Bai tap HHKG luyen thi DH (co dap an)

Bi tp HHKG Lờ Khc Luyn BI TP ễN TP HèNH HC KHễNG GIAN Cõu 1. Cho hỡnh vuụng ABCD tõm I. Cỏc na ng thng Ax, Cy cựng vuụng gúc vi mt phng (ABCD) v cựng phớa i vi mt phng ú. Trờn Ax, Cy ln lt ly cỏc im M, N sao cho AM = m, CN = n ( m, n 0> ), gúc to bi hai mt phng (MBD) v (ABCD) bng 30 0 . Tớnh th tớch ca khi chúp B.AMNC. Tỡm iu kin ca m theo n gúc MIN vuụng. Cõu 2. Cho hỡnh chúp SABCD cú ỏy ABCD l hỡnh vuụng cnh a, tõm O. Cnh bờn SA vuụng gúc vi mp (ABCD) v SA = a; M l trung im cnh SD. a) Mt phng () i qua OM v vuụng gúc vi mt phng (ABCD) ct hỡnh chúp SABCD theo thit din l hỡnh gỡ? Tớnh din tớch thit din theo a. b) Gi H l trung im ca CM; I l im thay i trờn SD. Chng minh OH (SCD); v hỡnh chiu ca O trờn CI thuc ng trũn c nh. Cõu 3. Trờn cnh AD ca hỡnh vuụng ABCD cú di l a, ly im M sao cho AM = x (0 < x a). Trờn ng thng vuụng gúc vi mt phng (ABCD) ti A, ly im S sao cho SA = 2a. a) Tớnh khong cỏch t im M n mt phng (SAC). b) Kẻ MH vuông góc với AC tại H . Tìm vị trí của M để thể tích khối chóp SMCH lớn nhất. Cõu 4. Cho hỡnh chúp S.ABCD cú ỏy ABCD l hỡnh thoi ; hai ng chộo AC = 2 3a , BD = 2a v ct nhau ti O; hai mt phng (SAC) v (SBD) cựng vuụng gúc vi mt phng (ABCD). Bit khong cỏch t im O n mt phng (SAB) bng 3 4 a , tớnh th tớch khi chúp S.ABCD theo a. Cõu 5. Cho hỡnh lng tr tam giỏc ABC.ABC vi A.ABC l hỡnh chúp tam giỏc u cnh ỏy AB = a; cnh bờn AA = b. Gi l gúc gia hai mp(ABC) v mp(ABC). Tớnh tan v th tớch chúp A.BCCB. Cõu 6. Cho hỡnh chúp SABCD cú ỏy ABCD l hỡnh vuụng tõm O, SA vuụng gúc vi đáy hỡnh chúp. Cho AB = a, SA = a 2 . Gi H v K ln lt l hỡnh chiu vuông góc ca A lờn SB, SD. Chng minh SC (AHK) v tớnh th tớch khối chúp OAHK. Cõu 7. Cho lăng trụ tam giác ABC.A 1 B 1 C 1 có tất cả các cạnh bằng a, góc tạo bởi cạnh bên và mặt phẳng đáy bằng 30 0 . Hình chiếu H của điểm A trên mặt phẳng (A 1 B 1 C 1 ) thuộc đờng thẳng B 1 C 1 . Tính khoảng cách giữa hai đờng thẳng AA 1 và B 1 C 1 theo a. Cõu 8. Cho hỡnh chúp S.ABCD ỏy ABCD l hỡnh thoi. SA = x (0 < x < ) cỏc cnh cũn li u bng 1. Tớnh th tớch ca hỡnh chúp S.ABCD theo x. Cõu 9. Cho hỡnh chúp S.ABCD cú ỏy l hỡnh vuụng cnh a , SA vuụng gúc vi ỏy v SA=a .Gi M,N ln lt l trung im ca SB v SD; I l giao im ca SD v mt phng (AMN). Chng minh SD vuụng gúc vi AI v tớnh th tớch khi chúp MBAI. Cõu 10. Trong mặt phẳng (P) cho đờng tròn (C) tâm O đờng kính AB = 2R. Trên đờng thẳng vuông góc với (P) tại O lấy điểm S sao cho OS = R 3 . I là điểm thuộc đoạn OS với SI = 2 3 R . M là một điểm thuộc (C). H là hình chiếu của I trên SM. Tìm vị trí của M trên (C) để tứ diện ABHM có thể tích lớn nhất. Tìm giá trị lớn nhất đó. Cõu 11. Cho hỡnh chúp S.ABCD cú ỏy ABCD l hỡnh ch nht vi AB = a, AD = 2a. Cnh SA vuụng gúc vi mt phng ỏy, cnh bờn SB to vi mt phng ỏy mt gúc 60 0 . Trờn cnh SA ly im M sao cho AM = 3 3 a , mt phng (BCM) ct cnh SD ti N. Tớnh th tớch khi chúp S.BCNM. Cõu 12. Hỡnh chúp t giỏc u SABCD cú khong cỏch t A n mt phng ( ) SBC bng 2. Vi giỏ tr no ca gúc gia mt bờn v mt ỏy ca chúp thỡ th tớch ca chúp nh nht? Cõu 13. Cho hỡnh chúp S.ABC cú ỏy ABC l tam giỏc vuụng cõn ti nh A ( à A = 90 o ), AB=AC=a. Mt bờn qua cnh huyn BC vuụng gúc vi mt ỏy, hai mt bờn cũn li u hp vi mt ỏy cỏc gúc 60 o . Hóy tớnh th tớch ca khi chúp S.ABC. Cõu 14. Cho hỡnh lng tr ABC.ABC cú ỏy l tam giỏc u cnh a, hỡnh chiu vuụng gúc ca A lờn mt phng (ABC) trựng vi tõm O ca tam giỏc ABC. Tớnh th tớch khi lng tr ABC.ABC bit khong cỏch gia AA v BC l a 3 4 . Cõu 15. Cho tứ diện ABCD có ba cạnh AB, BC, CD đôi một vuông góc với nhau và aCDBCAB === . Gọi C và D lần lợt là hình chiếu của điểm B trên AC và AD. Tính thể tích tích tứ diện ABC D . Ti liu ụn thi H Nm hc 2010 - 2011 5 Bài tập HHKG Lê Khắc Luyện Câu 16. Cho lăng trụ ABC.A ’ B ’ C ’ đáy ABC là tam giác đều cạnh a. .A ’ cách đều các điểm A,B,C. Cạnh bên AA ’ tạo với đáy góc 60 0 . Tính thể tích khối lăng trụ. Câu 17. Cho hình lập phương 1 1 1 1 ABCD.A B C D có độ dài cạnh bằng a. Trên các cạnh AB và CD lấy lần lượt các điểm M, N sao cho .BM CN x = = Xác định ví trí điểm M sao cho khoảng cách giữa hai dường thẳng 1 A C và MN bằng 3 a . Câu 18. Cho hình lăng trụ tam giác đều . ' ' 'ABC A B C có 1, ' ( 0).AB CC m m= = > Tìm m biết rằng góc giữa hai đường thẳng 'AB và 'BC bằng 0 60 . Câu 19. Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình vng cạnh a, SA vng góc với đáy. Góc giữa mặt phẳng (SBC) và (SCD) bằng 60 0 . Tính theo a thể tích khối chóp S.ABCD. Câu 20. Khối chóp tam giác SABC có đáy ABC là tam giác vng cân đỉnh C và SA vng góc với mặt phẳng (ABC), SC = a . Hãy tìm góc giữa hai mặt phẳng (SCB) và (ABC) để thể tích khối chóp lớn nhất . Câu 21. Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình chữ nhật với AB a, AD 2a,= = cạnh SA vng góc với đáy, cạnh SB tạo với mặt phẳng đáy một góc o 60 . Trên cạnh SA lấy điểm M sao cho a 3 AM 3 = . Mặt phẳng ( ) BCM cắt cạnh SD tại điểm N . Tính thể tích khối chóp S.BCNM. Câu 22. Cho hình lặng trụ tam giác đều ABC.A’B’C’ có cạnh đáy bằng a. Biết khoảng cách giữa hai đường thẳng AB và A’C bằng 15 5 a . Tính thể tích của khối lăng trụ. Câu 23. Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình thoi ; hai đường chéo AC = 2 3a , BD = 2a và cắt nhau tại O; hai mặt phẳng (SAC) và (SBD) cùng vng góc với mặt phẳng (ABCD). Biết khoảng cách từ điểm O đến mặt phẳng (SAB) bằng 3 4 a , tính thể tích khối chóp S.ABCD theo a. Câu 24. Cho hình chóp cụt tam giác đều ngoại tiếp một hình cầu bán kính r cho trước. Tính thể tích hình chóp cụt biết rằng cạnh đáy lớn gấp đơi cạnh đáy nhỏ. Câu 25. Cho hình lăng trụ ABC.A’B’C’ có đáy ABC là tam giác đều cạnh a, cạnh bên hợp với đáy một góc là 45 0 . Gọi P là trung điểm BC, chân đường vng góc hạ từ A’ xuống (ABC) là H sao cho 1 2 AP AH= uuur uuur . gọi K là trung điểm AA’, ( ) α là mặt phẳng chứa HK và song song với BC cắt BB’ và CC’ tại M, N. Tính tỉ số thể tích ' ' ' ABCKMN A B C KMN V V . Câu 26. Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình vng cạnh a, SA = h vng góc mặt phẳng (ABCD), M là điểm thay đổi trên CD. Kẻ SH vng góc BM. Xác định vị trí M để thể tích tứ diện S.ABH đạt giá trị lớn nhất. Tính giá trị lớn nhát đó. Câu 27. Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình thang vuông tại A và D; AB = AD = 2a; CD = a; góc giữa hai mặt phẳng (SBC) và (ABCD) bằng 60 0 . Gọi I là trung điểm của cạnh AD. Biết hai mặt phẳng (SBI) và (SCI) cùng vuông góc với mặt phẳng (ABCD), tính thể tích khối chóp S.ABCD theo a. Câu 28. Cho hình tứ diện ABCD có cạnh AD vng góc với mặt phẳng (ABC), ngồi ra AC = AD = 4; AB = 3; BC = 5. Tính khoảng cách từ A tới mặt phẳng (BCD). Câu 29. Cho hình chóp tứ giác đều S.ABCD, O là giao điểm của AC và BD. Biết mặt bên của hình chóp là tam giác đều và khỏang cách từ O đến mặt bên là d. Tính thể tích khối chóp đã cho. Câu 30. Tính thể tích hình chóp S.ABC biết SA = a,SB = b, SC = c, · · · 0 0 0 ASB 60 , 90 , 120BSC CSA= = = . Câu 31. Cho lăng trụ đứng ABC.A 1 B 1 C 1 có AB = a, AC = 2a, AA 1 2a 5= và o 120BAC = ∧ . Gọi M là trung điểm của cạnh CC 1 . Chứng minh MB ⊥ MA 1 và tính khoảng cách d từ điểm A tới mặt phẳng (A 1 BM). Tài liệu ơn thi ĐH Năm học 2010 - 2011 6 Bi tp HHKG Lờ Khc Luyn Cõu 32. Trong mặt phẳng (P) cho đờng tròn (C) tâm O đờng kính AB = 2R. Trên đờng thẳng vuông góc với (P) tại O lấy điểm S sao cho OS = R 3 ; I là điểm thuộc đoạn OS với SI = 2 3 R ; M là một điểm thuộc (C), H là hình chiếu của I trên SM. Tìm vị trí của M trên (C) để tứ diện ABHM có thể tích lớn nhất. Tìm giá trị lớn nhất đó. Cõu 33. Cho ABC vuông góc tại A . Trên đờng thẳng vuông góc với mặt phẳng ( ) ABC tại B ta lấy một điểm S sao cho 1SB BA AC = = = . ( ) P là mặt phẳng song song với các cạnh SB và AC cắt các cạnh , , ,SA SC BC BA lần lợt tại , , ,D E F H . a) Chứng minh rằng: DEFH là hình chữ nhật. b) Xác định vị trí của mặt phẳng ( ) P sao cho diện tích hình chữ nhật đó lớn nhất. Cõu 34. Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình vuông cạnh a, SA vuông góc với mặt phẳng (ABCD) và SA=2a. Gọi E là trung điểm của cạnh CD. a) Tính theo a khoảng cách từ điểm S đến đờng thẳng BE. b) Tìm tâm và bán kính mặt cầu ngoại tiếp hình chóp S.ABCD. Cõu 35. Trờn ng thng vuụng gúc ti A vi mt phng ca hỡnh vuụng ABCD cnh a ta ly im S vi SA = 2a. Gi B, D l hỡnh chiu vuụng gúc ca A lờn SB v SD. Mt phng (ABD ) ct SC ti C. Tớnh th tớch khi a din ABCDD C B. Cõu 36. Cho tam giác ABC cân nội tiếp đờng tròn tâm J bán kính R=2a (a>0), góc BAC =120 0 . Trên đờng thẳng vuông góc với mặt phẳng (ABC) lấy điểm S sao cho SA = 3.a Gọi I là trung điểm đoạn BC. Tính góc giữa SI và hình chiếu của nó trên mặt phẳng (ABC) v tớnh bỏn kớnh mt cu ngoi tip hỡnh chúp SABC theo a. Cõu 37. Cho hình chóp S.ABCD, có đáy ABCD là hình vuông tâm O cạnh bằng a, SO (ABCD). Gọi M, N lần lợt là trung điểm của SA và BC. Tính góc giữa đờng thẳng MN và mặt phẳng (ABCD) và thể tích khối chóp M.ABCD, biết rằng . 2 10a MN = Cõu 38. Cho hỡnh chúp S.ABC cú gúc ((SBC), (ACB)) =60 0 , ABC v SBC l cỏc tam giỏc u cnh a. Tớnh theo a khong cỏch t B n mt phng (SAC). Cõu 39. Cho lng tr ng ABC.ABC cú tt c cỏc cnh u bng a. Gi M l trung im ca AA. Tớnh th tớch ca khi t din BMBC theo a v chng minh rng BM vuụng gúc vi BC. Cõu 40. Cho t din OABC cú 4, 5, 6OA OB OC= = = v ã ã ã 0 60 .AOB BOC COA = = = Tớnh th tớch t din OABC. Cõu 41. Cho hình lăng trụ tam giác ABC.ABC có đáy ABC là tam giác vuông cân tại A, 2BC a= , hình chiếu của A trên mặt phẳng (ABC) là trọng tâm tam giác ABC, cạnh bên tạo với mặt đáy một góc 60 0 . Tính thể tích của khối lăng trụ đó. Cõu 42. Cho hình chóp SABCD có đáy ABCD là hình thang vuông tại A và B với AB = BC = a; AD = 2a. Các mặt phẳng (SAC) và (SBD) cùng vuông góc với mặt đáy (ABCD). Biết góc giữa hai mặt phẳng (SAB) và (ABCD) bằng 60 0 . Tính thể tích khối chóp và khoảng cách giữa hai đờng thẳng CD và SB. Cõu 43. Cho hình chóp S. ABCD có ABCD là hình chữ nhật, SA vuông góc với mặt phẳng (ABCD).Gọi M, N lần l- ợt là trung điểm của AD và SC, I là giao điểm của BM và AC. Cho SA= a, AD = a 2 , AB = a. Chứng minh rằng mặt phẳng (SBM) vuông góc với mặt phẳng (SAC) và tính thể tích của tứ diện ABIN. Cõu 44. Cho lng tr ng ABC.A B C cú ỏy ABC l tam giỏc vuông cân nh là A . Gúc gia AA v BC bng 30 0 v khong cỏch gia chỳng l a. Gi M l trung im ca AA . Tớnh th tớch t din MA BC . Cõu 45. Cho hỡnh chúp S.ABC cú ỏy l tam giỏc u ABC cnh a, ( )SA ABC v SA = 3a. Gi M, N ln lt l hỡnh chiu vuụng gúc ca A lờn cnh SB, SC. Tớnh th tớch khi chúp A.BCNM theo a. Cõu 46. Cho hỡnh chúp .S ABCD cú ỏy l hỡnh thang vuụng ti A v B vi BC l ỏy nh. Bit rng tam giỏc SAB l tam giỏc u cú cnh vi di bng 2a v nm trong mt phng vuụng gúc vi mt ỏy, 5SC a= v khong cỏch t D ti mt phng ( ) SHC bng 2 2a ( õy H l trung im AB ). Hóy tớnh th tớch khi chúp theo .a Cõu 47. Cho hỡnh chúp S.ABC cú AB = AC = a. BC = 2 a , 3aSA = , ã ã 0 30= =SAB SAC . Tớnh th tớch khi chúp S.ABC. Ti liu ụn thi H Nm hc 2010 - 2011 7 Bi tp HHKG Lờ Khc Luyn Cõu 48. Cho hỡnh chúp S.ABC cú SA = SB = SC = 2a . ỏy l tam giỏc ABC cõn ã 0 120BAC = , cnh BC=2a. Tớnh th tớch ca khi chúp S.ABC. Gi M l trung im ca SA. Tớnh khong cỏch t M n mt phng (SBC). Cõu 49. Cho hỡnh chúp S.ABCD, ỏy ABCD l hỡnh vuụng cnh a, mt bờn SAD l tam giỏc u v SB = 2a . Gi E, F ln lt l trung im ca AD v AB. Gi H l giao im ca FC v EB. a) Chng minh rng: SE EB v SBCH . b) Tớnh th tớch khi chúp C.SEB. Cõu 50. Cho hỡnh chúp S.ABC, ỏy ABC l tam giỏc vuụng ti B cú AB = a, BC = a 3 , SA vuụng gúc vi mt phng (ABC), SA = 2a. Gi M, N ln lt l hỡnh chiu vuụng gúc ca im A trờn cỏc cnh SB v SC. Tớnh th tớch ca khi chúp A.BCNM. Cõu 51. Cho hỡnh chúp S.ABC cú gúc gia hai mt phng (SBC) v (ACB) bng 60 0 , ABC v SBC l cỏc tam giỏc u cnh a. Tớnh khong cỏch t B n mp(SAC). Cõu 52. Cho hỡnh chúp S.ABCD cú ỏy ABCD l hỡnh thoi vi à 0 120=A , BD = a >0. Cnh bờn SA vuụng gúc vi ỏy. Gúc gia mt phng (SBC) v ỏy bng 60 0 . Mt mt phng () i qua BD v vuụng gúc vi cnh SC. Tớnh t s th tớch gia hai phn ca hỡnh chúp do mt phng () to ra khi ct hỡnh chúp. Cõu 53. Cho hỡnh chúp t giỏc S.ABCD cú SA vuụng gúc vi mt phng (ABCD), ỏy ABCD l hỡnh ch nht cú di AB = 2a , BC = a. Gi M l trung im on CD. Gúc gia hai mt phng (ABCD) v (SBM) l 0 60 . = a) Chng minh rng mt phng (SBM) vuụng gúc vi mt phng (SAC). b) Tớnh th tớch t din SABM theo a. Cõu 54. Cho hỡnh chúp S.ABCD cú ỏy ABCD l hỡnh vuụng tõm O v AB = 4a, hỡnh chiu vuụng gúc ca nh S lờn mt phng (ABCD) trựng vi trung im I ca on thng OA. Bit khong cỏch t I n mt phng (SAB) bng 2 2 SI . Tớnh th tớch khi chúp S.ABCD theo a . Cõu 55. Cho hình chóp S.ABC, đáy ABC là tam giác vuông tại B có AB = a, BC = a 3 , SA vuông góc với mặt phẳng (ABC), SA=2a. Gọi M, N lần lợt là hình chiếu vuông góc của điểm A trên các cạnh SB và SC. Tính thể tích của khối chóp A.BCNM. Cõu 56. Trong khụng gian cho hai im A, B c nh, di on AB = a > 0. Ax v By l hai na ng thng vuụng gúc vi nhau v cựng vuụng gúc vi AB. Trờn Ax v By ly hai im M v N sao cho MN = b (vi b l mt s cho trc v b > a). a) Xỏc nh tõm v bỏn kớnh mt cu ngoi tip t din ABMN. b) Xỏc nh v trớ ca M v N sao cho t din ABMN cú th tớch ln nht. Cõu 57. Cho t din ABCD cú tt c cỏc cnh u bng a. Gi P, Q ln lt l trung im ca AB v CD R l mt im trờn cnh BC sao cho BR = 2RC . Mt phng ( PQR) ct AD ti S . Tớnh th tớch khi t din SBCD theo a. Cõu 58. Cho lng tr u ABCABC cú cỏc cnh ỏy bng a. Khong cỏch t tõm O ca tam giỏc ABC n mt phng (ABC) bng 6 a . Tớnh th tớch lng tr u ú. Cõu 59. Cho hỡnh chúp .S ABC cú ỏy ABC l tam giỏc vuụng cõn ti C cnh huyn bng 3a . G l trng tõm tam giỏc ABC , ( ) SG ABC , 14 2 a SB = . Tớnh th tớch hỡnh chúp .S ABC v khong cỏch t B n mt phng ( ) SAC . Cõu 60. Cho hỡnh chúp S.ABC cú mt SBC vuụng gúc vi ỏy, cỏc cnh SB = SC = 1 v cỏc gúc ã ã ã 0 ASB BSC CSA 60= = = . Tớnh th tớch ca hỡnh chúp S.ABC. HNG DN GII BI TP ễN TP HHKG Ti liu ụn thi H Nm hc 2010 - 2011 8 I A D B C M N Bài tập HHKG Lê Khắc Luyện Câu 1. BD vuông góc AC, MI vuông góc AC nên ((MBD);(ABCD)) = MIA∠ = 30 0 . Đặt AB = x ta có AI = 2 x Trong tam giác MAI có AI.tan30 0 = MA x⇒ = 6m 3( ) 2 ACNM m n S AC m m n + ⇒ = = + . Vậy V BACNM = 2 ( )m m n+ (đvtt) * Ta có MN 2 = AC 2 + (m - n) 2 = 13m 2 -2mn + n 2 MI 2 = x 2 /2 + m 2 , NI 2 = x 2 /2 + n 2 góc MIN vuông khi và chỉ khi MN 2 = MI 2 + NI 2 hay n = 3m. Câu 2. a. Kẻ MQ//SA => ( ) ( ) ( )MQ ABCD MQO α ⊥ ⇒ ≡ Thiết diện là hình thang vuông MNPQ (MN//PQ) 2 ( ). 3 2 8 td MN PQ MQ a S + = = (đvdt) b. 1 3 2 2 a OK DH = = ( ) ( )AM SCD OH SCD⇒ ⊥ ⇒ ⊥ Gọi K là hình chiếu của O trên CI , ( )OK CI OH CI CI OKH CI HK⇒ ⊥ ⊥ ⇒ ⊥ ⇒ ⊥ Trong mp(SCD) : H, K cố định, góc HKC vuông => K thuộc đường tròn đg kính HC. Câu 3. Do ( ) ( ) ( ) ( ) SA ABCD SAC ABCD SA SAC ⊥  ⇒ ⊥  ⊂  Lại cã ( ) ( ) ( ) ( , ) .sin 45 2 o x MH AC SAC ABCD MH SAC d M SAC MH AM⊥ = ∩ ⇒ ⊥ ⇒ = = = Ta cã 0 . 45 2 2 2 x x AH AM cos HC AC AH a= = ⇒ = − = − 1 1 1 1 . ( 2 ) . 2 ( 2 ) 2 2 3 6 2 2 2 2 MHC SMCH MCH x x x x S MH MC a V SA S a a ∆ ∆ ⇒ = = − ⇒ = = − Tõ biÓu thøc trªn ta cã: [ ] 3 2 2 1 2 2 2 3 2 6 2 2 SMCH x x a a x x V a a x a + − ≤ = ⇔ = − ⇔ = ⇔ M trïng víi D. Câu 4. Từ giả thiết AC = 2 3a ; BD = 2a và AC ,BD vuông góc với nhau tại trung điểm O của mỗi đường chéo.Ta có tam giác ABO vuông tại O và AO = 3a ; BO = a , do đó · 0 60A DB = Hay tam giác ABD đều. Từ giả thiết hai mặt phẳng (SAC) và (SBD) cùng vuông góc với mặt phẳng (ABCD) nên giao tuyến của chúng là SO ⊥ (ABCD). Do tam giác ABD đều nên với H là trung điểm của AB, K là trung điểm của HB ta có DH AB⊥ và DH = 3a ; OK // DH và 1 3 2 2 a OK DH= = ⇒ OK ⊥ AB ⇒ AB ⊥ (SOK) Gọi I là hình chiếu của O lên SK ta có OI ⊥ SK; AB ⊥ OI ⇒ OI ⊥ (SAB) , hay OI là khoảng cách từ O đến mặt phẳng (SAB). Tam giác SOK vuông tại O, OI là đường cao ⇒ 2 2 2 1 1 1 2 a SO OI OK SO = + ⇒ = Diện tích đáy 2 4 2. . 2 3 D S ABC ABO S OA OB a ∆ = = = ; đường cao của hình chóp 2 a SO = . Tài liệu ôn thi ĐH Năm học 2010 - 2011 9 O Q H P A D B C S I M N I S A B K H C O I D 3a a O C B A D S H Bi tp HHKG Lờ Khc Luyn Th tớch khi chúp S.ABCD: 3 . 1 3 . 3 3 D DS ABC ABC a V S SO= = . Cõu 5. Gi O l tõm ỏy suy ra ( ) 'A O ABC v gúc ã 'AIA = *)Tớnh tan ' tan A O OI = vi 1 1 3 3 3 3 2 6 a a OI AI= = = 2 2 2 2 2 2 2 3 ' ' 3 3 a b a A O A A AO b = = = 2 2 2 3 tan b a a = *)Tớnh '. ' 'A BCC B V ( ) '. ' ' . ' ' ' '. 2 2 2 2 2 1 ' . ' . 3 2 3 1 3 3 . . . 3 2 2 6 3 A BCC B ABC A B C A ABC ABC ABC V V V A O S A O S b a a a b a a dvtt = = = = Cõu 6. BC vuụng gúc vi (SAB) BC vuụng gúc vi AH m AH vuụng vi SB AH vuụng gúc vi (SBC) AH vuụng gúc SC (1). Tng t AK vuụng gúc SC (2). T (1) v (2) SC vuụng gúc vi (AHK ); 2 2 2 2 SB AB SA 3a= + = SB = a 3 ; AH.SB = SA.AB AH= a 6 3 SH= 2a 3 3 SK= 2a 3 3 (do 2 tam giỏc SAB v SAD bng nhau v cựng vuụng ti A) Ta cú HK song song vi BD nờn HK SH 2a 2 HK BD SB 3 = = . Kẻ OE// SC ( )( ( ))OE AHK doSC AHK suy ra OE là đờng cao của hình chóp OAHK và OE =1/2IC =1/4SC = a/2. Gi AM l ng cao ca tam giỏc cõn AHK ta cú 2 2 2 2 4a AM AH HM 9 = = AM= 2a 3 . = = = 3 OAHK AHK 1 1 a 1 a 2 V OE.S . HK.AM 3 3 2 2 27 (đvtt). Cõu 7. Cõu 8. a cú ( . . )SBD DCB c c c SO CO = = Ti liu ụn thi H Nm hc 2010 - 2011 10 Do )( 111 CBAAH nên góc HAA 1 là góc giữa AA 1 và (A 1 B 1 C 1 ), theo giả thiết thì góc HAA 1 bằng 30 0 . Xét tam giác vuông AHA 1 có AA 1 = a, góc HAA 1 =30 0 2 3 1 a HA = . Do tam giác A 1 B 1 C 1 là tam giác đều cạnh a, H thuộc B 1 C 1 và 2 3 1 a HA = nên A 1 H vuông góc với B 1 C 1 . Mặt khác 11 CBAH nên )( 111 HAACB Kẻ đờng cao HK của tam giác AA 1 H thì HK chính là khoảng cách giữa AA 1 và B 1 C 1 Ta có AA 1 .HK = A 1 H.AH 4 3 . 1 1 a AA AHHA HK == Bi tp HHKG Lờ Khc Luyn Tng t ta cú SO = OA vy tam giỏc SCA vuụng ti S 2 1CA x = + Mt khỏc ta cú 2 2 2 2 2 2 AC BD AB BC CD AD+ = + + + 2 3 ( 0 3)BD x do x = < < 2 2 1 1 3 4 ABCD S x x = + Gi H l hỡnh chiu ca S xung (CAB) Vỡ SB = SD nờn HB = HD H CO, m 2 2 2 2 1 1 1 1 x SH SH SC SA x = + = + Vy V = 2 1 3 ( vtt) 6 x x d . Cõu 9. Ta cú ,( , ) ,( ) AM BC BC SA BC AB AM SB SA AB = AM SC (1) Tng t ta cú AN SC (2). T (1) v (2) suy ra AI SC . V IH song song vi BC ct SB ti H. Khi ú IH vuụng gúc vi (AMB) Suy ra 1 . 3 ABMI ABM V S IH= Ta cú 2 4 ABM a S = ; 2 2 2 2 2 2 2 . 1 1 1 2 3 3 3 IH SI SI SC SA a IH BC a BC SC SC SA AC a a = = = = = = = + + Vy 2 3 1 3 4 3 36 ABMI a a a V = = . Cõu 10. Tứ giác IHMO nội tiếp nên SH.SM = SI.SO mà OS = R 3 , SI = 2 3 R , SM = 2 2 2SO OM R + = SH = R hay H là trung điểm của SM Gọi K là hình chiếu vuông góc của H lên mp(MAB) thì HK = 1 2 SO= 3 2 R , (không đổi) V BAHM lớn nhất khi dt( MAB) lớn nhất M là điểm giữa của cung AB Khi đó V BAHM = 3 3 6 R (đvtt). Cõu 11. Tớnh th tớch hỡnh chúp SBCMN ( BCM)// AD nờn mt phng ny ct mp( SAD) theo giao tuyn MN // AD Ta cú : BC AB BC BM BC SA . T giỏc BCMN l hỡnh thang vuụng cú BM l ng cao Ta cú SA = AB tan60 0 = a 3 , 3 3 2 3 2 3 3 a a MN SM MN AD SA a a = = = Suy ra MN = 4 3 a . BM = 2 3 a . Din tớch hỡnh thang BCMN l : S = 2 4 2 2 10 3 2 2 3 3 3 a a BC MN a a BM + ữ + = = ữ ữ . H AH BM . Ta cú SH BM v BC (SAB) BC SH . Vy SH ( BCNM) SH l ng cao ca khi chúp SBCNM . Trong tam giỏc SBA ta cú SB = 2a , AB AM SB MS = = 1 2 . Vy BM l phõn giỏc ca gúc SBA ã 0 30SBH = SH = SB.sin30 0 = a Ti liu ụn thi H Nm hc 2010 - 2011 11 Bài tập HHKG Lê Khắc Luyện Gọi V là thể tích chóp SBCNM ta có V = 1 .( ) 3 SH dtBCNM = 3 10 3 27 a . Câu 12. Gọi M, N là trung điểm BC, AD, gọi H là hình chiếu vuông góc từ N xuống SM. Ta có: · ( ) ( ) ( ) ( ) 2 ABCD 2 SABCD 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 SABCD SMN ,d A; SBC d N; SBC NH 2 NH 2 4 MN S MN sin sin sin tan 1 SI MI.tan sin cos 1 4 1 4 V 3 sin cos 3.sin .cos sin sin 2cos 2 sin .sin .2cos 3 3 1 sin .cos 3 V min sin .cos max s = α = = = ⇒ = = ⇒ = = α α α α = α = = α α ⇒ = × × = α α α α α + α + α α α α ≤ = ⇒ α α ≤ ⇔ α α ⇔ 2 2 1 in 2cos cos 3 α = α ⇔ α = Câu 13. Kẻ SH vuông góc với BC. Suy ra SH ⊥ mp (ABC) Kẻ SI vuông góc với AB và SJ ⊥ AC ⇒góc SIH=góc SJH = 60 o ⇒ tam giác SHI = tam giác SHJ ⇒ HI = HJ ⇒ AIHJ là hình vuông ⇒ I là trung điểm AB ⇒ IH = a/2 Trong tam giác vuông SHI ta có SH = 3 2 a V (SABC) = 3 1 3 . ( ) 3 12 a SH dt ABC= = (đvtt) Câu 14. Gọi M là trung điểm BC ta thấy:    ⊥ ⊥ BCOA BCAM ' )'( AMABC ⊥⇒ Kẻ ,'AAMH ⊥ (do A∠ nhọn nên H thuộc trong đoạn AA’.) Do BCHM AMAHM AMABC ⊥⇒    ∈ ⊥ )'( )'( .Vậy HM là đọan vông góc chung của AA’và BC, do đó 4 3 )BC,A'( aHMAd == . Xét 2 tam giác đồng dạng AA’O và AMH, ta có: AH HM AO OA = ' ⇔ suy ra 3 a a3 4 4 3a 3 3a AH HM.AO O'A === Thể tích khối lăng trụ: 12 3a a 2 3a 3 a 2 1 BC.AM.O'A 2 1 S.O'AV 3 ABC ==== . Câu 15. Tài liệu ôn thi ĐH Năm học 2010 - 2011 12 N M I D A B C S H I H J S B C A A B C C’ B’ A’ H O M Bi tp HHKG Lờ Khc Luyn Vì ABCDBCCD , nên )(ABCmpCD và do đó )()( ACDmpABCmp .Vì ACBC ' nên )(ACDmpBC . Suy ra nếu V là thể tích tứ diện ABCD thì ').''( 3 1 BCDACdtV = . Vì tam giác ABC vuông cân nên 2 2 ''' a BCCCAC === . Ta có 2222222 3aCDBCABBDABAD =++=+= nên 3aAD = . Vì BD là đờng cao của tam giác vuông ABD nên 2 '. ABADAD = , vậy 3 ' a AD = . Ta có 12 2 3 1 3 3 2 2 2 1 '.'. 2 1 sin''. 2 1 )''( 2 aaa AD CD ADACDACADACDACdt ==== . Vậy == 2 2 . 12 2 3 1 2 aa V 36 3 a . Cõu 16. T gi thit ta c chop A .ABC l chop tam giỏc u . ã ' A AG l gúc gia cnh bờn v ỏy . ã ' A AG = 60 0 , AG = 3 3 a ; ng cao A G ca chúp A .ABC cng l ng cao ca lng tr . Vy A G = 3 3 a .tan60 0 = 3 3 a . 3 = a. Vy Th tớch khi lng tr ó cho l V = 3 1 3 3 . . . 2 2 4 a a a a = . Cõu 17. Ta cú ( ) ( ) ( ) ( ) 1 1 1 MN / / BC MN / / A BC d MN ,AC d MN , A BC = Gi 1 1 H A B AB= v 1 MK / / HA,K A B 2 2 x MK = . Vỡ 1 1 1 A B AB MK A B v ( ) 1 1 CB ABB A CB MK . T ú suy ra ( ) ( ) ( ) ( ) 1 1 1 MK A BC MK d MN , A BC d MN ,A C = = Nờn 2 2 3 2 3 3 a x a a MK x= = = . Vy M tha món 2 3 a BM = . Cõu 18. Kẻ / / ' ( ' ')BD AB D A B 0 ( ', ') ( , ') 60AB BC BD BC = = 0 ' 60DBC = hoặc 0 ' 120 .DBC = Nếu 0 ' 60DBC = . Vì lăng trụ đều nên ' ( ' ' ')BB A B C , áp dụng định lý Pitago và định lý cosin ta có 2 ' 1BD BC m= = + và ' 3.DC = Kết hợp 0 ' 60DBC = ta suy ra 'BDC đều. Khi ú 2 1 3 2.m m+ = = Nếu 0 ' 120DBC = , áp dụng định lý cosin cho 'BDC suy ra 0m = (loại). Vậy 2.m = Cõu 19. Gi M l hỡnh chiu vuụng gúc ca B lờn SC. Chng minh c gúc DMB = 120 0 v DMB cõn ti M . Tớnh c: DM 2 = 2 3 a 2 SCD vuụng ti D v DM l ng cao nờn 2 2 2 1 1 1 = + DM DS DC Suy ra DS = a 2 . Tam giỏc ASD vuụng ti A suy ra SA = a. Ti liu ụn thi H Nm hc 2010 - 2011 13 G N M C B A B' C' A' D C B A S M Bi tp HHKG Lờ Khc Luyn Vy th tớch S.ABCD bng 1 3 a 3 . Cõu 20. Cõu 21. Ta có ( SAB) ( BCNM) và ( ) ( ) SAB BCNM BM = . Từ S hạ SH vuông góc với đờng thẳng BM thì SH (BCNM) hay SH là đờng cao của hình chóp SBCNM. Mặt khác : SA = AB.tan60 0 = a 3 . Suy ra : MA = 1 3 SA Lại có : MN là giao tuyến của của mp(BCM) với mp(SAD), mà BC // (SAD) nên NM // AD và MN // BC Do đó : MN SM 2 4a MN AD SA 3 3 = = = Vì AD (SAB) nên MN (SAB) , suy ra MN BM và BC BM Vậy thiết diện của mp(BCM) với hình chóp SABCD là hình thang vuông BCNM . Ta có : S BCNM = ( ) 1 MN BC BM 2 + . Trong đó : BC = 2a , MM 4a 3 = và BM = 2 2 AB AM+ = 2a 3 3 Vậy S BCNM = 2 4a 2a 2a 3 10a 3 3 2 3 9 + ữ = ữ ữ . Khi đó : V SBCNM = 1 3 SH. S BCNM Tính SH : Ta có MAB : MHS , suy ra : SH MS AB BM = MS.AB SH MB = = 2a 3 .a 3 a 2a 3 3 = Vậy : V SBCNM = 1 3 .a. 2 10a 3 9 = 3 10a 3 27 . Cõu 22. Gi M; M ln lt l trung im ca AB v AB. H MH MC AB // (ABC) ==> d(AB,AC) = MH HC = 15 10 a ; MC = 15 2 a ; MM = 3a Vy V = 3 3 4 a . Cõu 23. Ti liu ụn thi H Nm hc 2010 - 2011 Gi l gúc gia hai mp (SCB) v (ABC) . Ta cú : ã SCA = ; BC = AC = a.cos ; SA = a.sin Vy ( ) 3 2 3 2 SABC ABC 1 1 1 1 V .S .SA .AC.BC.SA a sin .cos a sin 1 sin 3 6 6 6 = = = = Xột hm s : f(x) = x x 3 trờn khong ( 0; 1). Ta cú : f(x) = 1 3x 2 . ( ) 1 f ' x 0 x 3 = = T ú ta thy trờn khong (0;1) hm s f(x) liờn tc v cú mt im cc tr l im cc i, nờn ti ú hm s t GTLN hay ( ) ( ) x 0;1 1 2 Max f x f 3 3 3 = = ữ . Vy MaxV SABC = 3 a 9 3 , t c khi sin = 1 3 hay 1 arcsin 3 = ( vi 0 < 2 < ) 14 A B C S N D B C A S M H [...]... mặt phẳng (SAC) và (SBD) cùng vng góc với mặt phẳng (ABCD) nên giao tuyến của chúng là SO ⊥ (ABCD) Do tam giác ABD đều nên với H là trung điểm của AB, K là trung điểm của HB ta có DH ⊥ AB 1 a 3 và DH = a 3 ; OK // DH và OK = DH = ⇒ OK ⊥ AB ⇒ AB ⊥ (SOK) Gọi I là hình chiếu của O lên 2 2 SK ta có OI ⊥ SK; AB ⊥ OI ⇒ OI ⊥ (SAB) , hay OI là khoảng cách từ O đến mặt phẳng (SAB) Tam giác SOK 1 1 1 a = + ⇒ SO... gi÷a cđa cung AB Khi ®ã VBAHM= 3 R 3 (®vtt) 6 Câu 33  ( P ) ∩ ( SAB ) = DH ⇒ DH / / SB a)  (1) ( P ) / / SB  ( P ) ∩ ( SBC ) = EF  ⇒ EF / / SB  ( P ) / / SB  C1 B1 M A C B S H I O B A M S D E C A F (2) ( P ) ∩ ( SAC ) = DE  ⇒ DE / / AC  ( P ) / / AC  A1 (3) Tài liệu ơn thi ĐH H B 17 Năm học 2010 - 2011 Bài tập HHKG Lê Khắc Luyện ( P ) ∩ ( ABC ) = HF  ⇒ HF / / AC  ( P ) / / AC  (4)... Tài liệu ơn thi ĐH 1 IC 3 = a 2 6 20 Năm học 2010 - 2011 Bài tập HHKG Lê Khắc Luyện => IS = IH 2 + HS 2 = 5a 2 6 KỴ CK ⊥ SI mµ CK ⊥ BO => CK ⊥ (SBO) => d(C;(SBO)) = CK Trong tam gi¸c SIC cã : SSIC= 1 SH.IC = 1 SI.CK => CK = SH IC = 2a 3 2 2 SI VËy d(CD;SB) = 2a 3 5 5 Câu 43 XÐt hai tam gi¸c vu«ng ABM vµ ABC cã : AM 1 BA · · · · · = = → ∆ BAM : ∆ CBA → · ABM = BCA → · ABM + BAI = BCA + BAI = 900 →...Bài tập HHKG Lê Khắc Luyện Từ giả thi t AC = 2a 3 ; BD = 2a và AC ,BD vng góc với nhau tại trung điểm O của mỗi đường chéo.Ta có · tam giác ABO vng tại O và AO = a 3 ; BO = a , do đó AB D = 600 nên tam giác ABD đều Từ giả thi t hai mặt phẳng (SAC) và (SBD) cùng vng góc với mặt phẳng (ABCD) nên giao tuyến của chúng... B Câu 29 Gọi M là trung điểm CD Kẻ đường cao OH của tam giác SOM ⇒ OH ⊥ ( SCD) ⇒ OH = d Gọi CM = x Khi đó: OM = x , SM = x 3 SO = SM 2 − x 2 = 3 x 2 − x 2 = x 2 Tài liệu ơn thi ĐH 16 1 a3 OK = DH = 2 2 Năm học 2010 - 2011 Bài tập HHKG Lê Khắc Luyện Ta có: SM.OH = SO.OM hay x 3 d = x 2 x ⇒ x = d 6 ⇒ CD = d 6 , SO = d 3 2 1 1 V = CD 2 SO = 6d 2 d 3 = 2d 3 3 3 3 Câu 30 Trên SB, SC lấy các điểm B’, C’ sao... = 3a = 3 4 4 SM SN SM SN SM 2 81 = ⇒ = = SB SC SB SC SB 2 100 81 3a 3 M/ k: ⇒ VS AMN = 100 4 19 3a 3 ⇒ VA.BCNM = VS ABC − VS AMN = 400 Câu 46 Tài liệu ơn thi ĐH C’ N M C A B 21 Năm học 2010 - 2011 Bài tập HHKG Lê Khắc Luyện 2a 3 Từ giả thi t suy ra SH ⊥ ( ABCD ) và SH = =a 3 2 Theo định lý Pythagoras ta có CH = SC − SH 2 = a 2 Do đó tam giác HBC vng cân tại B và BC = a Gọi E = HC ∩ AD thế thì... BAC) = SO = 4 3 ⇒ V(S.ABC) = 1 dt ( ABC ).SO = a16 3 3 Mặt khác, V(S.ABC) = 1 dt ( SAC ).d ( B; SAC ) 3 2 13 ∆SAC cân tại C có CS = CA =a; SA = a 2 3 ⇒ dt(SAC) = a 16 3 Tài liệu ơn thi ĐH 19 Năm học 2010 - 2011 Bài tập HHKG Lê Khắc Luyện 3V 3a Vậy d(B; SAC) = dt (SAC ) = 13 Câu 39 Gọi H là trung điểm của BC ⇒ d ( M ; ( BB ' C ) ) = AH = a 3 2 1 a2 1 a3 3 S∆BB ' C = BB '.BC = ⇒ VMBB ' C = AH S ∆BB... MN ∩ KH ⇒ BM = PE = CN (2) mà AA’ = A' H 2 + AH 2 = 3a 2 + 3a 2 = a 6 (1) A' Q B' K a 6 a 6 ⇒ AK = ⇒ BM = PE = CN = 2 4 Ta có thể tích K.MNJI là: J I A 15 N E 45 C M Tài liệu ơn thi ĐH C' P B Năm học 2010 - 2011 H Bài tập HHKG Lê Khắc Luyện 1 1 1 a 6 V = S MNJI KE; KE = KH = AA ' = 3 2 4 4 2 a 6 a 6 S MNJI = MN MI = a = (dvdt ) 4 4 ⇒ VKMNJI = VABCKMN 1 a 2 6 a 6 a3 = (dvtt ) ⇒ VA ' B ' C ' KMN 3 4... 2011 Bài tập HHKG Lê Khắc Luyện ( P ) ∩ ( ABC ) = HF  ⇒ HF / / AC  ( P ) / / AC  (4) Tõ (1), (2), (3), (4) suy ra tø gi¸c DEFH lµ h×nh b×nh hµnh (5)  SB ⊥ ( ABC ) ⇒ SB ⊥ HF  MỈt kh¸c:  ⇒ DH ⊥ HF  SB / / DH  (6) VËy: Tø (5) vµ (6) suy ra DEFH lµ h×nh ch÷ nhËt b) H×nh ch÷ nhËt DEFH sÏ cã diƯn tÝch lín nhÊt ⇔ ( P ) ®i qua bèn ®iĨm D, E , F , H lÇn lỵt lµ trung ®iĨm cđa c¸c c¹nh SA, SC , BC , AB... = 3 3 9 3 3 3 V 1 a3 2 a3 2 1 a 2 SI=a;S∆SBC = a 2 S MBC = ⇒V S MBC = d (M , (SBC )) = = V S ABC 2 18 18 a 2 18 Câu 49 a 3 a) Vì tam giác SAD đều cạnh a ⇒ SE = 2 AC = Tài liệu ơn thi ĐH 22 Năm học 2010 - 2011 Bài tập HHKG Lê Khắc Luyện 2 5a 2 a 2 Xét tam giác vng AEB có: EB = EA + AB =  ÷ + a = 4 2 2 2 2 2  a 3  5a 2 2 2 Xét tam giác SEB có: SE + EB =   2 ÷ + 4 = 2a = SB ÷   suy ra tam . giác ABD đều nên với H là trung điểm của AB, K là trung điểm của HB ta có DH AB⊥ và DH = 3a ; OK // DH và 1 3 2 2 a OK DH= = ⇒ OK ⊥ AB ⇒ AB ⊥ (SOK) Gọi I là hình chiếu của O lên SK ta có OI. giác ABD đều nên với H là trung điểm của AB, K là trung điểm của HB ta có DH AB⊥ và DH = 3a ; OK // DH và 1 3 2 2 a OK DH= = ⇒ OK ⊥ AB ⇒ AB ⊥ (SOK). Gọi I là hình chiếu của O lên SK ta có. 60= = = . Tớnh th tớch ca hỡnh chúp S.ABC. HNG DN GII BI TP ễN TP HHKG Ti liu ụn thi H Nm hc 2010 - 2011 8 I A D B C M N Bài tập HHKG Lê Khắc Luyện Câu 1. BD vuông góc AC, MI vuông góc AC nên ((MBD);(ABCD))