình dạng hoán vị vòng quanh với hai ẩn số mà trong chương trình phổ thông còn gọi là hệ phương trình đối xứng loại hai và cũng có cách giải đặc trưng... Thế vào 5phương trình đầu5 ta dễ dàng tìm được hai giá trị của x thỏa mãn là x = − √241 ; x = √241 Từ đó hệ phương trình có hai nghiệm 5 31 5 31 √ ;√ (− √241 ; − √241) và 241 241 + TH2 y = −x Tương tự ta tìm được hai nghiệm nữa của hệ phương trình 24 (−1; 1) và (1; −1) Vậy hệ phương trình có bốn nghiệm phân biệt 5 31 5 31 (− √241 ; − √241) ; √241 ; √241 ; (−1; 1) và (1; −1) Bài toán 1.33 Giải hệ phương