Tài liệu hạn chế xem trước, để xem đầy đủ mời bạn chọn Tải xuống
1
/ 40 trang
THÔNG TIN TÀI LIỆU
Thông tin cơ bản
Định dạng
Số trang
40
Dung lượng
1,06 MB
Nội dung
TƠ HỒNG THÁI TƠ QUỐC VIỆT 0902261554 0909995015 hoangthai.tg@gmail.com quocviet.tg@gmail.com Chương I: DIODE BÁN DẪN. I. Diode bán dẫn thông thường: 1) Vẽ dạng sóng chỉnh lưu : (Bài 1-1 trang 29) Công thức tổng quát tính V L : L Li DS L R RR VV V + − = V D = 0,7V (Si) và V D = 0,2V (Ge) a- Vẽ V L (t) với V S (t) dạng sóng vuông có biên độ 10 và 1V Kết quả với giả thiết: R i = 1Ω, R L = 9Ω, V D = 0,7V. Vì Diode chỉnh lưu chỉ dẫn điện theo một chiều nên: ∗ Trong 0T 2 1 > , Diode dẫn → i D ≠ 0 → i L ≠ 0 → V L ≠ 0. V37,89 91 7,010 V 1L = + − = và V27,09 91 7,01 V 2L = + − = ∗ Trong 0T 2 1 < , Diode tắt → i D = 0 → i L = 0 → V L = 0. b- Vẽ V L (t) với V S (t) dạng sóng sin có biên độ 10 và 1V. TRANG 35 BÀI TẬP MẠCH ĐIỆN TỬ CƠ BẢN I i L i D R L R i V L V s + - - + V D 10 -10 0 1 - - + + V S 2 3 4 t(ms) 1 -1 0 1 - - ++ V S 2 3 4 t(ms) 8,37 0 1 V L1 2 3 4 t(ms) 0,27 0 1 V L2 2 3 4 t(ms) TƠ HỒNG THÁI TƠ QUỐC VIỆT 0902261554 0909995015 hoangthai.tg@gmail.com quocviet.tg@gmail.com ∗ Khi V S = 10sinω o t nghóa là V Sm = 10V >> V D =0,7V ta có: 99 91 10 R RR V V L Li Sm 1L = + ≈ + ≈ tsin9V 01L ω≈ (Ta giải thích theo 0T 2 1 > và 0T 2 1 < ) ∗ Khi V S = 1sinω 0 t nghóa là V Sm = 1V so sánh được với 0,7V: + V S > 0,7V, Diode dẫn, i D ≠ 0, i L ≠ 0, V L ≠ 0. 6,0tsin9,09 91 7,0tsin1 V 0 0 2L −ω= + −ω = Tại sinω 0 t = 1, |V L2 | = 0,27V. + V S < 0,7V, Diode tắt, i D = 0, i L = 0, V L = 0. Với dạng sóng tam giác ta có kết quả tương tự như sóng sin. 2) Bài 1-3: Để có các kết quả rõ ràng ta cho thêm các giá trò điện trở: R 1 = 1KΩ, R b = 10KΩ, R L = 9KΩ. a- Vẽ V L (t) với dạng sóng vuông có biên độ 10V và 1 V. ∗ 0T 2 1 > , Diode dẫn, R thD ≈ 0, dòng i L chảy qua R i , D, R L nên ta có: V37,810.9. 10.910 7,010 R RR VV V 3 33 L Li DS 1L = + − = + − = V27,010.9. 10.910 7,01 R RR VV V 3 33 L Li DS 2L = + − = + − = TRANG 36 BÀI TẬP MẠCH ĐIỆN TỬ CƠ BẢN I i L R L 9K R i =1K V L V s + - - + V D R b =10K 10 0 -10 9 - - + + 1 2 3 4 t(ms) V S V L1 0 1 2 3 4 t(ms) 1 0 -1 1 2 3 4 t(ms) V S V L2 0 1 2 3 4 t(ms) 0,7 0,27 TƠ HỒNG THÁI TƠ QUỐC VIỆT 0902261554 0909995015 hoangthai.tg@gmail.com quocviet.tg@gmail.com ∗ 0T 2 1 < , Diode tắt, R ng = ∞, dòng i L chảy qua R i , R b , R L nên ta có. V5,410.9. 10.91010 10 R RRR V V 3 343 L Lbi S 1L = ++ = ++ = V45,010.9. 10.91010 1 R RRR V V 3 343 L Lbi S 1L = ++ = ++ = b- Vẽ V L (t) với dạng sóng sin có biên độ 10V và 1 V. ∗ Để đơn giản khi V Sm = 10V (>>V D = 0,7V) ta bỏ qua V D . Khi đó: + 0T 2 1 > , Diode dẫn, R thD ≈ 0, dòng i L chảy qua R i , D, R L nên ta có: )V(tsin910.9. 10.910 tsin10 R RR V V 0 3 33 0 L Li S 1L ω= + ω = + = + 0T 2 1 < , Diode tắt, R ng = ∞, dòng i L chảy qua R i , R b , R L nên ta có. )V(tsin5,410.9. 10.91010 tsin10 R RRR V V 0 3 343 0 L Lbi S 1L ω= ++ ω = ++ = ∗ Khi V S = 1sinω 0 t so sánh được với V D ta sẽ có: + 0T 2 1 > , khi V Sm ≥ 0,7, Diode dẫn, R thD ≈ 0, dòng i L chảy qua R i , D, R L nên ta có: )V(63,0tsin9,010.9. 10.910 7,0tsin1 R RR 7,0tsin1 V 0 3 33 0 L Li 0 2L −ω= + −ω = + −ω = Tại 2 t 0 π =ω , sinω 0 t = 1, ta có V L2m = 0,9 - 0,63 = 0,27V + 0T 2 1 > , khi V Sm < 0,7, Diode tắt, R ngD = ∞, dòng i L chảy qua R i , R b , R L nên ta có: TRANG 37 BÀI TẬP MẠCH ĐIỆN TỬ CƠ BẢN I 10 -10 0 1 - - ++ V S 2 3 4 t(ms) 1 -1 0 1 - - ++ V S 2 3 4 t(ms) 8,37 0 1 V L1 2 3 4 t(ms) 0,27 0 1 V L2 2 3 4 t(ms) -4,5 -0,45 TƠ HỒNG THÁI TƠ QUỐC VIỆT 0902261554 0909995015 hoangthai.tg@gmail.com quocviet.tg@gmail.com tsin315,010.9. 10.91010 tsin7,0 R RRR tsin7,0 V 0 3 343 0 L Lbi 0 2L ω= ++ ω = ++ ω = + 0T 2 1 < , Diode tắt, R ng = ∞, dòng i L chảy qua R i , R b , R L nên ta có. tsin45,010.9. 10.91010 tsin1 R RRR tsin1 V 0 3 343 0 L Lbi 0 2L ω= ++ ω = ++ ω = 2) Dạng mạch Thevenin áp dụng nguyên lý chồng chập: Bài 1-20 với V i (t) = 10sinω 0 t a- Vẽ mạch Thevenin: Áp dụng nguyên lý xếp chồng đối với hai nguồn điện áp V DC và V i : ∗ Khi chỉ có V DC , còn V i = 0 thì điện áp giữa hai điểm A-K: V3 10.5,110 10.5,1 5 rR r VV 33 3 ii i DCAK = + = + = ∗ Khi chỉ có V i , còn V DC = 0 thì điện áp giữa hai điểm A-K là: )V(tsin4 10.5,110 10 tsin.10 rR R VV 0 33 3 0 ii i iAK ω= + ω= + = TRANG 38 BÀI TẬP MẠCH ĐIỆN TỬ CƠ BẢN I V L + - V i + - i D R L 1,4K R i =1K V DC =5v K A r i =1,5K R T i d V T K A R L R i //r i i L V T KA 10 0 -10 9 - - + + t(ms) V S V L1 t(ms) 1 0 -1 t(ms) V S V L2 t(ms) 0,7 0,315 + + - - -4,5 -4,5 0,585 TƠ HỒNG THÁI TƠ QUỐC VIỆT 0902261554 0909995015 hoangthai.tg@gmail.com quocviet.tg@gmail.com ∗ Vậy khi tác động đồng thời cả V DC và V i thì sức điện động tương đương Thevenin giữa hai điểm A-K là: )V(tsin43 rR R V rR r VV 0 ii i i ii i DCT ω+= + + + = ∗ Điện trở tương đương Thevenin chính là điện trở tương đương của phần mạch khi Diode hở mạch là: Ω=+ + =+ + = K210.4,1 10.5,110 10.5,1.10 R rR r.R R 3 33 33 L ii ii T b- Vẽ đường tải DC khi 2 , 3 , 2 , 3 ,0t 0 π − π − ππ =ω . ∗ Tại V3V0t T0 =⇒=ω ∗ Tại )V(46,6 2 3 43V 3 t T0 =+=⇒ π =ω ∗ Tại )V(71.43V 2 t T0 =+=⇒ π =ω ∗ Tại )V(46,0 2 3 43V 3 t T0 −=−=⇒ π −=ω ∗ Tại )V(11.43V 2 t T0 −=−=⇒ π −=ω Theo đònh luật Ohm cho toàn mạch ta có. T T D TT DT R V V. R 1 R VV i +−= − = ∗ Tại )mA(15,1 10.2 3 7,0. 10.2 1 i0t 33 0 =+−=⇒=ω TRANG 39 BÀI TẬP MẠCH ĐIỆN TỬ CƠ BẢN I i D (mA) 3,15 2,88 1,15 3 6,46 7 -1 V T t TƠ HỒNG THÁI TƠ QUỐC VIỆT 0902261554 0909995015 hoangthai.tg@gmail.com quocviet.tg@gmail.com ∗ Tại )mA(88,2 10.2 46,6 7,0. 10.2 1 i 3 t 33 0 =+−=⇒ π =ω ∗ Tại )mA(15,3 10.2 7 7,0. 10.2 1 i 2 t 33 0 =+−=⇒ π =ω ∗ Tại )mA(58,0 10.2 46,0 7,0. 10.2 1 i 3 t 33 0 −=−−=⇒ π −=ω ∗ Tại )mA(85,0 10.2 1 7,0. 10.2 1 i 2 t 33 0 −=−−=⇒ π −=ω c- Vẽ ( ) ( ) )V(tsin8,21,2tsin437,0V7,0 10.2 V 10.4,1 Rr//R V R R V .Ri.R)t(V 00T 3 T 3 Lii T L T T LDLL ω+=ω+== = + === II. Diode Zenner: 1) Dạng dòng I L = const (bài 1-40); 200mA ≤ I Z ≤ 2A, r Z = 0 a- Tìm R i để V L = 18V = const. I min = I Zmin + I L = 0,2 + 1 = 1,2 A. I max = I Zmax + I L = 1 + 2 = 3 A. Mặt khác ta có: V imin = 22V = I Zmin .R i + V Z . Suy ra: Ω== − = − = 3,3 2,1 4 2,1 1822 I VV R minZ Zmini i V imax = 28V = I Zmax R i + V Z Suy ra Ω== − = − = 3,3 3 10 3 1828 I VV R maxZ Zmaxi i Vậy R i = 3,3Ω. b- Tìm công suất tiêu thụ lớn nhất của Diode Zenner: TRANG 40 BÀI TẬP MẠCH ĐIỆN TỬ CƠ BẢN I V L 0 -0,7 2,1 4,9V t R L =18Ω V Z =18v 22v<V DC <28v R i I Z V L I L TƠ HỒNG THÁI TƠ QUỐC VIỆT 0902261554 0909995015 hoangthai.tg@gmail.com quocviet.tg@gmail.com P Zmzx = I Zmax .V Z = 2.18 = 36W. 2) Dạng dòng I L ≠ const: (bài 1-41), 10mA ≤ I L ≤ 85mA. I Zmin = 15mA. a- Tính giá trò lớn nhất của R i maxLminZ Zi i minLmaxZ Zi II VV R II VV + − ≤≤ + − ∗ Khi V DC = 13V ta có Ω= + − ≤ 30 085,0015,0 1013 R maxi ∗ Khi V DC = 16V ta có Ω= + − ≤ 60 085,0015,0 1016 R maxi Vậy ta lấy R imax = 30Ω. b- Tìm công suất tiêu thụ lớn nhất của Diode Zenner. P Zmax = I Zmax .V Z . Mặt khác: V imax = I Zmax R i + V Z ⇒ mA200 30 1016 R VV I i Zmaxi max = − = − = ⇒ mA19019,001,02,0III minLmaxmaxz ==−=−= ⇒ W9,11019,0P maxz =×= 3) Dạng I Z ≠ const; I L ≠ const (Bài 1-42) 30 ≤ I L ≤ 50mA, I Zmin = 10mA. r Z = 10Ω khi I Z = 30mA; P zmax =800mW. a- Tìm R i để Diode ổn đònh liên tục: mA80 10 8,0 V P I Z maxZ maxZ === TRANG 41 BÀI TẬP MẠCH ĐIỆN TỬ CƠ BẢN I R L V Z =10v 20v<V DC <25v R i 10Ω I Z V L I L R L V Z =10v 13v<V DC <16v R i I Z V L I R I L TƠ HỒNG THÁI TƠ QUỐC VIỆT 0902261554 0909995015 hoangthai.tg@gmail.com quocviet.tg@gmail.com Vậy 10mA ≤ I Z ≤ 80mA Ta có: I min = I Zmin + I Lmax = 60mA I max = I Zmax + I Lmin = 110mA Mặt khác: V imin = I min .R i + V Z = 20V ⇒ Ω= − = 7,166 06,0 1020 R maxi V imax = I max .R i + V Z = 25V ⇒ Ω= − = 36,136 11,0 1025 R mini Suy ra: 136,4Ω ≤ R i ≤ 166,7Ω Vậy ta chọn R i =150Ω b- Vẽ đặc tuyến tải: Ta có: V Z + I Z R i = V DC – I L R i ∗ Với V DC = 20V ta có: ==×− ==×− =+ mA50IkhiV5,1215005,020 mA30IkhiV5,1515003,020 150IV L L ZZ ∗ Với DC = 25V ta có: ==×− ==×− =+ mA50IkhiV5,1715005,025 mA30IkhiV5,2015003,025 150IV L L ZZ Tương ứng ta tính được các dòng I Z: mA7,36 150 105,15 I 1Z = − = ; mA7,16 150 105,12 I 2Z = − = mA70 150 105,20 I 3Z = − = ; mA50 150 105,17 I 4Z = − = ; TRANG 42 BÀI TẬP MẠCH ĐIỆN TỬ CƠ BẢN I I Z (mA) V Z 36,7 50 30 80 70 10 20,5 17,5 15,5 V Z =10V 0 r Z =10Ω 16,7 12,5 TƠ HỒNG THÁI TƠ QUỐC VIỆT 0902261554 0909995015 hoangthai.tg@gmail.com quocviet.tg@gmail.com Chương II: TRANSISTOR HAI LỚP TIẾP GIÁP I. Bộ khuếch đại R-C không có C C và không có C E (E.C). 1) Bài 2-10: 20 ≤ β ≤ 60, suy ra I CQ không thay đổi quá 10%. ∗ Phương trình tải một chiều: V CC = V CEQ + I CQ (R C + R E ). mA8 1010.5,1 525 RR VV I 33 EC CEQCC CQ = + − = + − =⇒ Nếu coi đây là dòng điện ban đầu khi β = 60 sao cho sau một thời gian β chỉ còn β = 20 thì yêu cầu I CQ ≥ 7,2mA. ∗ Ta giải bài toán bài toán một cách tổng quát coi β 1 = 20; β 2 = 60. E22bbE11b R 10 1 RRR 10 1 R β=≤≤β= Ω==≤≤Ω== K610.60. 10 1 RRK210.20. 10 1 R 3 2bb 3 1b Vậy 2KΩ ≤ R b ≤ 6KΩ ∗ Mặt khác β + − = b E BB CQ R R 7,0V I , nếu coi V BB ≈ const thì ta có: 9,0 R R R R I I 1 b E 2 b E 2CQ 1CQ ≥ β + β + = (1) ∗ Có thể tính trực tiếp từ bất phương trình (1): β + β −≥⇒ β +≥ β + 12 bE 1 b E 2 b E 9,01 RR1,0 R R9,0 R R Ω== +− = β + β − ≤⇒ − K53,3 10.3,28 100 20 9,0 60 1 10.1,0 9,01 R1,0 R 3 3 12 E b Chọn R b = 3,5KΩ. ∗ Nếu bỏ qua I BQ ta có V BB ≈ V BE + I EQ R E = 0,7 + 8.10 -3 .10 3 = 8,7V. Suy ra: TRANG 43 BÀI TẬP MẠCH ĐIỆN TỬ CƠ BẢN I V CEQ = 5V + - +25V R 2 R 1 R C =1,5K R E =1K TƠ HỒNG THÁI TƠ QUỐC VIỆT 0902261554 0909995015 hoangthai.tg@gmail.com quocviet.tg@gmail.com Ω≈Ω== − = − = K4,55368 652,0 10.5,3 25 7,8 1 1 10.5,3 V V 1 1 RR 3 3 CC BB b1 Ω≈Ω=== K06,1010057 7,8 25 10.5,3 V V RR 3 BB CC b2 ∗ Ta có thể tính tổng quát: Chọn R b = 4KΩ thay vào (1): %9,88 1200 1067 20 10.4 10 60 10.4 10 I I 3 3 3 3 2CQ 1CQ == + + = , bò loại do không thỏa mãn (1). ∗ Chọn R b =3KΩ thay vào (1): 91,0 1150 1050 20 10.3 10 60 10.3 10 I I 3 3 3 3 2CQ 1CQ == + + = thỏa mãn bất phương trình (1), ta tính tiếp như trên. 2) Bài 2-11: Với hình vẽ bài (2-10) tìm giá trò cho R 1 , R 2 sao cho dòng i C xoay chiều có giá trò cực đại. ∗ Điểm Q tối ưu được xác đònh như sau: AC ƯCQTTƯCEQ ACDC CC TƯCQ maxCm R.IV RR V II = + == Từ hình vẽ: R DC = R C + R E = 1,5.10 3 + 10 3 = 2,5KΩ. R AC = R C + R E = 1,5.10 3 + 10 3 = 2,5KΩ. Suy ra: mA5 10.5,210.5,2 25 I 33 TƯCQ = + = V CEQTƯ = 5.10 -3 .2,5.10 3 = 12,5V ∗ Chọn Ω==β= K1010.100. 10 1 R 10 1 R 3 Eb (bỏ qua I BQ ) V BB ≈ V BE + I CQTƯ .R E = 0,7 + 5.10 -3 .10 3 = 5,7V TRANG 44 BÀI TẬP MẠCH ĐIỆN TỬ CƠ BẢN I V CE (V) i C (mA) V CEQTƯ = 12,5 25 10 R V DC CC = ( ) 5 RR2 V EC CC = + −≡ 3 10.5,2 1 ACLLDCLL Q TƯ 0 [...]... = 900.3,225.10-3 = 2,9V IV Bộ KĐ R.C mắc theo kiểu C.C 1) Bài 2-22: Mạch có thiên áp Base * Đây là dạng bài điểm Q bất kỳ vì đã biết R1, R2 Rb = R1R2 R1 + R2 = 5.103.20.103 = 4KΩ 5.103 + 20.103 R1 5.10 3 VCC = 25 = 5V R1 + R 2 5.10 3 + 20.10 3 V − 0,7 5 − 0,7 = BB = = 2,1mA Rb 4.10 3 3 RE + 2.10 + β 60 VBB = I CQ TRANG 49 BÀI TẬP MẠCH ĐIỆN TỬ CƠ BẢN I TƠ HỒNG THÁI 0902261554 hoangthai.tg@gmail.com TƠ... −3 + = 11,45mA Cho VCE = 0 suy ra i C = I CQ + R AC 2.10 3 TRANG 50 BÀI TẬP MẠCH ĐIỆN TỬ CƠ BẢN I TƠ HỒNG THÁI 0902261554 hoangthai.tg@gmail.com TƠ QUỐC VIỆT 0909995015 quocviet.tg@gmail.com 3 −3 iC = 0 suy ra VCEQ max = VCEQ + R AC I CQ = 18,7 + 2.10 2,1.10 = 22,9V * Với bài toán trên nếu chưa biết R1 và R2 ta có thể thiết kế để dòng điện ra lớn nhất: RDC = RC + RE = 103 + 2.103 = 3KΩ VCC 25 = = 5mA... 103//309 = 236Ω R // R b 2 3 3 Z o = R E // h ib 2 + C1 = 10 // [ 5,22 + 3,85] = 10 // 9,07 ≈ 9Ω h fe 2 3) Dạng bài hỗn hợp E.C – C.C: Bài 6-4 iC1 i b1 BÀI TẬP ii Ri 100K Rb1 1K hie1 1K ib2 TRANG 62 RC1 100ib1 1K Rb2 1K iC2 hie2 1K hfe2RE2 5050 Vo2 ib3 hie3 1K MẠCH ĐIỆN TỬ RC2 CƠ BẢN I 100ib2 1K hfe3RE3 5050 TƠ HỒNG THÁI 0902261554 hoangthai.tg@gmail.com TƠ QUỐC VIỆT 0909995015 quocviet.tg@gmail.com... = 2,15V PCC = ICQ.VCC = 3,3.10-3.6 = 19,8mW TRANG 45 BÀI TẬP MẠCH ĐIỆN TỬ CƠ BẢN I TƠ HỒNG THÁI 0902261554 hoangthai.tg@gmail.com 1 ( I Cm max ) 2 R C = 1 2,15.10 −3 2 10 3 = 2,31mW 2 2 PL 2,31.10 −3 = = 11,7% Hiệu suất: η = PCC 19,8.10 −3 ( PL = II TƠ QUỐC VIỆT 0909995015 quocviet.tg@gmail.com ) Bộ KĐRC không có CC, CE (tụ bypass Emitter) (EC) 1) Bài 2-15: Điểm Q bất kỳ Vcc=10V RC=150Ω R2 β=100; VBEQ=0,7v... 3 R1 = R b = = ≈ 1,47KΩ VBB 3,2 0,68 1− 1− 10 VCC TRANG 47 BÀI TẬP MẠCH ĐIỆN TỬ CƠ BẢN I TƠ HỒNG THÁI 0902261554 hoangthai.tg@gmail.com R2 = Rb TƠ QUỐC VIỆT 0909995015 quocviet.tg@gmail.com VCC 10 = 10 3 = 3125Ω ≈ 3,1KΩ VBB 3,2 Để vẽ ACLL, rất đơn giản ta chỉ cần xác đònh: iCmax = 2ICQTƯ và VCemax = 2VCEQTƯ III Bộ KĐ R-C có CC và CE (E.C) 1) Bài 2-20: Điểm Q tối ưu RDC = RC + RE = 900 + 100 =1KΩ RCRL... suy ra VCE = VCEQ + I CQ R AC = 6,05 + 93.10 50 = 10,675V R AC = 214 mA TRANG 51 BÀI TẬP MẠCH ĐIỆN TỬ CƠ BẢN I TƠ HỒNG THÁI 0902261554 hoangthai.tg@gmail.com TƠ QUỐC VIỆT 0909995015 quocviet.tg@gmail.com iC(mA) 214 VCC + VEE = 133 RC + RE ICQ = 93 0 ∗ 1 ACLL − 50 Q VCEQ 1 DCLL − 150 10,675 = 6,05 Nếu bài này được tính ở chế độ tối ưu thì: RDC = RC + RE = 150Ω RERL R AC = = 50Ω khi... 20 I CQTƯ = = = 0,1A = 100 mA R AC + R DC 150 + 50 20 VCE(V) VCEQTƯ = ICQTƯ.RAC = 5V TRANG 52 BÀI TẬP MẠCH ĐIỆN TỬ CƠ BẢN I TƠ HỒNG THÁI 0902261554 hoangthai.tg@gmail.com TƠ QUỐC VIỆT 0909995015 quocviet.tg@gmail.com Chương IV: THIẾT KẾ VÀ PHÂN TÍCH TÍN HIỆU NHỎ TẦN SỐ THẤP I Sơ đồ mắc Emitter chung E.C: 1) Bài 4-7: Q bất kỳ a- Chế độ DC +VCC=20V RC=1,5K R2=20K CC2→ ∞ + CC1→ ∞ + Ri=2K ii iL R1 3,5K... ii ib hie iL RC hfeib RL = 100Ω 100Ω 3) Bài 4-12: Dạng không có tụ CE a- Chế độ DC: V − 0,7 5,7 − 0,7 I CQ = BB = = 4,5mA Rb 10 4 3 RE + 10 + h fe 100 (có thể tính ICQ = 5 mA) VCEQ = VCC – ICQ(RC + RE) = 20 – 4,5.10-3.(3.103) = 6,5V 25.10 −3 h ie = 1,4.100 = 778Ω 4,5.10 −3 +VCC=20V RC=2K CC→ ∞ + iL ii Rb=10K VBB=5,7V RL=100Ω RE=1K TRANG 55 BÀI TẬP MẠCH ĐIỆN TỬ CƠ BẢN I TƠ HỒNG THÁI 0902261554 hoangthai.tg@gmail.com... -95,24.0,09 = -8,6 Z i = R b // [ h ie + h fe R E ] ≈ 10 4 // 10 5 = 9,1KΩ II Sơ đồ mắc B.C: Bài 4-21, hoe = 10 4 1) Chế độ DC: ri=50Ω Vi RL=10K R2 + - R1 Cb→ ∞ h fb = h fe 10 = = 0,91 1 + h fe 11 h ib = h ie 1 25.10 −3 = 1,4.10 = 32Ω 1 + h fe 11 10 −3 h ob = VCC h oe 10 −4 = = 10 −5 1 + h fe 11 TRANG 56 BÀI TẬP MẠCH ĐIỆN TỬ CƠ BẢN I TƠ HỒNG THÁI 0902261554 hoangthai.tg@gmail.com TƠ QUỐC VIỆT 0909995015 quocviet.tg@gmail.com... vào (1) ta được AV = (-827).(-0,012) = 10,085 ≈ 10 III Sơ đồ mắc C.C: Bài 4-23 1) Chế độ DC 100KΩ Rb ri 500Ω Cc1→∞ + Vi - +VCC =10V Cc2→∞ RL RE 1KΩ 1KΩ Zi Zo VCC = IBQRb + VBEQ + REIEQ V − 0,7 10 − 0,7 ⇒ I EQ = CC = = 4,65mA 5 R R E + b 10 3 + 10 β 100 VCEQ = VCC – REIEQ = 10 – 4,65.10-3.103 = 5,35 V TRANG 57 BÀI TẬP MẠCH ĐIỆN TỬ CƠ BẢN I TƠ HỒNG THÁI 0902261554 hoangthai.tg@gmail.com TƠ QUỐC VIỆT 0909995015 . chỉ có V i , còn V DC = 0 thì điện áp giữa hai điểm A-K là: )V(tsin4 10.5,110 10 tsin.10 rR R VV 0 33 3 0 ii i iAK ω= + ω= + = TRANG 38 BÀI TẬP MẠCH ĐIỆN TỬ CƠ BẢN I V L + - V i + - i D R L 1,4K R i =1K V DC =5v K A r i =1,5K R T i d V T K A R L R i //r i i L V T KA 10 0 -10 9 -. có: V37,810.9. 10.910 7,010 R RR VV V 3 33 L Li DS 1L = + − = + − = V27,010.9. 10.910 7,01 R RR VV V 3 33 L Li DS 2L = + − = + − = TRANG 36 BÀI TẬP MẠCH ĐIỆN TỬ CƠ BẢN I i L R L 9K R i =1K V L V s + - - + V D R b =10K 10 0 -10 9 - - + + 1 2 3 4 t(ms) V S V L1 0 1. 0,7, Diode tắt, R ngD = ∞, dòng i L chảy qua R i , R b , R L nên ta có: TRANG 37 BÀI TẬP MẠCH ĐIỆN TỬ CƠ BẢN I 10 -10 0 1 - - ++ V S 2 3 4 t(ms) 1 -1 0 1 - - ++ V S 2 3 4 t(ms) 8,37 0 1 V L1 2