TRƯỜNG THPT LÊ XOAY NĂM HỌC 2014 - 2015 ĐỀ KIỂM TRA KHẢO SÁT CHUYÊN ĐỀ MÔN TOÁN – LỚP 12 Thời gian làm bài 180 phút. Câu 1. Cho hàm số 2 1 x y x = − (C). a. Khảo sát và vẽ ñồ thị hàm số. b. Tìm k ñể ñường thẳng ñi qua ñiểm A(5; 1 3 ) có hệ số góc k tiếp xúc với (C). Câu 2. Giải phương trình lượng giác: 2 2 cos 3 sin 1 2sin 3 . 2 x x x+ = + Câu 3. Giải phương trình: 1 2 2 2 4 4 log log 20 0x x− − = . Câu 4. Tính hệ số của số hạng chứa 7 x trong khai triển của biểu thức 12 2 P x x x = − . Câu 5. Có một quả bóng hình cầu ñặc ñường kính 20cm ñược ñặt ñứng yên trên mặt phẳng nằm ngang. Người ta lấy một chiếc nón úp vào quả bóng thì thấy ñáy nón vừa chạm với mặt phẳng nằm ngang và các ñường sinh của mặt nón cũng vừa tiếp xúc với bề mặt của quả bóng. Biết rằng ñộ rộng của góc ở ñỉnh nón là 60 0 . Tính thể tích của khối nón giới hạn bởi chiếc nón và mặt phẳng nằm ngang và tính thể tích phần không gian bên trong khối nón mà không bị quả bóng chiếm chỗ. Câu 6. Cho hình chóp S.ABCD có ñáy ABCD là hình thang vuông tại A và B. Hình chiếu của ñỉnh S lên mặt phẳng (ABCD) trùng với giao ñiểm I của AC và BD. Mặt bên (SAB) hợp với ñáy một góc 60 0 . Biết rằng AB = BC = a, AD =3a, Tính thể tích khối chóp S.ABCD và khoảng cách từ D ñến mặt phẳng (SAB) theo a. Câu 7. Trên mặt phẳng với hệ trục tọa ñộ Oxy, cho tam giác ABC. Đường phân giác trong góc A có phương trình : 2 0,d x y− + = ñường cao hạ từ B có phương trình ' : 4 3 1 0d x y+ − = . Biết hình chiếu của C lên AB là ñiểm H(-1;-1). Tìm tọa ñộ các ñiểm A, B, C. Câu 8. Giải hệ PT ( ) ( ) ( ) ( ) 3 2 2 2 1 ,( , ). 3 2 9 3 4 2 1 1 0 xy x x y x y x y y x y x x + = + + − ∈ + + + + + + + = Câu 9. Cho ba số dương , ,a b c thay ñổi và thỏa mãn 2a b c+ + = . Tìm GTLN của biểu thức 2 2 2 ab bc ca S ab c bc a ca b = + + + + + Hết Thí sinh không ñược dùng tài liệu. Cán bộ coi thi không giải thích gì thêm! Họ và tên thí sinh:………………………………………………SBD:………………… GV Nguyễn Khắc Hưởng - THPT Quế Võ số 2 - http://nguyenkhachuong.tk Hướng dẫn chấm và ñáp án I. Hướng dẫn chấm II. II. Đáp án chi tiết Câu Nội dung Điểm Cho hàm số 2 1 x y x = − (C). Khảo sát và vẽ ñồ thị hàm số 1.0 • TXĐ 1 \ . 2 D = 0.25 • 1 lim 2 x y →±∞ = , ñồ thị có TCN 1 2 y = ; 1 1 2 2 lim ; lim x x y y + − → → = +∞ = −∞ , ñồ thị hàm số có TCĐ 1 2 x = . • ( ) 2 1 ' ' 0, . 2 1 y y x D x = − ⇒ < ∀ ∈ − 0.25 • BBT x −∞ 1/2 +∞ y' - - y Hàm số nghịch biến trên các khoảng 1 1 ; , ; 2 2 −∞ +∞ . 0.25 1a • Đồ thị Đồ thị nhận 1 1 ; 2 2 I là tâm ñối xứng 0.25 Tìm k ñể ñường thẳng ñi qua ñiểm A(5; 1 3 ) có hệ số k tiếp xúc với (C). 1.0 1b Đường thẳng ñi qua A có hệ số góc k có pt: ( ) 1 5 ( ) 3 y k x= − + ∆ . 0.25 1 2 1 2 −∞ +∞ GV Nguyễn Khắc Hưởng - THPT Quế Võ số 2 - http://nguyenkhachuong.tk ∆ tiếp xúc với (C) khi và chỉ khi hệ phương trình ( ) ( ) 2 1 5 2 1 3 1 2 1 x k x x k x = − + − − = − có nghiệm. 0.25 Hệ PT ( ) ( ) ( ) 2 2 1 1 5 (1) 2 1 3 2 1 1 (2) 2 1 x x x x k x = − − + − − ⇔ − = − . ( ) 2 2 2 1 (1) 2 5 4 4 1 3 2 4 16 0 4 2 x x x x x x x x x ⇔ − = − + − + ⇔ + − = = − ⇔ = 0.25 Với 1 4 81 x k= − ⇒ = − Với 1 2 9 x k= ⇒ = − KL: 0.25 Giải phương trình lượng giác: 2 2 cos 3 sin 1 2sin 3 2 x x x+ = + 1.0 PT cos 3 sin 2sin 3x x x⇔ + = 0.25 1 3 cos sin sin 3 sin sin 3 2 2 6 x x x x x π ⇔ + = ⇔ + = 0.25 3 2 6 12 , . 5 5 3 2 6 24 2 x x k x k k x x k x k π π π π π π π π = + + = + ⇔ ⇔ ∈ = − + = + 0.25 2 KL:Pt có các nghiệm 5 , , . 12 24 2 x k x k k π π π π = + = + ∈ 0.25 Giải phương trình 1 2 2 2 4 4 log log 20 0x x− − = . 1.0 ĐKXĐ 0x ≠ . 0.25 3 Ta có 2 2 2 2 2 2 PT 4 log 2log 20 0 2log log 10 0x x x x⇔ − − = ⇔ − − = . Đặt 2 logt x= ta ñược PT 2 2 2 10 0 5 2 t t t t = − − − = ⇔ = 0.25 GV Nguyễn Khắc Hưởng - THPT Quế Võ số 2 - http://nguyenkhachuong.tk Với 2 1 1 2 log 2 . 4 4 t x x x= − ⇒ = − ⇔ = ⇔ = ± Với 2 5 5 log 32 x 32. 2 2 t x x= ⇒ = ⇔ = ⇔ = ± 0.25 KL: Phương trình có 4 nghiệm 1 1 ; ; 32, 32. 4 4 x x x x= = − = = − 0.25 Tính hệ số của số hạng chứa 7 x trong khai triển của biểu thức 12 2 P x x x = − . 1.0 Ta có ( ) 12 12 3 3 5 12 12 12 12 2 2 2 12 12 0 0 2 2 2 2 k k k k k k k k P x x x C x x C x x x − − − − = = = − = − = − = − ∑ ∑ 0.50 Số hạng chứa 7 x ứng với k thỏa mãn 5 12 7 2. 2 k k− = ⇔ = 0.25 4 Vậy hệ số ñó là ( ) 2 2 12 2 264C − = . 0.25 Có một quả bóng hình cầu ñặc ñường kính 20cm ñược ñặt ñứng yên trên mặt phẳng nằm ngang. Người ta lấy một chiếc nón úp vào quả bóng thì thấy ñáy nón vừa chạm với mặt phẳng nằm ngang và mặt xung quanh của nón cũng vừa chạm vào quả bóng. Biết rằng ñộ rộng của góc ở ñỉnh nón là 60 0 . Tính thể tích của khối nón giới hạn bởi chiếc nón và mặt phẳng nằm ngang và tính thể tích phần không gian bên trong khối nón mà không bị quả bóng chiếm chỗ. 1.0 Giả sử cắt hệ hình ñó bằng một mặt phẳng ñi qua trục của nón ta ñược thiết diện như hình vẽ. Trong ñó ABC∆ là tam giác ñều và là thiết diện của khối nón. Hình tròn tâm I là thiết diện của quả bóng. Ta nhận thấy ABC∆ ngoại tiếp ñường tròn tâm I. 0.25 Hình nón có chiều cao là 3 30 ( )OH IH cm= = . Bán kính ñáy nón là 30 10 3 ( ) 3 HA cm= = . 0.25 Thể tích khối nón là ( ) 2 3 1 1 1 . . .30. .300 3000 . 3 3 V OH AH cm π π π = − = = 0.25 5 Thể tích phần không gian bên trong khối nón không bị quả bóng chiếm chỗ là ( ) 2 3 3 2 1 4 4000 5000 . . 3000 . 3 3 3 3 V OH AH IH cm π π π π π = − = − = 0.25 GV Nguyễn Khắc Hưởng - THPT Quế Võ số 2 - http://nguyenkhachuong.tk Cho hình chóp S.ABCD có ñáy ABCD là hình thang vuông tại A và B. Hình chiếu của ñỉnh S lên mặt phẳng (ABCD) trùng với giao ñiểm I của AC và BD. Mặt bên (SAB) hợp với ñáy một góc 60 0 . Biết rằng AB = BC = a, AD =3a, Tính thể tích khối chóp S.ABCD và khoảng cách từ D ñến mặt phẳng (SAB) theo a. 1.0 Gọi K là hình chiếu của I lên AB. Suy ra 0 60 .SKI = 0.25 Do / / KI BI IK AD AD BD ⇒ = . Mà 1 1 1 . 3 3 4 4 BI BC a BI BI ID AD a BI ID BD = = = ⇒ = ⇒ = + Suy ra 1 3 3 3 . 4 4 4 KI a a KI SI AD = ⇒ = ⇒ = ( ) 3 . 1 1 3 3 1 3 . .S . . 3 . 3 3 4 2 2 S ABCD ABCD a a V SI a a a= = + = (ñvdt). 0.25 Gọi H là hình chiếu của I lên SK. Ta có AB IK AB IH AB SI ⊥ ⇒ ⊥ ⊥ . Từ ñó suy ra ( ) ( ) ,( ) .IK SAB d I SAB IK⊥ ⇒ = Mà do ( ) ( ) 4 ,( ) 4 ,( ) 4 .DB IB d D SAB d I SAB IH= ⇒ = = 0.25 6 Lại có 2 2 2 2 2 2 1 1 1 16 16 64 3 3 . 27 9 27 8 a IH IH IS IK a a a = + = + = ⇔ = Vậy ( ) 3 3 ,( ) . 2 a d D SAB = 0.25 7 Trên mặt phẳng với hệ trục tọa ñộ Oxy, cho tam giác ABC có ñường phân giác trong góc A có phương trình d: 2 0x y− + = ñường cao hạ từ B có phương trình d’: 4 3 1 0x y+ − = . Biết hình chiếu của C lên AB là ñiểm H(-1;-1). Tìm tọa ñộ các ñỉnh A, B, C. 1.0 GV Nguyễn Khắc Hưởng - THPT Quế Võ số 2 - http://nguyenkhachuong.tk Gọi K là ñiểm ñối xứng với H qua ñường phân giác trong góc A. Khi ñó K thuộc ñường thẳng AC. Đường thẳng HK có phương trình 2 0x y+ + = . Gọi I là giao ñiểm của HK và ñường phân giác trong góc A thì I có tọa ñộ là nghiệm của hệ ( ) 2 0 2 2;0 2 0 0 x y x I x y y − + = = − ⇔ ⇒ − + + = = . I là trung ñiểm HK nên suy ra ( ) 3;1K − . 0.25 Khi ñó AC là ñường thẳng qua K và vuông góc với d’. Suy ra AC: ( ) ( ) 3 3 4 1 0 3 4 13 0.x y x y+ − − = ⇔ − + = A có tọa ñộ thỏa mãn ( ) 2 0 5 5,7 3 4 13 0 7 x y x A x y y − + = = ⇔ ⇒ − + = = 0.25 AB có PT: 1 1 4 3 1 0 6 8 x y x y + + = ⇔ − + = . B có tọa ñộ thỏa mãn 0 4 3 1 0 1 0, . 1 4 3 1 0 3 3 x x y B x y y = + − = ⇔ ⇒ − + = = 0.25 HC có phương trình ( ) ( ) 3 1 4 1 0 3 4 7 0x y x y+ + + = ⇔ + + = . C có tọa ñộ thỏa mãn hệ pt: 10 3 4 7 0 10 3 3 , . 3 4 13 0 3 3 4 4 x x y C x y y = − + + = ⇔ ⇒ − − + = = 0.25 Giải hệ PT ( ) ( ) ( ) ( ) 3 2 2 2 1 ,( , ). 3 2 9 3 4 2 1 1 0 xy x x y x y x y y x y x x + = + + − ∈ + + + + + + + = 1.0 ĐKXĐ .x∀ ∈ Ta có ( ) 3 2 3 2 2 1 0xy x x y x y x x y y xy x y+ = + + − ⇔ − + − + − = ( ) ( ) 2 2 1 0 1 y x x y x y y x = ⇔ − − + = ⇔ = + 0.25 8 Với 2 1y x= + thay vào PT thứ 2 ta ñược ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 2 2 3 1 2 9 3 4 6 1 1 0x x x x x+ + + + + + + + = . Dễ thấy PT vô nghiệm. Với y x= thay vào PT thứ 2 ta ñược ( ) ( ) ( ) 2 2 3 2 9 3 4 2 1 1 0x x x x x+ + + + + + + = 0.25 GV Nguyễn Khắc Hưởng - THPT Quế Võ số 2 - http://nguyenkhachuong.tk ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 2 2 3 2 9 3 2 1 3 2 1 2 3 2 9 3 2 1 3 2 1 2 x x x x x x x x ⇔ + + = − + + + + ⇔ + + = − − + − − + Xét hàm số ( ) 2 ( ) 2 2f t t t= + + ta có 2 2 2 '( ) 2 2 0 2 t f t t t = + + + > + suy ra hàm số ñồng biến. 0.25 Từ ñó suy ra 1 3 2 1 . 5 x x x= − − ⇔ = − Vậy HPT có nghiệm ( ) 1 1 ; ; . 5 5 x y = − − 0.25 Cho ba số dương , ,a b c thay ñổi và thỏa mãn 2a b c+ + = . Tìm GTLN của biểu thức 2 2 2 ab bc ca S ab c bc a ca b = + + + + + 1.0 Ta có ( ) ( )( ) 1 2 2 ab ab ab a b ab c ab a b c c a c b c a c b c = = ≤ + + + + + + + + + Đẳng thức xảy ra khi và chỉ khi a b a c b c = + + 0.25 Tương tự ta cũng có 1 1 , 2 2 2 2 bc b c ca c a bc a b a c a ca b c b a b ≤ + ≤ + + + + + + + 0.25 Cộng các vế ta ñược 1 3 . 2 2 a b b c c a S a b b c c a + + + ≤ + + = + + + Đẳng thức xảy ra khi và chỉ khi 2 . 3 a b c= = = 0.25 9 Vậy max 2 . 2 3 S x y z 3 = ⇔ = = = 0.25 GV Nguyễn Khắc Hưởng - THPT Quế Võ số 2 - http://nguyenkhachuong.tk . THPT LÊ XOAY NĂM HỌC 2014 - 2015 ĐỀ KIỂM TRA KHẢO SÁT CHUYÊN ĐỀ MÔN TOÁN – LỚP 12 Thời gian làm bài 180 phút. Câu 1. Cho hàm số 2 1 x y x = − (C). a. Khảo sát và vẽ ñồ thị hàm số. b. Tìm. số của số hạng chứa 7 x trong khai triển của biểu thức 12 2 P x x x = − . 1.0 Ta có ( ) 12 12 3 3 5 12 12 12 12 2 2 2 12 12 0 0 2 2 2 2 k k k k k k k k P x x x C x x C x x x −. 0.25 3 2 6 12 , . 5 5 3 2 6 24 2 x x k x k k x x k x k π π π π π π π π = + + = + ⇔ ⇔ ∈ = − + = + 0.25 2 KL:Pt có các nghiệm 5 , , . 12 24 2 x k x k k π