Bài 1: (2 điểm) Phân tích đa thức sau đây thành nhân tử: 1. 2 7 6x x + + 2. 4 2 2008 2007 2008x x x + + + Bài 2: (2điểm) Giải phương trình: 1. 2 3 2 1 0x x x − + + − = 2. ( ) 2 2 2 2 2 2 2 2 1 1 1 1 8 4 4 4x x x x x x x x x + + + − + + = + ÷ ÷ ÷ ÷ Bài 3: (2điểm) 1. CMR với a,b,c,là các số dơng ,ta có: (a+b+c)( 9) 111 ≥++ cba 3. Tìm số d trong phép chia của biểu thức ( ) ( ) ( ) ( ) 2 4 6 8 2008x x x x + + + + + cho đa thức 2 10 21x x + + . Bài 4: (4 điểm)Cho tam giác ABC vuông tại A (AC > AB), đờng cao AH (H ∈ BC). Trên tia HC lấy điểm D sao cho HD = HA. Đờng vuông góc với BC tại D cắt AC tại E. 1. Chứng minh rằng hai tam giác BEC và ADC đồng dạng. Tính độ dài đoạn BE theo m AB = . 2. Gọi M là trung điểm của đoạn BE. Chứng minh rằng hai tam giác BHM và BEC đồng dạng. Tính số đo của góc AHM 3. Tia AM cắt BC tại G. Chứng minh: GB HD BC AH HC = + . Bà i 1 Câu N ộ i dung Điểm 1. 2,0 1.1 (0,75 đ i ể m) ( ) ( ) 2 2 7 6 6 6 1 6 1x x x x x x x x + + = + + + = + + + ( ) ( ) 1 6x x = + + 0.5 0,5 1.2 (1,25 đ i ể m) 4 2 4 2 2 2008 2007 2008 2007 2007 2007 1x x x x x x x + + + = + + + + + 0,25 ( ) ( ) ( ) 2 4 2 2 2 2 2 1 2007 1 1 2007 1x x x x x x x x= + + + + + = + − + + + 0,25 ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 2 2 2 1 1 2007 1 1 2008x x x x x x x x x x = + + − + + + + = + + − + 0,25 2. 2,0 2.1 2 3 2 1 0x x x − + + − = (1) + Nếu 1x ≥ : (1) ( ) 2 1 0 1x x ⇔ − = ⇔ = (thỏa mãn điều kiện 1x ≥ ). + Nếu 1x < : (1) ( ) ( ) ( ) 2 2 4 3 0 3 1 0 1 3 0x x x x x x x ⇔ − + = ⇔ − − − = ⇔ − − = 1; 3x x ⇔ = = (cả hai đều không bé hơn 1, nên bị loại) Vậy: Phơng trình (1) có một nghiệm duy nhất là 1x = . 0,5 0,5 2.2 ( ) 2 2 2 2 2 2 2 2 1 1 1 1 8 4 4 4x x x x x x x x x + + + − + + = + ÷ ÷ ÷ ÷ (2) Điều kiện để phơng trình có nghiệm: 0x ≠ (2) ( ) 2 2 2 2 2 2 2 1 1 1 1 8 4 4x x x x x x x x x ⇔ + + + + − + = + ÷ ÷ ÷ ÷ ( ) ( ) 2 2 2 2 2 1 1 8 8 4 4 16x x x x x x ⇔ + − + = + ⇔ + = ÷ ÷ 0 8x hay x ⇔ = = − và 0x ≠ . Vậy phơng trình đã cho có một nghiệm 8x = − 0,25 0,5 0,25 3 2.0 3.1 Ta có: A= 111) 111 )(( ++++++++=++++ b c a c c b a b c a b a cba cba = )()()(3 c b b c a c c a a b b a ++++++ Mà: 2 ≥+ x y y x (BĐT Cô-Si) Do đó A .92223 =+++≥ Vậy A 9 ≥ 0,5 0,5 3.2 Ta có: ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 ( ) 2 4 6 8 2008 10 16 10 24 2008 P x x x x x x x x x = + + + + + = + + + + + Đặt 2 10 21 ( 3; 7)t x x t t= + + ≠ − ≠ − , biểu thức P(x) đợc viết lại: ( ) ( ) 2 ( ) 5 3 2008 2 1993P x t t t t = − + + = − + Do đó khi chia 2 2 1993t t − + cho t ta có số d là 1993 0,5 0,5 4 4,0 4.1 + Hai tam giác ADC và BEC có: Góc C chung. CD CA CE CB = (Hai tam giác vuông CDE và CAB đồng dạng) Do đó, chúng dồng dạng (c.g.c). Suy ra: · · 0 135BEC ADC= = (vì tam giác AHD vuông cân tại H theo giả thiết). Nên · 0 45AEB = do đó tam giác ABE vuông cân tại A. Suy ra: 2 2BE AB m = = 1,0 0,5 4.2 Ta có: 1 1 2 2 BM BE AD BC BC AC = × = × (do BEC ADC ∆ ∆ : ) mà 2AD AH = (tam giác AHD vuông vân tại H) nên 1 1 2 2 2 2 BM AD AH BH BH BC AC AC BE AB = × = × = = (do ABH CBA ∆ ∆ : ) Do đó BHM BEC ∆ ∆ : (c.g.c), suy ra: · · · 0 0 135 45BHM BEC AHM = = ⇒ = 0,5 0,5 0,5 4.3 Tam giác ABE vuông cân tại A, nên tia AM còn là phân giác góc BAC. Suy ra: GB AB GC AC = , mà ( ) ( ) // AB ED AH HD ABC DEC ED AH AC DC HC HC = ∆ ∆ = = : 0,5 Do đó: GB HD GB HD GB HD GC HC GB GC HD HC BC AH HC = ⇒ = ⇒ = + + + 0,5 . ) 2 2 ( ) 2 4 6 8 20 08 10 16 10 24 20 08 P x x x x x x x x x = + + + + + = + + + + + Đặt 2 10 21 ( 3; 7)t x x t t= + + ≠ − ≠ − , biểu thức P(x) đợc viết lại: ( ) ( ) 2 ( ) 5 3 20 08 2 1993P x t. 0x ≠ (2) ( ) 2 2 2 2 2 2 2 1 1 1 1 8 4 4x x x x x x x x x ⇔ + + + + − + = + ÷ ÷ ÷ ÷ ( ) ( ) 2 2 2 2 2 1 1 8 8 4 4 16x x x x x x ⇔ +. thành nhân tử: 1. 2 7 6x x + + 2. 4 2 20 08 2007 2008x x x + + + Bài 2: (2điểm) Giải phương trình: 1. 2 3 2 1 0x x x − + + − = 2. ( ) 2 2 2 2 2 2 2 2 1 1 1 1 8 4 4 4x x x x x x x x x