Ðề thi tuyển sinh cao đẳng khối B năm 2011 môn toán học pot

BỘ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO ĐỀ CHÍNH THỨC ĐỀ THI TUYỂN SINH CAO ĐẲNG NĂM 2011 Môn: TOÁN; Khối: B Thời gian làm bài: 180 phút, không kể thời gian phát đề PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH (7,0 điểm) Câu I (2,0 điểm) Cho hàm số 32 1 23 3 yxxx=− + − +1. = 1. Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị (C) của hàm số đã cho. 2. Viết phương trình tiếp tuyến của đồ thị (C) tại giao điểm của (C) với trục tung. Câu II (2,0 điểm) 1. Giải phương trình 2 cos 4 12sin 1 0.xx+− 2. Giải bất phương trình 22 23 1 23 43.2 4 0 xx x x x x +−− +−− −− .> Câu III (1,0 điểm) Tính tích phân 2 1 21 . (1) x I dx xx + = + ∫ Câu IV (1,0 điểm) Cho hình chóp S.ABC có đáy ABC là tam giác vuông cân tại B, , A Ba= SA vuông góc với mặt phẳng (ABC), góc giữa hai mặt phẳng (SBC) và (ABC) bằng 30 o . Gọi M là trung điểm của cạnh SC. Tính thể tích của khối chóp S.ABM theo a. Câu V (1,0 điểm) Tìm các giá trị của tham số thực m để phương trình sau có nghiệm ( ) 6 2 (4 )(2 2) 4 4 2 2 ( ).xxxmxx x++ − − = + −+ − ∈\ PHẦN RIÊNG (3,0 điểm): Thí sinh chỉ được làm một trong hai phần (phần A hoặc B) A. Theo chương trình Chuẩn Câu VI.a (2,0 điểm) 1. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho đường thẳng : 3 0.dx y + += Viết phương trình đường thẳng đi qua điểm A(2; − 4) và tạo với đường thẳng d một góc bằng 45 o . 2. Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho hai điểm A(−1; 2; 3), B(1; 0; −5) và mặt phẳng Tìm tọa độ điểm M thuộc (P) sao cho ba điểm A, B, M thẳng hàng. ():2 3 4 0.Pxyz+− −= Câu VII.a (1,0 điểm) Cho số phức z thỏa mãn 2 ( Tính môđun của z. 1 2 ) 4 20.iz z i++=− B. Theo chương trình Nâng cao Câu VI.b (2,0 điểm) 1. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác ABC có phương trình các cạnh là : 3 7 0,AB x y+−= : 4 5 7 0,BC x y+−= :3 2 7 0.CA x y + −= Viết phương trình đường cao kẻ từ đỉnh A của tam giác ABC. 2. Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho đường thẳng 11 : 431 xyz d 1 . − +− == − Viết phương trình mặt cầu có tâm I(1; 2; − 3) và cắt đường thẳng d tại hai điểm , A B sao cho 26.AB = Câu VII.b (1,0 điểm) Cho số phức z thỏa mãn 2 2(1 ) 2 0.zizi − ++= Tìm phần thực và phần ảo của 1 . z Hết Thí sinh không được sử dụng tài liệu. Cán bộ coi thi không giải thích gì thêm. Họ và tên thí sinh: ; Số báo danh: Trang 1/3 BỘ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO ⎯⎯⎯⎯⎯⎯⎯⎯ ĐỀ CHÍNH THỨC ĐÁP ÁN – THANG ĐIỂM ĐỀ THI TUYỂN SINH CAO ĐẲNG NĂM 2011 Môn: TOÁN; Khối B (Đáp án - thang điểm gồm 03 trang) ĐÁP ÁN − THANG ĐIỂM Câu Đáp án Điểm 1. (1,0 điểm) • Tập xác định: .D = \ • 2 1 '43;'0 3. x yx xy x = ⎡ =− + − = ⇔ ⎢ = ⎣ 0,25 • Giới hạn: lim , lim . xx yy →−∞ →+∞ =+∞ =−∞ • Bảng biến thiên: 0,25 - Hàm số đồng biến trên khoảng (1; 3); nghịch biến trên mỗi khoảng (− ∞; 1) và (3; + ∞). - Hàm số đạt cực đại tại x = 3, y CĐ = 1; đạt cực tiểu tại x = 1, y CT = 1 3 − ⋅ 0,25 • Đồ thị: 0,25 2. (1,0 điểm) Tọa độ giao điểm của (C) với trục tung là (0; 1). 0,25 Hệ số góc của tiếp tuyến là '(0) 3.ky==− 0,25 Phương trình tiếp tuyến là ( 0) 1ykx=−+ 0,25 I (2,0 điểm) 31.yx⇔=−+ 0,25 1. (1,0 điểm) Phương trình đã cho tương đương với 2 2cos 2 1 6(1 cos2 ) 1 0xx − +− −= 0,25 2 cos 2 3cos 2 2 0.xx⇔−+= 0,25 • cos2x = 2: Vô nghiệm. 0,25 II (2,0 điểm) • cos 2 1 π ().xxkk=⇔ = ∈Z 0,25 x − ∞ 1 3 + ∞ y’ − 0 + 0 − + ∞ 1 y 1 3 − − ∞ 1 3 O x y 1 1 3 − − Trang 2/3 Câu Đáp án Điểm 2. (1,0 điểm) Điều kiện: 1x ≤− hoặc 3.x ≥ Bất phương trình đã cho tương đương với 22 23 23 4 3.2 4 0. xx x xx x−−− −−− − −> 0,25 Đặt 2 23 20, xx x t −−− => bất phương trình trên trở thành 2 340 4tt t − −>⇔> (do t > 0) 0,25 2 23 2xx x⇔−−<− 7 2 2 x⇔<<⋅ 0,25 Kết hợp với điều kiện, ta được nghiệm của bất phương trình đã cho là 7 3 2 x ≤ <⋅ 0,25 Ta có 2 1 11 . 1 Idx xx ⎛⎞ =+ ⎜⎟ + ⎝⎠ ∫ 0,25 • 2 1 1 dx x ∫ 2 1 ln| | ln2.x== 0,25 • 2 1 1 1 dx x + ∫ 2 1 ln| 1| ln3 ln2.x=+=− 0,25 III (1,0 điểm) Do đó ln 3.I = 0,25 Ta có SA ⊥ BC, AB ⊥ BC ⇒ SB ⊥ BC. Do đó, góc giữa (SBC) và (ABC) bằng n o 30 .SBA = 0,25 11 212 S ABM S ABC VV SAABBC== 0,25 ; B CABa = = o 3 .tan30 3 a SA AB = =⋅ 0,25 IV (1,0 điểm) Vậy 3 . 3 36 S ABM a V = ⋅ 0,25 Điều kiện: 14.x≤≤ Xét () 4 2 2,1 4.fx x x x=−+ − ≤≤ 11 '( ) ; 24 2 2 fx xx − =+ −− '( ) 0 3.fx x = ⇔= • Bảng biến thiên (hình bên). 0,25 Đặt 422.txx=−+ − Phương trình đã cho trở thành 2 44 (1).tt m−+= Dựa vào bảng biến thiên, ta được phương trình đã cho có nghiệm ⇔ (1) có nghiệm t thỏa mãn 33.t≤≤ 0,25 Xét 2 () 4 4, 3 3.gt t t t=−+ ≤≤ '( ) 2 4; '( ) 0 2.gt t gt t=− =⇔= • Bảng biến thiên (hình bên). 0,25 V (1,0 điểm) Dựa vào bảng biến thiên, ta được giá trị m cần tìm là 0 1.m ≤ ≤ 0,25 1. (1,0 điểm) Phương trình của đường thẳng ∆ qua A(2; − 4) và có vectơ pháp tuyến(;)vab= J JG là (2)(4)0,ax by−+ += với 22 0.ab+≠ 0,25 Vectơ pháp tuyến của d là (1; 1).u = JJG Do đó 22 || cos( , ) 2. ab d ab + ∆ =⋅ + 0,25 o cos( , ) cos 45 0.dab∆= ⇔ = 0,25 VI.a (2,0 điểm) Với 0,a = ta có phương trình : 4 0;y∆+=với 0,b = ta có phương trình :20.x∆−= 0,25 x 1 3 4 f’(x) + 0 − 3 f(x) 6 3 t 3 2 3 g’(t) − 0 + 743− 1 g(t) 0 M S A B C Trang 3/3 Câu Đáp án Điểm 2. (1,0 điểm) A, B, M thẳng hàng ⇔ M thuộc đường thẳng AB. 0,25 Ta có (2;2;8) 2(1;1; 4);AB =−−= −− JJJG (1 ;2 ;3 4). M AB M t t t ∈ ⇒−+−− 0,25 () 2(1 ) (2 ) 3(3 4) 4 0MP t t t∈⇒−++−−−−= 0,25 1.t⇒= Vậy (0; 1; 1).M − 0,25 Đặt ( , ).zabiab=+ ∈\ Đẳng thức đã cho trở thành ( 3 4 )( ) ( ) 4 20ia bi a bi i − +++−=− 0,25 210 1 ab ab += ⎧ ⇔ ⎨ −= ⎩ 0,25 4 3. a b = ⎧ ⇔ ⎨ = ⎩ 0,25 VII.a (1,0 điểm) Do đó 22 || 4 3 5.z =+= 0,25 1. (1,0 điểm) Tọa độ của điểm A thỏa mãn hệ phương trình 370 3270 xy xy + −= ⎧ ⎨ + −= ⎩ 0,25 (1; 2).A⇒ 0,25 Đường cao kẻ từ A có vectơ pháp tuyến là (5; 4).n =− J JG 0,25 Phương trình đường cao là 5( 1) 4( 2) 0 5 4 3 0.xy xy−− − =⇔ − += 0,25 2. (1,0 điểm) Mặt phẳng (P) qua I và vuông góc với d có phương trình là 4( 1) 3( 2) ( 3) 0xyz − −−++= 43 50.xyz⇔−++= 0,25 Tọa độ giao điểm H của d và (P) thỏa mãn hệ 111 431 43 50 x yz xyz − +− ⎧ == ⎪ − ⎨ ⎪ − ++= ⎩ 11 1; ; . 22 H ⎛⎞ ⇒− ⎜⎟ ⎝⎠ 0,25 Bán kính mặt cầu là 2 2 5. 2 AB RIH ⎛⎞ =+ = ⎜⎟ ⎝⎠ 0,25 VI.b (2,0 điểm) Phương trình mặt cầu là 222 ( 1) ( 2) ( 3) 25.xy z−+− ++ = 0,25 Phương trình bậc hai theo z có 2 4(1 ) 8 0ii∆= + − = 0,25 1zi⇒=+ 0,25 1111 . 122 i zi ⇒= =− + 0,25 VII.b (1,0 điểm) Vậy phần thực của 1 z bằng 1 , 2 phần ảo của 1 z bằng 1 2 − ⋅ 0,25 Hết . 0,25 Ta có SA ⊥ BC, AB ⊥ BC ⇒ SB ⊥ BC. Do đó, góc giữa (SBC) và (ABC) b ng n o 30 .SBA = 0,25 11 212 S ABM S ABC VV SAABBC== 0,25 ; B CABa = = o 3 .tan30 3 a SA AB = =⋅ 0,25 IV. Họ và tên thí sinh: ; Số b o danh: Trang 1/3 B GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO ⎯⎯⎯⎯⎯⎯⎯⎯ ĐỀ CHÍNH THỨC ĐÁP ÁN – THANG ĐIỂM ĐỀ THI TUYỂN SINH CAO ĐẲNG NĂM 2011 Môn: TOÁN; Khối B (Đáp án - thang. B GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO ĐỀ CHÍNH THỨC ĐỀ THI TUYỂN SINH CAO ĐẲNG NĂM 2011 Môn: TOÁN; Khối: B Thời gian làm b i: 180 phút, không kể thời gian phát đề PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH