17 TUYN SINH 10 CC TNH THNH (2009-2010)_ (cú ỏp ỏn) phn 2 S GIO DC V O TO QUNG NINH K THI TUYN SINH LP 10 THPT NM HC 2009 - 2010 THI CHNH THC MễN : TON Ngày thi : 29/6/2009 Thời gian làm bài : 120 phút (không kể thời gian giao đề) Chữ ký GT 1 : Chữ ký GT 2 : (Đề thi này có 01 trang) Bài 1. (2,0 điểm) Rút gọn các biểu thức sau : a) 2 3 3 27 300+ b) 1 1 1 : 1 ( 1)x x x x x + ữ Bài 2. (1,5 điểm) a). Giải phơng trình: x 2 + 3x 4 = 0 b) Giải hệ phơng trình: 3x 2y = 4 2x + y = 5 Bài 3. (1,5 điểm) Cho hàm số : y = (2m 1)x + m + 1 với m là tham số và m # 1 2 . Hãy xác định m trong mỗi trờng hơp sau : a) Đồ thị hàm số đi qua điểm M ( -1;1 ) b) Đồ thị hàm số cắt trục tung, trục hoành lần lợt tại A , B sao cho tam giác OAB cân. Bài 4. (2,0 điểm): Giải bài toán sau bằng cách lập phơng trình hoặc hệ phơng trình: Một ca nô chuyển động xuôi dòng từ bến A đến bến B sau đó chuyển động ngợc dòng từ B về A hết tổng thời gian là 5 giờ . Biết quãng đờng sông từ A đến B dài 60 Km và vận tốc dòng nớc là 5 Km/h . Tính vận tốc thực của ca nô (( Vận tốc của ca nô khi nớc đứng yên ) Bài 5. (3,0 điểm) Cho điểm M nằm ngoài đờng tròn (O;R). Từ M kẻ hai tiếp tuyến MA , MB đến đờng tròn (O;R) ( A; B là hai tiếp điểm). a) Chứng minh MAOB là tứ giác nội tiếp. b) Tính diện tích tam giác AMB nếu cho OM = 5cm và R = 3 cm. c) Kẻ tia Mx nằm trong góc AMO cắt đờng tròn (O;R) tại hai điểm C và D ( C nằm giữa M và D ). Gọi E là giao điểm của AB và OM. Chứng minh rằng EA là tia phân giác của góc CED. Hết (Cán bộ coi thi không giải thích gì thêm) Họ và tên thí sinh: . Số báo danh: . Đáp án Bài 1 : a) A = 3 b) B = 1 + x Bài 2 : a) x 1 = 1 ; x 2 = -4 b) 3x 2y = 4 2x + y = 5 <=> 3x 2y = 4 7x = 14 x = 2 <=> <=> 4x + 2y = 5 2x + y = 5 y = 1 Bài 3 : a) Vì đồ thị hàm số đi qua điểm M(-1;1) => Tọa độ điểm M phải thỏa mãn hàm số : y = (2m 1)x + m + 1 (1) Thay x = -1 ; y = 1 vào (1) ta có: 1 = -(2m -1 ) + m + 1 <=> 1 = 1 2m + m + 1 <=> 1 = 2 m <=> m = 1 Vậy với m = 1 Thì ĐT HS : y = (2m 1)x + m + 1 đi qua điểm M ( -1; 1) c) ĐTHS cắt trục tung tại A => x = 0 ; y = m+1 => A ( 0 ; m+1) => OA = 1m + cắt truc hoành tại B => y = 0 ; x = 1 2 1 m m => B ( 1 2 1 m m ; 0 ) => OB = 1 2 1 m m Tam giác OAB cân => OA = OB <=> 1m + = 1 2 1 m m Giải PT ta có : m = 0 ; m = -1 Bài 4: Gọi vận tốc thực của ca nô là x ( km/h) ( x>5) Vận tốc xuôi dòng của ca nô là x + 5 (km/h) Vận tốc ngợc dòng của ca nô là x - 5 (km/h) Thời gian ca nô đi xuôi dòng là : 60 5x + ( giờ) Thời gian ca nô đi xuôi dòng là : 60 5x ( giờ) Theo bài ra ta có PT: 60 5x + + 60 5x = 5 <=> 60(x-5) +60(x+5) = 5(x 2 25) <=> 5 x 2 120 x 125 = 0 x 1 = -1 ( không TMĐK) x 2 = 25 ( TMĐK) Vậy vân tốc thực của ca nô là 25 km/h. Bài 5: 2 2 D C E O M A B a) Ta có: MA AO ; MB BO ( T/C tiếp tuyến cắt nhau) => ã ã 0 90MAO MBO= = Tứ giác MAOB có : ã ã MAO MBO+ = 90 0 + 90 0 = 180 0 => Tứ giác MAOB nội tiếp đờng tròn b) áp dụng ĐL Pi ta go vào MAO vuông tại A có: MO 2 = MA 2 + AO 2 MA 2 = MO 2 AO 2 MA 2 = 5 2 3 2 = 16 => MA = 4 ( cm) Vì MA;MB là 2 tiếp tuyến cắt nhau => MA = MB => MAB cân tại A MO là phân giác ( T/C tiếp tuyến) = > MO là đờng trung trực => MO AB Xét AMO vuông tại A có MO AB ta có: AO 2 = MO . EO ( HTL trong vuông) => EO = 2 AO MO = 9 5 (cm) => ME = 5 - 9 5 = 16 5 (cm) áp dụng ĐL Pi ta go vào tam giác AEO vuông tại E ta có:AO 2 = AE 2 +EO 2 AE 2 = AO 2 EO 2 = 9 - 81 25 = 144 25 = 12 5 AE = 12 5 ( cm) => AB = 2AE (vì AE = BE do MO là đờng trung trực của AB) AB = 24 5 (cm) => S MAB = 1 2 ME . AB = 1 16 24 . . 2 5 5 = 192 25 (cm 2 ) c) Xét AMO vuông tại A có MO AB. áp dụng hệ thức lợng vào tam giác vuông AMO ta có: MA 2 = ME. MO (1) mà : ã ã ADC MAC= = 1 2 Sđ ằ AC ( góc nội tiếp và góc tạo bởi tiếp tuyến và dây cung cùng chắn 1 cung) MAC : DAM (g.g) => MA MD MC MA = => MA 2 = MC . MD (2) Từ (1) và (2) => MC . MD = ME. MO => MD ME MO MC = MCE : MDO ( c.g.c) ( ả M chung; MD ME MO MC = ) => ã ã MEC MDO= ( 2 góc tứng) ( 3) Tơng tự: OAE : OMA (g.g) => OA OE = OM OA 3 3 => OA OE = OM OA = OD OM OE OD = ( OD = OA = R) Ta có: DOE : MOD ( c.g.c) ( à O chong ; OD OM OE OD = ) => ã ã OED ODM= ( 2 góc t ứng) (4) Từ (3) (4) => ã ã OED MEC= . mà : ã ã AEC MEC+ =90 0 ã ã AED OED+ =90 0 => ã ã AEC AED= => EA là phân giác của ã DEC sở giáo dục và đào tạo hng yên đề thi chính thức (Đề thi có 02 trang) kỳ thi tuyển sinh và lớp 10 thpt năm học 2009 - 2010 Môn thi : toán Thời gian làm bài: 120 phút phần a: trắc nghiệm khách quan (2,0 điểm) Từ câu 1 đến câu 8, hãy chọn phơng án đúng và viết chữ cái đứng trớc phơng án đó vào bài làm. Câu 1: Biểu thức 1 2 6x có nghĩa khi và chỉ khi: A. x 3 B. x > 3 C. x < 3 D. x = 3 Câu 2: Đờng thẳng đi qua điểm A(1;2) và song song với đờng thẳng y = 4x - 5 có ph- ơng trình là: A. y = - 4x + 2 B. y = - 4x - 2 C. y = 4x + 2 D. y = 4x - 2 Câu 3: Gọi S và P lần lợt là tổng và tích hai nghiêm của phơng trình x2 + 6x - 5 = 0. Khi đó: A. S = - 6; P = 5 B. S = 6; P = 5 C. S = 6; P = - 5 D. S = - 6 ; P = - 5 Câu 4: Hệ phơng trình 2 5 3 5 x y x y + = = có nghiệm là: A. 2 1 x y = = B. 2 1 x y = = C. 2 1 x y = = D. 1 2 x y = = Câu 5: Một đờng tròn đi qua ba đỉnh của một tam giác có độ dài ba cạnh lần lợt là 3cm, 4cm, 5cm thì đờng kính của đờng tròn đó là: A. 3 2 cm B. 5cm C. 5 2 cm D. 2cm Câu 6: Trong tam giác ABC vuông tại A có AC = 3, AB = 3 3 thì tgB có giá trị là: A. 1 3 B. 3 C. 3 D. 1 3 Câu 7: Một nặt cầu có diện tích là 3600 cm 2 thì bán kính của mặt cầu đó là: A. 900cm B. 30cm C. 60cm D. 200cm Câu 8: Cho đờng tròn tâm O có bán kính R (hình vẽ bên). Biết ã 0 120=COD thì diện tích hình quạt OCmD là: A. 2 3 R B. 4 2 R C. 2 3 2 R D. 3 2 R 4 4 120 0 O D C m O A B N D C E F Q M P H phần b: tự luận (8,0 điểm) Bài 1: (1,5 điểm) a) Rút gọn biểu thức: A = 27 12 b) Giải phơng trình : 2(x - 1) = 5 Bài 2: (1,5 điểm) Cho hàm số bậc nhất y = mx + 2 (1) a) Vẽ đồ thị hàm số khi m = 2 b) Tìm m để đồ thị hàm số (1) cắt trục Ox và trục Oy lần lợt tại A và B sao cho tam giác AOB cân. Bài 3: (1,0 điểm) Một đội xe cần chở 480 tấn hàng. Khi sắp khởi hành đội đợc điều thêm 3 xe nữa nên mỗi xe chở ít hơn dự định 8 tấn. Hỏi lúc đầu đội xe có bao nhiêu chiếc? Biết rằng các xe chở nh nhau. Bài 4: (3,0 điểm) Cho A là một điểm trên đờng tròn tâm O, bán kính R. Gọi B là điểm đối xứng với O qua A. Kẻ đờng thẳng d đi qua B cắt đờng tròn (O) tại C và D ( d không đi qua O, BC < BD). Các tiếp tuyến của đờng tròn (O) tại C và D cắt nhau tại E. Gọi M là giao điểm của OE và CD. Kẻ EH vuông góc với OB (H thuộc OB). Chứng minh rằng: a) Bốn điểm B, H, M, E cùng thuộc một đờng tròn. b) OM.OE = R 2 c) H là trung điểm của OA. Lời giải: Gọi giao của BO với đờng tròn là N, Giao của NE với (O) là P, giao của AE với (O) là Q, giao của EH với AP là F. Ta có góc ã 0 90APN = góc nội tiếp chắn nửa đờng tròn suy ra F là trực tâm tam giác AEN suy ra NF vuông góc với AE. Mặt khác NQ AE suy ra NQ và NF trùng nhau. Suy ra ba điểm N, F, Q thẳng hàng. Mặt khác ta có: góc QEF = góc FNH, góc AEF = góc ABF (góc nội tiếp cùng chắn cung AF). Do đó góc FBH = góc FNH suy ra tam giác BNF cân tại F, suy ra BH = HN, mà AB = ON do đó AH = HO. Hay H là trung điểm của AO Bài 5: (1, 0 điểm) Cho hai số a,b khác 0 thoả mãn 2a 2 + 2 2 1 4 + b a = 4(1) Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức S = ab + 2009. Lời giải: Ta có (1) tơng đơng với; (a-1/a) 2 +(a+b/2) 2 ab 2 =0 Suy ra: ab = (a-1/a) 2 +(a+b/2) 2 2 -2 (vì (a-1/a) 2 +(a+b/2) 2 0) Dấu = xảy ra khi và chỉ khi (a=1;b=2) hoặc (a=-1;b=-2) 5 5 Suy ra minS = -2 + 2009 =2007 khi vµ chØ khi (a=1;b=2) hoÆc (a=-1;b=-2) ===HÕt=== SỞ GIÁO DỤC&ĐÀO TẠO KỲ THI TUYỂN SINH VÀO LỚP 10 TỈNH BÀ RỊA – VŨNG TÀU Năm học 2009-2010 ĐỀ CHÍNH THỨC Ngày thi : 02 – 07 – 2009 Môn thi: Toán Thời gian làm bài : 120 phút Bài 1 ( 2 điểm ) a/ Giải phương trình: 2x 2 – 3x – 2 = 0 b/ Giải hệ phương trình: =− =+ 123 532 yx yx Bài 2 ( 2 điểm) Cho hàm số y = 2 2 3 x có đồ thị là parabol (P) và hàm số y = x + m có đồ thị là đường thẳng (D) . a/ Vẽ parabol (P) b/ Tìm giá trị của m để (D) cắt (P) tại hai điểm phân biệt. Bài 3 (2,5 điểm) a/ Rút gọn biểu thức : M = ( ) ( ) x xx 21 23 22 + −−+ ( x ≥ 0) b/ Tìm giá trị của k để phương trình x 2 – (5 + k)x + k = 0 có hai nghiệm x 1 , x 2 thoả mãn điều kiện x 1 2 + x 2 2 = 18 Bài 4 ( 3 điểm) Cho nửa đường tròn tâm O có đường kính AB = 2R. Ax, By là các tia vuông góc với AB ( Ax, By và nửa đường tròn thuộc cùng một nửa mặt phẳng có bờ là đường thẳng AB). Qua điểm M thay đổi trên nửa đường tròn ( M khác A, B), kẻ tiếp tuyến với nửa đường tròn lần lượt cắt Ax, By tại C và D. a/ Chứng minh tứ giác ACMO nội tiếp. b/ Chứng minh OC vuông góc với OD và 222 111 RODOC =+ c/ Xác định vị trí của M để ( AC + BD ) đạt giá trị nhỏ nhất Bài 5 ( 0,5 điểm) Cho a + b , 2a và x là các số nguyên. Chứng minh y = ax 2 + bx + 2009 nhận giá trị nguyên. HẾT 6 6 D C M y x O B A Gv: Lê Long Châu THCS Nguyễn Trãi Châu Đốc AG sưu tầm GỢI Ý ĐÁP ÁN (Câu khó) Bài 4: a. Xét tứ giác ACMO có · · 0 90CAO CMO= = => Tứ giác ACMO nội tiếp. b. Vì AC và CM là tiếp tuyến của (O) =>OC là tia phân giác của góc AOM (t/c) Tương tự DM và BD cũng là tiếp tuyến của (O) => OD là tia phân giác của góc BOM (t/c) Mặt khác · AOM kề bù với · BOM => CO ⊥OD. * Ta có ∆COD vuông tại O và OM là đường cao => theo hệ thức lượng trong tam giác vuông ta được 2 2 2 2 1 1 1 1 OC OD OM R + = = c. Vì Ax, By, CD là các tiếp tuyến cắt nhau tại C và D nên ta có CA = CM , MD = DB => AC + BD = CM + MD = CD Để AC + BD nhỏ nhất thì CD nhỏ nhất. Mà C, D thuộc hai đường thẳng // => CD nhỏ nhất khi CD⊥ Ax và By => M là điểm chính giữa cung AB. Bài 5: Vì a+b, 2a ∈Z => 2(a+b) – 2a ∈ Z => 2b ∈ Z Do x ∈ Z nên ta có hai trường hợp: * Nếu x chẵn => x = 2m (m∈ Z) => y = a.4m 2 + 2m.b +2009 = (2a).2m 2 +(2b).m +2009 ∈Z. * Nếu x lẻ => x = 2n +1 (n∈Z) => y = a(2n+1) 2 + b(2n+1) +2009 = (2a).(2m 2 + 2m) + (2b)m + (a + b) + 2009 ∈Z. Vậy y = ax 2 + bx +2009 nhận giá trị nguyên với đk đầu bài. 7 7 SỞ GIÁO DỤC & ĐÀO TẠO KỲ THI TUYỂN SINH VÀO LỚP 10 TP ĐÀ NẲNG Khóa ngày 23 tháng 06 năm 2009 MÔN: TOÁN ( Thời gian 120 phút, không kể thời gian giao đề ) Bài 1. ( 3 điểm ) Cho biểu thức a 1 1 2 K : a 1 a 1 a a a 1 = − + ÷ ÷ − − − + a) Rút gọn biểu thức K. b) Tính giá trị của K khi a = 3 + 2 2 c) Tìm các giá trị của a sao cho K < 0. Bài 2. ( 2 điểm ) Cho hệ phương trình: mx y 1 x y 334 2 3 − = − = a) Giải hệ phương trình khi cho m = 1. b) Tìm giá trị của m để phương trình vô nghiệm. Bài 3. ( 3,5 điểm ) Cho đường tròn (O), đường kính AB cố định, điểm I nằm giữa A và O sao cho AI = 2 3 AO. Kẻ dây MN vuông góc với AB tại I. Gọi C là điểm tùy ý thuộc cung lớn MN sao cho C không trùng với M, N và B. Nối AC cắt MN tại E. a) Chứng minh tứ giác IECB nội tiếp được trong một đường tròn. b) Chứng minh ∆AME ∆ACM và AM 2 = AE.AC. c) Chứng minh AE.AC - AI.IB = AI 2 . d) Hãy xác định vị trí của điểm C sao cho khoảng cách từ N đến tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác CME là nhỏ nhất. Bài 4. ( 1,5 điểm ) Người ta rót đầy nước vào một chiếc ly hình nón thì được 8 cm 3 . Sau đó người ta rót nước từ ly ra để chiều cao mực nước chỉ còn lại một nửa. Hãy tính thể tích lượng nước còn lại trong ly. 8 8 ĐÁP ÁN ĐỀ SỐ 1. Bài 1. a) Điều kiện a > 0 và a ≠ 1 (0,25đ) a 1 1 2 K : a 1 a( a 1) a 1 ( a 1)( a 1) = − + ÷ ÷ − − + + − a 1 a 1 : a( a 1) ( a 1)( a 1) − + = − + − a 1 a 1 .( a 1) a( a 1) a − − = − = − b) a = 3 + 2 2 = (1 + 2 ) 2 a 1 2⇒ = + 3 2 2 1 2(1 2) K 2 1 2 1 2 + − + = = = + + c) a 1 0 a 1 K 0 0 a 0 a − < − < ⇔ < ⇔ > a 1 0 a 1 a 0 < ⇔ ⇔ < < > Bài 2. a) Khi m = 1 ta có hệ phương trình: x y 1 x y 334 2 3 − = − = x y 1 3x 2y 2004 − = ⇔ − = 2x 2y 2 3x 2y 2004 − = ⇔ − = x 2002 y 2001 = ⇔ = b) mx y 1 y mx 1 x y 3 334 y x 1002 2 3 2 − = = − ⇔ − = = − 9 9 y mx 1 y mx 1 3 3 m x 1001 (*) mx 1 x 1002 2 2 = = = = ữ H phng trỡnh vụ nghim (*) vụ nghim 3 3 m 0 m 2 2 = = Bi 3. a) * Hỡnh v ỳng * ã 0 EIB 90= (gi thit) * 0 ECB 90 = (gúc ni tip chn na ng trũn) * Kt lun: T giỏc IECB l t giỏc ni tip b) (1 im) Ta cú: * s cungAM = s cungAN * AME ACM = *GúcAchung,suyraAME ACM. * Do ú: AC AM AM AE = AM 2 = AE.AC c) * MI l ng cao ca tam giỏc vuụng MAB nờn MI 2 = AI.IB * Tr tng v ca h thc cõu b) vi h thc trờn * Ta cú: AE.AC - AI.IB = AM 2 - MI 2 = AI 2 . d) * T cõu b) suy ra AM l tip tuyn ca ng trũn ngoi tip tam giỏc CME. Do ú tõm O 1 ca ng trũn ngoi tip tam giỏc CME nm trờn BM. Ta thy khong cỏch NO 1 nh nht khi v ch khi NO 1 BM.) * Dng hỡnh chiu vuụng gúc ca N trờn BM ta c O 1 . im C l giao ca ng trũn ó cho vi ng trũn tõm O 1 , bỏn kớnh O 1 M. Bi 4. (2 im) Phn nc cũn li to thnh hỡnh nún cú chiu cao bng mt na chiu cao ca hỡnh nún do 8cm 3 nc ban u to thnh. Do ú phn nc cũn li cú th tớch bng 3 1 1 2 8 = ữ th tớch nc ban u. Vy trong ly cũn li 1cm 3 nc. Sở Giáo dục và đào tạo BìNH DƯƠNG Kỳ thi tuyển sinh lớp 10 THPT Năm học 2009-2010 Môn thi: Toán Thời gian làm bài: 120 phút (không kể thời gian giao đề.) Bài 1: (3,0 điểm) 10 10 A B M E C I O 1 N Đề thi chính thức [...]... ⇔ = ⇒ ÷ = DC BC 4 BC AB 2 + AC 2 4 4 AB 2 ⇔ = ⇔ 4( AB 2 + 36) = 16 AB 2 ⇔ 8 AB 2 = 4.36 16 AB 2 + 36 C©u VI:(0,5®) C¸ch 1:V× xyz - 16 = 0 => xyz(x+y+z) = 16 x+ y+z P = (x+y)(x+z) = x2 +xy + xz + yz = x(x+y+z) + yz ¸p dơng B§T C«si cho hai sè thùc d¬ng lµ x(x+y+z) vµ yz ta cã P = (x+y)(x+z) = x(x+y+z) + yz ≥ 2 xyz ( x + y + z ) = 2 16 = 8 ; dÊu ®¼ng thøc xÈy ra khi x(x+y+z) = yz VËy gi¸ trÞ nhá nhÊt... trình: x + y = 80 xy = 1500 ⇒ x 2 − 80x + 1500 = 0 Bài 3: x = 50 c dai = 50 ⇒ 1 ⇒ c rong = 30 x 2 = 30 x 2 + 2(m + 1)x + m 2 + 4m + 3 = 0 ( 1)∆ ' = (m + 1)2 − m 2 + 4m + 3 ) = -2m-2 Để phương trình có 2 nghiệm phân biệt: ⇔∆’ > 0 ⇔ m < -1 2) Theo Viet : S = x 1 + x 2 = −2(m + 1) 2 P = x 1.x 2 = m + 4m + 3 ⇒ A = m 2 + 4m + 3 + 4(m + 1) = m 2 + 4m + 3 + 4m + 4 = m 2 + 8m + 7 12 13... 1 b 1 c 1 2 + = => 2(b+c)=bc(1) x2+bx+c=0 (1) Có ∆ 1=b2-4c x2+cx+b=0 (2) Có ∆ 2=c2-4b Cộng ∆ 1+ ∆ 2= b2-4c+ c2-4b = b 2+ c2-4(b+c)= b 2+ c2-2.2(b+c)= b 2+ c2-2bc=(b-c) ≥ 0 (thay2(b+c)=bc ) Vậy trong ∆ 1; ∆ 2có một biểu thức dương hay ít nhất 1 trong hai phương trình x2+bx+c=0 (1) ; x2+cx+b=0 (2) phải có nghiệm: SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO ĐĂK LĂK -000 ĐỀ CHÍNH THỨC KỲ THI TUYỂN SINH VÀO LỚP... AOCD theo R 11 12 GIẢI ĐỀ THI Bài 1: 2x − 3y = 4 1 Giải hệ phương trình: 3x + 3y = 1 ⇔ 2x − 3y = 4 ⇔ 5x = 5 −2 y = 3 x = 1 2 Giải phương trình: a) x 2 − 8x + 7 = 0 Có dạng : a + b + c = 1 +( -8) + 7 = 0 x = 1 ⇒ 1 x 2 = 7 b) 16x + 16 − 9x + 19 + 4x + 14 = 16 − x + 1 ⇔ 4 x + 1 − 3 x + 1 + 2 x + 1 + x + 1 = 16 ⇔ 4 x + 1 = 16 ⇔ x +1 = 4 ⇔ x = 15 Bài 2: Gọi x,y là chiều... 1 + = b c 2 Chứng minh rằng ít nhất 1 trong hai phương trình sau phải có nghiệm: x2+bx+c=0 (1) ; x2+cx+b=0 (2) 15 16 ĐÁP ÁN : Câu 1: (2đ) 1 128 + 300 2 1 = 2.2 2 − 3.3 3 − 8 2 + 10 3 2 = 3 A = 2 8 − 3 27 − b/Giải phương trình: 7x 2+8 x+1=0 (a=7;b=8;c=1) Ta có a-b+c=0 nên x1=-1; x2 = − c −1 = a 7 Câu 1: (2đ) a/ (với a>0) (Với a>0) P= a2 + a 2a + a − +1 a − a +1 a = a ( a + 1)(a − a + 1) a (2 a + 1) − +1 ... cđa h×nh thoi Chøng minh r»ng: 1 1 4 + 2 = 2 2 R r a ĐÁP ÁN : Câu 1: (2đ) 1 128 + 300 2 1 = 2.2 2 − 3.3 3 − 8 2 + 10 3 2 = 3 A = 2 8 − 3 27 − b/Giải phương trình: 7x 2+8 x+1=0 − c −1 Ta có a-b+c=0 nên x1=-1; x2 = = a 7 (a=7;b=8;c=1) Câu 1: (2đ) a/ (với a>0) (Với a>0) P= a2 + a 2a + a − +1 a − a +1 a = a ( a + 1)(a − a + 1) a (2 a + 1) − +1 a − a +1 a = a2 + a − 2 a − 1+ 1 = a2 − a b/Tìm giá trị nhỏ nhất... (1đ) 1 b 1 c 1 2 + = => 2(b+c)=bc(1) x2+bx+c=0 (1) Có ∆ 1=b2-4c x2+cx+b=0 (2) Có ∆ 2=c2-4b Cộng ∆ 1+ ∆ 2= b2-4c+ c2-4b = b 2+ c2-4(b+c)= b 2+ c2-2.2(b+c)= b 2+ c2-2bc=(b-c) ≥ 0 (thay2(b+c)=bc ) Vậy trong ∆ 1; ∆ 2có một biểu thức dương hay ít nhất 1 trong hai phương trình x2+bx+c=0 (1) ; x2+cx+b=0 (2) phải có nghiệm: 17 18 së gd&®t qu¶ng b×nh ®Ị thi chÝnh thøc tun sinh vµo líp 10 thpt N¨m häc 2009-2010... ®k x>0 vËn tèc cđa «t« kh¸ch lµ x+10 (km/h) theo ®Ị bµi ta cã ph¬ng tr×nh 180 180 3 − = x x + 10 5 Gi¶i ph¬ng tr×nh ta cã x1=50(tm) x2=-60(lo¹i) C©u V:(3,0®) C©u VI:(0,5®) xyz= 16 16 =>x+y+z= x+ y+z xyz P=(x+y)(x+z)=x2+xz+xy+yz=x(x+y+z)+yz=x 16 16 16 yz = 8 (b®t cosi) +yz= + yz ≥ 2 xyz yz yz V©y GTNN cđa P=8 Së Gi¸o dơc vµ ®µo t¹o B¾c giang - Kú thi tun sinh líp 10 THPT N¨m häc 2009-2010... vµ QR §¸p ¸n bµi thi tun sinh vµo líp 10 THPT N¨m häc 2009 - 2010 M«n: To¸n PhÇn I Tr¾c nghiƯm kh¸ch quan C©u §¸p ¸n C©u1 C C©u 2 B C©u 3 C C©u 4 A C©u 5 D C©u 6 B C©u7 C C©u 8 D 19 20 PhÇn II Tù ln Bµi 1: n −1 a)N = ( = n +1 + n +1 n −1 ) ( n + 1) ( n + 1)( n − 1) 2 n −1 + 2 n − 2 n +1 + n + 2 n +1 n −1 2( n + 1) = víi n ≥ 0, n ≠ 1 n −1 2( n + 1) 2( n − 1) + 4 4 b) N = = = 2+ n −1 n −1 n −1 4 Ta cã:... = 2 16 = 8 ; dÊu ®¼ng thøc xÈy ra khi x(x+y+z) = yz VËy gi¸ trÞ nhá nhÊt cđa P lµ 8 C¸ch 2: xyz= 16 16 =>x+y+z= x+ y+z xyz 31 32 P=(x+y)(x+z)=x2+xz+xy+yz=x(x+y+z)+yz=x 16 16 16 yz = 8 (b®t cosi) +yz= + yz ≥ 2 xyz yz yz V©y GTNN cđa P=8 …………… ubnd tØnh B¾c Ninh Së Gi¸o Dơc vµ ®µo t¹o k× thi tun sinh vµo líp 10 thpt n¨m häc 2009-2010 M«n : to¸n Thêi gian : 120 phót (Kh«ng kĨ thêi gian giao ®Ị) §Ị chÝnh . dạng : a + b + c = 1 +( -8) + 7 = 0 1 2 1 7 x x = = ⇒ b) 15 16 16 9 19 4 14 16 1 4 1 3 1 2 1 1 16 4 1 16 1 4 x x x x x x x x x x x + − + + + = − + + − + + + + + = ⇔ ⇔ + = ⇔ + = =⇔ Bài 2: Gọi. 1) . 4 3 4 3 4( 1) = 4 3 4 4 8 = 7 S x x m P x x m m A m m m m m m m m = + = − + = = + + ⇒ = + + + + + + + + + + 12 12 E D C B O A F Bài 4: 1) · · · · · · ( ) va so le trong (tia phan. = 1 1 1 1 + + + n n n n = ( ) ( ) ( )( ) 11 11 22 + ++ nn nn = 1 1212 ++ ++ n nnnn = ( ) 1 12 + n n với n 0, n 1. b) N = ( ) 1 12 + n n = ( ) 1 412 + n n = 2 + 1 4 n Ta có: