Ôn tập sinh 2022 2023 hưng yên đtqg

SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO HƯNG YÊN HƯỚNG DẪN CHẤM KỲ THI CHỌN ĐỘI TUYỂN DỰ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI CẤP QUỐC GIA NĂM HỌC 2022 - 2023 MƠN: SINH HỌC Thời gian: 180 phút (khơng kể thời gian giao đề) (Đáp án có 13 trang) Ngày thi thứ nhất: 23/8/2022 Câu (2 điểm) a Cacbohydrate hợp chất hữu có vai trị quan trọng thành phần cấu trúc, vận chuyển, tích trữ thể thực vật - Hình mơ tả cấu tạo phân tử cacbohydrate tế bào thực vật? - Phân tử hình thành nào? Xác định liên kết X hình - Phân tử có tính khử khơng? Giải thích - Vai trò phân tử thể thực vật b Hình biểu diễn trình vận chuyển sucrose từ tế bào thịt vào ống rây theo đường vô bào (apoplast) hợp bào (symplast) nhóm thực vật hạt kín Hãy giải thích: (1) Sucrose ống rây khác mạch rây vận chuyển theo hướng ngược hay khơng? Giải thích (2) Các tế bào thịt hình tế bào giai đoạn phát triển hay trưởng thành? (3) Nếu xử lý với chất độc ức chế chuỗi chuyền điện tử màng ti thể ảnh hưởng đến vận chuyển sucrose từ tế bào thịt đến ống rây theo đường? Đáp án Câu Nội dung Điểm a -Phân tử đường sucrose (saccarơzơ) - Sucrose hình thành từ phân tử glucose 0,25 b phân tử fructose - Liên kết X là: liên kết 1,2 a - glucosit - Khơng có tính khử liên kết tạo thành nhóm -OH glucosit chúng - Vai trị: Sucrose đường có chức cung cấp lượng vận chuyển thể thực vật (1)- Có thể vận chuyển ngược chiều Tùy theo quan nguồn quan chứa các, tế bào kèm vận chuyển glucose vào khỏi ống rây tạo chênh lệch áp suất đẩy dịch rây từ quan nguồn đến quan chứa (2)- Lá trưởng thành Bởi tế bào thịt quan nguồn - Con đường vô bào bị ảnh hưởng Bởi tế bào kèm, sucrose vận chuyển vào tế bào nhờ đối chuyển với H+ gián tiếp sử dụng ATP  thiếu ATP, trình bị gián đoạn (3) - Con đường hợp bào khơng bị ảnh hưởng Bởi sucrose vận chuyển thụ động tế bào qua cầu sinh chất 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25đ Câu (1,5 điểm) Q trình phân giải hiếu khí phân tử glucose chia thành ba giai đoạn: đường phân, chu trình Krebs chuỗi chuyền electron Hình mơ tả chuỗi chuyền electron với tổng hợp ATP theo chế hóa thẩm a Chú thích kí hiệu (1), (2), (3), (4), (5) cho thích hợp b Giải thích q trình tổng hợp ATP theo chế hóa thẩm hơ hấp c Một số chất ức chế chuỗi truyền điện tử ATP synthase hô hấp tế bào Dưới tác động số chất độc: - Cyanide: Chất ức chế cạnh tranh với O2, bám vào trung tâm cytochrome c oxidase - Oligomycin: Ức chế tiểu phần F0 ATP synthase - 2,4 - DNP: Giảm chênh lệch nồng độ proton hai bên màng ti thể Hãy cho biết, đồ thị bên, X, Y chất nào? Giải thích Câu a Nội dung Điểm (1): tế bào chất 0,5 b c (2): màng ti thể (3): khoảng không gian màng (4): màng ti thể (5): chất ti thể Quá trình tổng hợp ATP theo chế hóa thẩm hô hấp: 0,5 Chuỗi chuyền e màng tạo động lực vận chuyển H+ từ chất sang xoang gian màng > tăng H+ xoang gian màng > để giải tỏa chênh lệnh H+, điện > H+ vận chuyển từ xoang gian màng vào chất qua ATP Synthase > tổng hợp ATP từ ADP Pi - Sau bổ sung chất X, tổng hợp ATP tiêu thụ O bị dừng lại, chứng tỏ X Cyanide Oligomycin: 0,25 + Cyanide chất cạnh tranh với oxi, nên gây ảnh hưởng âm tính đến chuỗi truyền điện tử, qua ảnh hưởng gián tiếp đến ATP synthase + Oligomycin ức chế ATP synthase, qua khiến chuỗi truyền điện tử bị dừng lại - Sau bổ sung chất Y, tiêu thụ O tiếp tục diễn bình thường, chứng tỏ proton vận chuyển qua màng ti thể Tuy nhiên, tổng hợp ATP 0,25 không phục hồi, chứng tỏ gradient proton giảm dần theo thời gian Vì thế, Y 2,4 – DNP - Nếu chất X Cyanide sau bổ sung Y, tiêu thụ O khơng hồi phục cạnh tranh xảy Chứng tỏ, X Oligomycin Câu (1,5 điểm) Khi nghiên cứu so sánh phổ khuyết dưỡng vi khuẩn Ps.aeruginosa Xanthomonas maltophilia, nhà khoa học thực thí nghiệm sau: Thí nghiệm 1: Ni cấy vi khuẩn vào hộp petri chứa môi trường M1 (gồm thạch, NaCl, NH4Cl, KH2PO4, MgSO4 nước cất) Sau đó, để khoanh giấy có chứa hợp chất cacbon khác (kí hiệu (1), (2), (3), (4)) lên mặt thạch đem ni ủ 37oC 48h Kết thí nghiệm thu sau: Kết nuôi vi khuẩn môi trường M1 hợp chất khác M1 (2) M1 (4) M1 (1) glucose M1 (3) inositol maltose mannitol Ps.aeruginosa + + Xanthomonas maltophilia (Dấu (+): có vi khuẩn mọc; dấu (-): khơng có vi khuẩn mọc) Thí nghiệm 2: Ni cấy vi khuẩn vào hộp petri chứa môi trường M2 (là mơi trường M1 có bổ sung methionine) Sau đó, để khoanh giấy có chứa hợp chất cacbon khác (kí hiệu (1), (2), (3), (4)) lên mặt thạch đem nuôi ủ 37oC 48h Kết nuôi vi khuẩn môi trường M2 sau: M2 (1) M2 (2) M2 (3) M2 (4) glucose maltose inositol mannitol Ps.aeruginosa + + Xanthomonas + + maltophilia (Dấu (+): có vi khuẩn mọc; dấu (-): khơng có vi khuẩn mọc) a Mơi trường M1 M2 mơi trường gì? b Nghiên cứu phổ khuyết dưỡng nhằm mục đích gì? c Giải thích kết thu nuôi cấy vi khuẩn Ps.aeruginosa Xanthomonas maltophilia d Methionine mơi trường M2 có vai trị với vi khuẩn Ps.aeruginosa Xanthomonas maltophilia e Kiểu dinh dưỡng vi khuẩn Ps.aeruginosa Xanthomonas maltophilia gì? Giải thích Đáp án Câu Nội dung Điểm a Môi trường M1 M2 mơi trường tổng hợp biết rõ thành phần 0,25 chất b Nghiên cứu phổ khuyết dưỡng nhằm mục đích: xác định nguồn cacbon 0,25 lượng vi khuẩn xác định nhân tố sinh trưởng vi khuẩn c - Kết thu nuôi cấy vi khuẩn Ps.aeruginosa: Vi khuẩn có khả sử dụng glucose mannitol làm nguồn cacbon lượng - Kết thu ni cấy vi khuẩn Xanthomonas maltophilia: Vi khuẩn có khả sử dụng glucose inositol làm nguồn cacbon lượng - Vi khuẩn Ps.aeruginosa nguyên dưỡng với Methionin - Methionine môi trường M2 nhân tố sinh trưởng với vi khuẩn Xanthomonas maltophilia TN1 khơng có methionin VK khơng mọc TN2 bổ sung Methionin VK mọc mơi trường có nguồn C glucose inositol Kiểu dinh dưỡng vi khuẩn Ps.aeruginosa Xanthomonas maltophilia hóa di dưỡng hữu chúng lấy lượng hoạt động sống nhờ phản ứng hóa học oxi hóa khử sử dụng hợp chất hữu làm nguồn electron d e 0,25 0,25 0,125 0,125 0,25 Câu (2,0 điểm) a.Trong năm gần đây, xuất nhiều bệnh lạ người động vật gây nên loại virut Hãy đưa nguyên nhân dẫn đến tượng b Cho sơ đồ chu trình nhân lên số loại virus có vật chất di truyền ARN sau: Virut SARS-CoV2 HIV nhóm virus có vật liệu di truyền ARN Chúng thuộc nhóm virus nào? Hãy cho biết khác biệt chế tái virus c Bảng liệt kê tác dụng số loại thuốc chống virut xem xét để sử dụng cho người Thuốc Tác dụng thuốc Ức chế enzim ARN polymerase phụ thuộc ARN Ức chế enzim ARN polymerase phụ thuộc ADN Ức chế enzim ADN polymerase phụ thuộc ARN 4 Ức chế enzim ADN polymerase phụ thuộc ADN ức chế enzim integrase ức chế ribosome Hãy cho biết loại thuốc trên, loại ức chế đặc hiệu cho virut HIV, virut cúm mà không ảnh hưởng đến người? Giải thích Đáp án Câu Nội dung Điểm a ngun nhân chính: 0,25 - Có thể phát sinh đột biến virut có nguyên nhân chủ yếu bệnh virut - Sự lan truyền virut hành từ vật chủ sang vật chủ khác, chẳng hạn từ động vật hoang dã sang vật nuôi - Sự phá vỡ cân sinh thái (phá rừng, di dân… ) khiến virut lan nhanh (HS nêu 2/3 cho 0,25 điểm) b - Virut SARS-CoV2 thuộc nhóm coronavirus có vật liệu di truyền ssARN(+) 0,25 song tái replicaza (RdRP) enzym ARN pol dùng ARN làm mạch khuôn - Virut HIV gây hội chứng suy giảm miễn dịch mắc phải (AIDS) thuộc nhóm 0,25 retrovirus có vật liệu di truyền ARN sợi đơn mạch dương viết tắt ssARN(+) tái bới enzym phiên mã ngược (Rtaza) - Virut ARN đơn + (SARS CoV2): sử dụng ARN (+) làm khuôn để tổng hợp ARN 0,25 polymerase phụ thuộc ARN ARN polymerase phụ thuộc ARN sử dụng ARN (+) làm khuôn để tổng hợp mạch ARN (-), sau ARN (-) làm khn để tổng hợp ARN + - Virut ARN+ có Enzyme phiên mã ngược (HIV), trước hết dùng enzim phiên mã ngược virut ( ADN-pol phụ thuộc virut) để tổng hợp ADN kép tế bào chất sau xen cài ADN kép vào NST nhân từ chép tạo genom ARN nhờ 0,25 enzim ARN pol phụ thuộc ADN tế bào c Thuốc ức chế đặc hiệu cho virut HIV - Thuốc vì: Thuốc ức chế đặc hiệu retrovirut phải thuốc ức chế hoạt động 0,25 enzim có mặt retrovirut Trong loại enzim có enzim ADN polymeraza phụ thuộc ARN có mặt retrovirut enzim phiên mã ngược từ mARN thành cADN - Thuốc 5: ức chế enzim integrase Vì virut tích hợp ADN kép vào ADN tế 0,25 bào chủ nhờ enzym integrase Thuốc ức chế đặc hiệu cho virut cúm - Thuốc 1:Vì có vật chất di truyền ARN âm Nên cần mang theo enzym ARN 0,25 polymeraza phụ thuộc ARN để tổng hợp thành ARN dương Câu (1,5 điểm) Đồ thị thể độ mở khí khổng theo thời gian ngày loài Crassula ovata thực vật điển hình Thực vật điển hình nghiên cứu ba mơi trường: bình thường, đất khơ [CO2] thấp a Giải thích đóng mở khí khổng thực vật điển hình b Lồi Crassula ovata thuộc nhóm thực vật (C3, C4 hay CAM)? Giải thích c Nhân tố liên quan đến mở khí khổng thực vật điển hình? Giải thích Đáp án Câu Nội dung Điểm a - Thực vật điển hình có khí khổng mở ban ngày đóng vào ban đêm 0,25 - Ban ngày điều kiện ánh sáng, nhiệt độ phù hợp cho quang hợp, lỗ khí mở để hấp thụ CO2 cho quang hợp Ban đêm thiếu ánh sáng, không quang hơp, lỗ khí đóng 0,25 tránh nước b c - Lồi đóng khí khổng vào ban ngày mở vào ban đêm, ngược với thực vật điển hình - Suy thực vật mọng nước, quang hợp theo chu trình CAM Ban đêm khí khổng mở hấp thụ CO2 dự trữ để quang hợp có ánh sáng, ban ngày điều kiện khí hậu lỗ khí phải đóng tránh nước - Quan sát biểu đồ, đất khơ [CO2] thấp có [CO2] thấp liên quan đến mở khí khổng [CO2] thấp gây ngưng trệ quang hợp, lỗ khí mở để tiếp nhận CO2 - Đất khô giảm lượng nước hấp thụ nên nước, làm lỗ khí đóng không mở 0,25 0,25 0,25 0,25 Câu (2,0 điểm) a Hình (A) minh họa giai đoạn trình quang hợp thực vật Hãy cho biết giai đoạn nào? Vai trị b Sử dụng thuốc diệt cỏ việc phổ biến nông nghiệp đại Chất DCMU (diuron) chất Paraquat (hình B) thuốc diệt cỏ tác động ức chế lên trình quang hợp vị trí (1) (2) Hãy cho biết: - Các sản phẩm giai đoạn bị thay đổi tác động DCMU? - Các sản phẩm giai đoạn trình quang hợp bị thay đổi tác động Paraquat? c Các nhà khoa học tiến hành nghiên cứu ảnh hưởng DCMU Paraquat đến q trình quang hợp lồi thực vật Họ tiến hành nhóm độ tuổi đem trồng điều kiện ánh sáng, dinh dưỡng nhiệt độ Lơ thí nghiệm 1: trồng xử lý với DCMU Lơ thí nghiệm 2: trồng xử lý với Paraquat Theo dõi thay đổi hàm lượng chất 3-Phosphoglycerate (3-PG); 1,3-biphosphoglycerate (1,3-BPG) glyceraldehyde-3-phosphate (G3P) tạo pha tối lơ thí nghiệm kết thu hình sau: Dựa vào chu trình Calvin pha tối quang hợp, cho biết kết (a), (b) tương ứng với thí nghiệm nào? Giải thích Đáp án Câu Nội dung Điểm a Hình (A) minh họa dịng vận chuyển electron photphorin hóa khơng vịng 0,25 pha sáng quang hợp Dòng vận chuyển electron khơng vịng tạo ATP NADPHH+ O2 b Tác động DCMU: + DCMU cạnh tranh với Q B để lấy điện tử cao (HS có 0,125 thể viết: DCMU ngăn chặn vận chuyển electron từ PQA sang PQB đường truyền điện tử phôtphôrin hóa khơng vịng cho điểm) khơng có điện tử cao từ P680 truyền đến phức hệ cytochrome b6f ATP khơng tạo theo đường vịng hở Tuy nhiên, ATP tạo theo đường vịng kín + Một số phân tử NADPH tạo ra, sau dừng hẳn nhánh truyền điện tử cao đường vòng hở từ P700 đến NADP + (hoặc enzim FNR) hoạt động thêm thời gian ngắn 0,125 Tác động Paraquat: Paraquat cạnh tranh với Fd để lấy điện tử cao điện tử cao từ P700 truyền đến NADP + (enzyme FNR) NADPH không 0,25 tạo + Nhánh truyền điện tử cao đường vòng kín bị dừng lại khơng cịn c điện tử cao từ Fd chuyển tới phức hệ cytochrom ATP khơng tạo theo đường vịng kín Tuy nhiên, lượng nhỏ ATP tạo theo đường vịng hở chuỗi truyền điện tử cao đường vòng hở từ P680 đến Pc (plastocyanin) hoạt động thêm thời gian ngắn Thí nghiệm - Kết (a) - DCMU 0,25 Vì: + Trong pha tối, phản ứng RuBP kết hợp với CO2 tạo thành 3-PG PG tăng cao thời gian đầu hàm lượng 3- + Tiếp theo, ATP tạo pha sáng theo đường vịng kín ứng phosphoryl hóa 3-PG thành 1,3-BPG xảy hàm lượng 1,3-BPG tăng mạnh phản hàm lượng 3-PG giảm mạnh 0,25 + Sau đó, phân tử NADPH tạo pha sáng lượng nhỏ 1,3- BPG chuyển thành G3P hàm lượng 1,3-BPG giảm nhẹ, hàm lượng G3P tăng nhẹ Hàm lượng G3P sau giảm chúng khỏi chu trình Calvin để tạo nên 0,25 lượng nhỏ carbohydrate phần quay vòng để tái tạo lại chất nhận CO (RuBP) Thí nghiệm - Kết (b) 0,25 Vì: + Trong pha tối, xảy phản ứng RuBP kết hợp với CO tạo thành 3-PG hàm lượng 3-PG tăng cao thời gian đầu + Tiếp theo, phân tử ATP tạo pha sáng theo đường vòng hở lượng nhỏ 3-PG phosphoryl hóa tạo thành 1,3-BPG hàm 0,25 lượng 3-PG giảm nhẹ sau trì ổn định, hàm lượng 1,3-BPG tăng nhẹ + Do NADPH không tạo pha sáng thành G3P 1,3-BPG khơng chuyển hàm lượng G3P khơng có thay đổi Câu (1,5 điểm) Ở ruồi giấm, màu mắt đỏ thẫm kiểu hình kiểu dại Có hai dịng ruồi giấm chủng có mắt màu đỏ tươi kí hiệu dịng I dịng II Để nghiên cứu quy luật di truyền chi phối tính trạng, người ta thực hai phép lai đây: Phép lai 1: Lai thuộc dòng I với đực thuộc dòng II; F thu 100% ruồi có màu mắt đỏ thẫm Phép lai 2: Lai thuộc dòng II với đực thuộc dòng I; F thu 100% có màu mắt đỏ thẫm; 100% đực có màu mắt đỏ tươi Xác định quy luật di truyền chi phối phép lai Viết sơ đồ lai giải thích Đáp án Câu Nội dung - Từ kết phép lai 1: Khi lai hai dịng ruồi chủng có mắt đỏ tươi với nhau, đời F1 thu 100% cá thể có màu mắt kiểu dại màu mắt ruồi giấm hai gen tương tác kiểu bổ trợ - Từ kết phép lai ta thấy có phân ly khơng đồng giới  có di truyền liên kết giới tính Khi lai thuộc dòng II với đực thuộc dịng I cho đời có tất có màu mắt kiểu dại, cịn đực có mắt đỏ tươi tượng di truyền chéo - Một hai gen quy định tính trạng phải nằm nhiễm sắc thể giới tính X vùng khơng tương đồng với Y, gen cịn lại nằm NST thường (vì hai gen nằm vùng tương đồng cặp XY nằm X vùng không tương đồng với Y khơng thu kết phép lai) - Từ kết phép lai 1 alen đột biến gây màu mắt đỏ tươi dòng I phải nằm NST thường Lý alen lặn nằm NST giới tính X tất đực có mắt màu đỏ tươi - Từ kết phép lai ta thấy gen lặn quy định màu mắt đỏ tươi phải nằm NST X tất đực có màu mắt đỏ tươi (có di truyền chéo) - Tổng hợp kết phép lai 2, ta viết sơ đồ lai chứng minh sau: Phép lai 1: P I (đỏ tươi) aaXBXB F1: x Điểm 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 II (đỏ tươi) AAXbY AaXBXb Mắt kiểu dại 0,25 B AaX Y Mắt kiểu dại Phép lai 2: P II (đỏ tươi) AAXbXb F1: x I (đỏ tươi) aaXBY AaXBXb Mắt kiểu dại AaXbY Mắt đỏ tươi Câu (1 điểm) Một lồi thú ngẫu phối, xét gen có hai alen A a nằm NST giới tính X khơng có alen tương ứng Y Biết quần thể khởi đầu có tỉ lệ kiểu gen là: 0,2XAY + 0,8XaY giới đực 0,2XAXA+ 0,6XAXa + 0,2XaXa giới Hãy xác định: a Tần số alen mà quần thể đạt trạng thái cân di truyền Khi tần số kiểu gen giới bao nhiêu? b Tần số alen giới sau hệ ngẫu phối Đáp án Câu Nội dung Điểm Tần số alen phần đực quần thể khởi đầu p0♂= 0,2; q0♂ = 0,8 Tần số alen phần quần thể khởi đầu là: p0♀ = 0,5; q0♀ = 0,5 a Tần số alen mà quần thể cân là: 0,25 0,2+0,5 pcb = =0,4; qcb = 1- 0,4 = 0,6 0,25 Khi đó, tần số kiểu gen hai giới là: - Đực: 0,4XAY + 0,6XaY - Cái: 0,16XAXA + 0,48XAXa + 0,36XaXa b Tần số alen giới sau hệ ngẫu phối Ở giới đực: p1♂ = p0♀= 0,5; q1♂= q0♀ Ở giới cái: p1♀ = [p0 ♀ + p0 ♂]/2 = (0,5 + 0,2)/2 = 0,35; 0,25 q1♀ = – 0,35 = 0,65 0.25 Câu (1,5 điểm) Các rối loạn hơ hấp phân loại cách đơn giản thành dạng tắc nghẽn dạng hạn chế Rối loạn dạng tắc nghẽn đặc trưng giảm dịng khí ống hơ hấp Rối loạn dạng hạn chế đặc trưng giảm thể tích khí phổi Hình cho thấy hình dạng đường cong Dịng chảy - Thể tích đo hít vào cố sức thở cố sức người khỏe mạnh với chức hơ hấp bình thường bốn bệnh nhân bị rối loạn hô hấp thường gặp a pH máu bệnh nhân bị rối loạn dạng có thay đổi so với người khỏe mạnh khơng? Vì sao? b Bệnh nhân bị rối loạn dạng có nhịp thở thay đổi so với người khỏe mạnh khơng? Vì sao? c Bệnh nhân bị rối loạn dạng có thời gian hít vào cố sức dài Giải thích d Thể tích khí cặn bệnh nhân bị rối loạn dạng có thay đổi so với người khỏe mạnh khơng? Vì sao? Câu Hướng dẫn chấm Điểm a - pH bệnh nhân giảm 0.25 + - Bệnh nhân có dịng thở giảm → H tăng → pH giảm 0.25 b c d - Nhịp thở bệnh nhân tăng - Bệnh nhân có nhịp thở tăng giảm dung tích sống, giảm thơng khí, CO2 nhiều; O2 máu giảm → tăng nhịp thở Bệnh nhân dịng khí hít vào giảm, thời gian hít vào dài Bệnh nhân thở ít, hít vào → khí cặn lưu lại phổi lớn 0.25 0.25 0.25 0.25 Câu 10 (1,5 điểm) a Bảng mô tả thay đổi áp lực máu (mmHg) tâm nhĩ trái, tâm thất trái cung động mạch chủ chu kì tim cá thể linh trưởng bị bệnh van tim; T thời điểm bắt đầu chu kì tim, T0 + 0,75 giây thời điểm kết thúc chu kì tim Biết rằng, cá thể linh trưởng khỏe mạnh, áp lực tối đa tâm 10 nhĩ trái, tâm thất trái, cung động mạch chủ 15 mmHg, 120 mmHg 120 mmHg; áp lực tối thiểu tâm nhĩ trái, tâm thất trái, cung động mạch chủ mmHg, mmHg 80 mmHg Phân tích liệu bảng, cho biết: (1) Cá thể linh trưởng bị hở hay hẹp van tim nào? Giải thích (2) Giả sử bỏ qua sai số thời gian nhỏ 0,05 giây Nếu thể tích máu tâm thất trái kết thúc bơm máu 55 ml đầy máu 195 ml, lưu lượng máu trung bình qua van tim bất thường (hở hẹp) 120 ml/giây lưu (cung) lượng tim cá thể linh trưởng bao nhiêu? Nêu cách tính b Coxsackie virus B (CVB) xâm nhập gây tình trạng viêm tim dẫn đến tế bào tim bị tổn thương Người bệnh A bị rối loạn chức tuần hoàn nhiễm coxsackie virus gây viêm tim nghiêm trọng So với người khỏe mạnh bình thường, cho biết giá trị số sinh lý sau người bệnh A cao hơn, thấp hay khơng khác biệt đáng kể? Giải thích (1) Thể tích máu tâm thất trái bơm động mạch chủ (2) Kích thước tâm thất trái kết thúc tống máu (3) Thời gian dẫn truyền xung điện nút nhĩ thất (4) Thể tích dịch lưu hành mạch bạch huyết Đáp án Câu Hướng dẫn chấm Điểm 10 a - Cá thể linh trưởng bị hở van động mạch chủ 0.25 - Vì huyết áp chênh lệch lúc tim thu lúc tim giãn lớn (150 mmHg – 65 mmHg 0.25 = 85 mmHg) → lượng máu trở tâm thất trái lúc tim giãn lượng máu lại bơm động mạch chủ lúc tim co → tăng huyết áp động mạch chủ vào thời kỳ tâm thu; giảm huyết áp động mạch chủ vào thời kỳ tâm trương - Hở van động mạch chủ xuất dòng máu chảy qua van tim bất thường thời kỳ tâm trương → thời gian tương ứng (0,75 giây - (0,40 giây - 0,25 giây)) = 0,6 giây 0.25 - Thể tích máu trở lại tâm thất vào thời kỳ tâm trương chu kỳ tim = 0,6 giây x 120 ml/giây = 72 ml máu Thể tích máu tim bơm động mạch chu kỳ tim = (195 ml - 55 ml) = 140 ml máu → Thể tích máu bơm nuôi thể (cung lượng tim) người (140 ml - 72 ml) x (60 phút / 0,75 giây) = 68 ml máu/nhịp x 0.25 80 nhịp/phút = 5440 ml/phút b (1) Giảm Vì tim bị suy yếu  giảm sức co bóp tim  bơm máu động mạch chủ 0.25 (2) Tăng Vì máu bơm động mạch chủ  máu cịn tâm thất trái nhiều  tâm thất trái giãn nhiều  tăng kích thước tâm thất trái kết thúc tống máu (0,25 điểm) (3) Giảm Vì máu bơm động mạch chủ  giảm huyết áp  kích thích thụ thể áp 11 lực  hoạt hóa thần kinh giao cảm  rút ngắn thời gian dẫn truyền xung điện nút nhĩ thất (4) Tăng Vì máu bị ứ tĩnh mạch  tăng áp lực thủy tĩnh đầu tĩnh mạch mao mạch  cản trở tái hấp thu dịch kẽ mạch máu  tăng lượng dịch tuần hoàn 0.25 mạch bạch huyết (Học sinh trả lời ý 0.25 điểm) Câu 11 (1,0 điểm) Một bệnh nhân X phải đến phịng cấp cứu với triệu chứng liệt có kết xét nghiệm số tiêu thể bảng sau: Chỉ tiêu xét nghiệm Bệnh nhân X Người bình thường Tổng lượng T3 huyết tương (nmol/ L) 2,88 0,98 - 2,44 Thyrosine tự (T4, pmol/ L) 28,1 9,0 - 21,0 Nồng độ TSH (mU/ L) 5,62 0,35 - 4,94 Kháng thể tự miễn với thụ thể TSH (U/ mL) 0,2 -1,5 a Bệnh nhân X (1) bị ưu hay nhược tuyến giáp (2) có mắc bệnh tự miễn khơng? Giải thích b Bệnh nhân X (1) nhiệt độ thể, (2) cân nặng, (3) huyết áp (4) khối lượng tuyến giáp thay đổi so với người bình thường? Giải thích c Nồng độ hormone TSH thyrosine huyết tương bệnh nhân X thay đổi sử dụng (1) thuốc ức chế hấp thu iodine, (2) thuốc ức chế hoạt động tế bào thùy trước tuyến yên? Giải thích Câu 11 Hướng dẫn chấm Điểm a - Ưu năng, không bị bệnh b - Nhiệt độ tăng => T3 tăng => tăng sinh nhiệt, cân nặng giảm, huyết áp tăng, khối lượng 0.25 tuyến giáp tăng - Nếu dùng thuốc ức chế hấp thụ iot => Tiroxin giảm => TSH tăng, tyroxin giảm huyết 0.25 tương - Nếu dùng thuốc ức chế giảm ức chế thùy trước tuyến yên => TSH giảm => Giảm kích 0.25 thích tuyến giáp sinh tyroxin => giảm Tyroxin huyết tương c 0.25 Câu 12 (1,5 điểm) a Vị trí đoạn lập đồ nhiễm sắc thể Drosophila trình bày sơ đồ hình bên Các đột biến điểm a, b, c, d, e f biết nằm vùng đoạn, trình tự gen đột biến nhiễm sắc thể chưa biết Khi ruồi đồng hợp tử đột biến điểm lai với 12 ruồi đồng hợp tử kiểu đoạn người ta nhận kết Lưu ý “m” kiểu hình đột biến (+) kiểu hình dại Hãy xác định vị trí đột biến điểm a,b,c,d,e f NST trên? b Cho lai dòng ruồi giấm đột biến chứa đoạn chứa đoạn 3, kết thu 25% hợp tử khơng phát triển Giải thích kết phép lai Đáp án Câu Hướng dẫn chấm Điểm 12 a - Khi lai thể đồng hợp tử đột biến đoạn với thể đồng hợp 0.25 tử đột biến điểm thu kiểu dại chứng tỏ đột biến điểm phải nằm ngồi đoạn NST tương ứng đoạn xảy tái tổ hợp tạo NST mang đoạn ADN bình thường - Như lai NST mang đoạn với NST mang đột biến từ a đến f , đột biến điểm thu kiểu dại thể đột biến điểm phải nằm 0.25 tương ứng với vùng không đoạn NST mang đoạn => đột biến điểm b,c,e nằm tương ứng đoạn không đột biến đoạn (đoạn không đánh dấu) - lý luận tương tự ta có đột biến điểm a,b,c,e nằm vùng đoạn (đoạn khơng đánh dấu hình) - a,c,e,f nằm ngồi đoạn - a,d,f nằm đoạn (0,5 điểm) / ý 0,1 điểm 0.5 - a,e,f nằm đoạn - a,b,d,f nằm ngồi đoạn 0.25 b Hai dịng ruồi giấm đột biến đoạn có đoạn chung 0.25 chứa locus gen d Khi lai hai dịng có 25% số bị hồn tồn locus gen => ngun nhân gây 25% hợp tử bị chết Câu 13 (1,5 điểm) Đặc điểm phân bố quần thể 13 sinh vật chịu tác động nhân tố sinh thái gồm nhân tố vô sinh hữu sinh Một nghiên cứu thực dãy núi Santa Catalina, nơi mà khu vực chân núi có độ ẩm cao Độ ẩm đất giảm dần từ chân núi lên đỉnh núi khơ hạn Hình bên biểu thị kết nghiên cứu mật độ cá thể ba loài thực vật hạt trần Aa, Pc Pm, vị trí theo độ cao sườn núi Hãy trả lời câu hỏi sau: a Phân tích đặc điểm phân bố lồi thực vật nói theo độ cao độ ẩm b Xác định kiểu phân bố (ngẫu nhiên, quần tụ hay đồng đều) quần thể thực vật nói Giải thích c Khi có trùng lặp ổ sinh thái nhiều loài mức độ cạnh tranh lồi cao Hãy nhận xét mức độ cạnh tranh loài thực vật Aa, Pc Pm khu vực có độ ẩm thấp, trung bình, cao Sự cạnh tranh lâu dài dẫn tới loại trừ nhiều lồi khỏi quần xã khơng? Giài thích Đáp án Câu 13 Hướng dẫn chấm Điểm a - Loài Pc phân bố mức độ cao trung bình đến cao (từ 3-6), có mức độ ẩm trung 0.25 bình — thấp Chủ yếu tập trung khu vực đỉnh núi (độ cao 5-6), khu vực khô hạn nhất, với mật độ khoảng 35-38 cây/m2 - Loài Aa phân bố độ cao thấp đến trung bình (độ cao 1-4), độ ẩm cao - trung bình; 0.25 Tập trung chủ yếu độ cao trung bình, nơi có độ ẩm trung bình, mật độ cao khu vực khoảng 70-75 cây/1000 m2 - Loài Pm phân bố độ cao 1-3; tập trung chủ yếu khu vực chân núi, nơi có độ ẩm 0.25 cao, với mật độ khoảng 55-70 cây/1000 m2 b c - Cả ba quần thể có kiểu phân bố quần tụ (theo nhóm) Lồi Pc tập trung chủ yếu độ 0.25 cao 1-2, loài Aa tập trung chủ yếu độ cao 3, Pm tập trung chủ yếu độ cao 5-6 - Mức độ cạnh tranh cao khu vực có độ ẩm trung bình có phân bố ba 0.25 loài (đặc biệt khu vực 3), khu vực có độ ẩm cao có cạnh tranh thấp (có lồi), khu vực cỏ độ ẩm thấp (khô hạn) cạnh tranh khác lồi/chi có lồi Pc sinh sống 0.25 - Về lâu dài, cạnh tranh khác loài khơng dẫn đến cạnh tranh loại trừ, có phân hóa ổ sinh thái thích nghi khu vực có độ ẩm khác 14 SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO TỈNH ………… (Hướng dẫn chấm có 10 trang) KỲ THI CHỌN ĐỘI TUYỂN HSG QUỐC GIA NĂM HỌC 2022 - 2023 Môn thi: SINH HỌC Ngày thi: ………… HƯỚNG DẪN CHẤM Câu (1,0 điểm) Hình mô tả số chức prôtêin màng: (Ghi chú: 1- dịch ngoại bào; 2- màng; 3- dịch nội bào; 4- phân tử tín hiệu; 5- chất; 6- sản phẩm; 7- vi sợi; 8- phân tử prôtêin MHC) a) Cho biết chức prôtêin thể hình A, B, C, D, E, F b) Nêu điểm khác hoạt động prơtêin hình A, B Nội dung Điểm a A- Kênh vận chuyển thụ động ; B- Bơm vận chuyển chủ động ; C- Thụ thể ; D- Enzym; E- Neo đậu khung xương tế bào; F- Nhận diện tế bào 0,75 (Mỗi ý đúng 0,125 điểm) b Hai điểm khác nhau: - A vận chuyển chất từ nơi có nồng độ cao đến nơi có nồng độ thấp B vận chuyến 0,125 chất từ nơi có nồng độ thấp đến nơi có nồng độ cao - A vận chuyển không cần cung cấp lượng B vận chuyển cần cung cấp lượng 0,125 Câu (1,5 điểm) Hình cho biết tác động riêng lẻ chất B, C, D đến tốc độ phản ứng enzym Đường thể tốc tộ phản ứng enzym chất A Hãy cho biết đường 1, 3, đồ thị thể tác động tương ứng chất chất B, C, D cho biết chất tác động phản ứng enzim Giải thích Biết điều kiện khác phản ứng giống phản ứng 15 (Ghi chú: Trong đồ thị trục tung thể tốc độ phản ứng, trục hoành thể nồng độ chất) Nội dung Đường 1: Tác động chất C Chất C làm tốc độ phản ứng tăng lên Theo hình chất C chất cảm ứng làm tăng tốc độ phản ứng Do đó, đồ thị tác động chất C cao đường Đường 3: Tác động chất B Chất B chất ức chế cạnh tranh, gắn với trung tâm phản ứng làm giảm liên kết enzym chất Khi tăng nồng độ chất đến mức định tốc độ phản ứng tăng đến bình thường khơng có chất ức chế cạnh tranh Đường 4: Tác động chất D Chất D chất ức chế không cạnh tranh Chất gắn vào enzym làm bị biến đổi cấu hình, khơng liên kết với chất làm tốc độ phản ứng giảm so với bình thường dù tang nồng độ chất Điểm 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 Câu (1,5 điểm) Đồ thị bên mơ tả q trình sinh trưởng quần thể vi khuẩn E.coli môi trường ni cấy có glucozo lactozo a) Giải thích tượng sinh trưởng đồ thị b) Cho biết đồ thị đường X, Y thể nồng độ chất nào? Giải thích c) Chú thích vào giai đoạn 1, đồ thị Nội dung a) Hiện tượng sinh trưởng kép Khi mơi trường có chất, vi sinh vật ưu tiên sử dụng chất dễ phân giải trước, sau sử dụng chất khó phân giải b) Đường X thể nồng độ Glucozo Vì VSV sử dụng glucozo trước cho trình sinh trưởng, kết thúc giai đoạn sinh trưởng 1, chất X khơng cịn mơi trường ni cấy Đường Y thể lactozo Vì giai đoạn đầu nông độ chất Y không thay đổi đến VSV bước vào giai đoạn sinh trưởng thứ nồng độ chất Y giảm xuống c) Chú thích: – Giai đoạn cuối pha log sinh trưởng sử dụng chất glucozo – Giai đoạn cuối pha log sinh trưởng sử dụng chất lactozo Điểm 0,125 0,125 0,25 0,25 0,25 0,25 0,125 0,125 16 Câu (1,5 điểm) Dưới chế phân tử tác động kháng SARS-CoV-2 thuốc kháng virut Molnupiravir Khi bệnh nhân sử dụng thuốc Molnupiravir nhanh chóng phân cắt huyết tương thành EIDD1931 Thành phần sau phân bố vào mơ khác chuyển hóa thành EIDD-1931-5′triphosphat enzym kinase tế bào EIDD-1931-5′-triphosphat dạng có hoạt tính molnupiravir Hình Molnupiravir chủn hóa thành EIDD-1931-5′-triphosphate Hình 2.Mơ hình hai bước (two-step model) tác động molnupiravir (Ghi chú: RdRp: enzyme polymerase phụ thuộc RNA virus) a) Bằng chế phân tử giải thích nói hiệu kháng virut Molnupiravir nhờ vào “thảm họa lỗi virus” (tăng tỷ lệ đột biến virus vượt ngưỡng dung nạp mặt sinh học) b) Tại chuyên gia khuyến cáo sử dụng thuốc Molnupiravir vòng ngày khởi phát bệnh? Nội dung Điểm a) Hình cho thấy: EIDD-1931-5′-triphosphat có cấu trúc tương tự cytidine triphosphate 0,25 uridine triphosphate Hình cho thấy: - Bước 1: Trong trình tổng hợp ARN mạch (-): RdRp sử dụng EIDD-1931-5′-triphosphat làm 0,25 chất thay cytidine triphosphate uridine triphosphate - Bước 2: Khi RdRp sử dụng ARN mạch (-) tạo thành làm khn mẫu cho q trình tổng hợp ARN mạch (+), EIDD-1931-5′-triphosphate kết hợp với G A, dẫn đến việc hình thành sản phẩm ARN đột biến 0,25 - Khơng có rà sốt sửa lỗi chép virus 17  Tổng hợp ARN đột biến Khi tỷ lệ đột biến virus vượt ngưỡng dung nạp 0,25 mặt sinh học dẫn đến việc virus bị suy yếu sau bị tiêu diệt b) - Thuốc Molnupiravir tác dụng vào giai đoạn tổng hợp ARN virut 0,25 - Sử dụng sớm (trong vòng ngày khởi phát bệnh) có tác dụng tạo virut mang đột 0,25 biến dễ bị tiêu diệt Từ ngăn chặn nhân lên nhanh chóng virut Câu (1,5 điểm) a) Tại xanh bị vàng thiếu nguyên tố nitơ (N), magiê (Mg), sắt (Fe)? b) Lấy ví dụ chứng minh dinh dưỡng khoáng thực vật liên quan đến sinh vật khác Nội dung a) N, Mg thành phần clorơphin Fe hoạt hóa enzim tổng hợp clorơphin Khi thiếu nguyên tố không tổng hợp diệp lục, làm lộ màu caroten nên có màu vàng b) - Các vi khuẩn: Các khuẩn chuyển hóa nitơ đất (amon hóa, nitrat hóa) chuyển nitơ hữu thành nitơ khống sử dụng được, vi khuẩn cố định nitơ chuyển nitơ phân tử thành NH 4+ hấp tụ - Các loại nấm: Các loài nấm đất định hình thành mối quan hệ cộng sinh với rễ, hình thành rễ nấm Rễ nấm giúp hấp thụ nước ion khoáng tốt hơn, đặc biệt điều kiện nước nghèo dinh dưỡng - Các động vật đất: Giúp đất tơi xốp, tạo điều kiện cho hệ rễ phát triển tạo độ thống khí giúp rễ hơ hấp tốt, hấp thụ khống tốt - Các thực vật khác: thực vật kí sinh, biểu sinh thực vật khác đóng vai trị quan trọng việc cung cấp nước nuối khoáng (thực vật kí sinh) tạo điều kiện để hấp thụ chất (thực vật biểu sinh) Điểm 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 Câu (1,5 điểm) a) Hình bên mơ tả cấu trúc dày Hãy thích vào cấu trúc 1, 2, 3, cho biết vai trò cấu trúc b) Dịch vị người trưởng thành có pH từ 1,5 đến 2,0 Giá trị pH có ý nghĩa q trình tiêu hóa? c) Vi khuẩn Helicobacter Pylori (HP) nguyên nhân gây loét dày Cho biết vi khuẩn tồn gây loét điều kiện pH thấp 1,5 đến 2,0? Nội dung a) - Ti thể: Cung cấp lượng bơm H+ khỏi tế bào - Tế bào đỉnh (viền): Tiết H+ Cl- tạo HCl - Tế bào chính: Tiết pepsinogen - Tế bào nội tiết: Tiết Gastrin b) - Hoạt hóa pepsinơgen dạng khơng hoạt động thành pepsin hoạt động - Gây biến tính prơtêin tạo điều kiện cho tiêu hóa thức ăn prơtêin - Tiêu diệt vi khuẩn xâm nhập vào thể qua đường tiêu hóa - pH thấp làm tăng co bóp dày, gây đóng, mở mơn vị c) - HP tiết enzym Ureaza tạo amoniac giúp VK tạo vi mơi trường trung tính xung quanh - Vi mơi trường trung tính làm tăng tiết axit tạo điều kiện cho loét Điểm 0,125 0,125 0,125 0,125 0,125 0,125 0,125 0,125 0,25 18 - Các enzym phân giải protein gây tổ thương niêm mạc dày  gây loét 0,125 0,125 Câu (1,5 điểm) Người ta tiến hành nghiên cứu bệnh phì đại tim người trưởng thành đưa số liệu thống kê Bảng đây: Người bình thường Người phì đại tim mức Trọng lương tim (% trọng lượng thể) 0,5 1,5 Đường kính tế bào tim (Micromet) 20 30 Mật độ mao mạch tim (mao 3000 - 3500 2000 mạch/1mm2) Tổng lương ADN tim (g) 99 × 10-3 99 × 10-3 a) Dựa vào bảng số liệu, cho biết bệnh phì đại tim tăng số lượng tế bào tim hay tăng kích thước tế bào tim hay tăng hai? Giải thích b) Bệnh lí có gây hậu cho tim? Nội dung Điểm a) Do tăng kích thước tế bào tim 0,25 Vì tổng lượng ADN khơng thay đổi, đường kính TB tim tăng 0,25 b) Hậu quả: + Tỉ lệ S/V tế bào tim giảm dẫn đến hấp thụ đào thải chất không tương ứng với 0,25 khối lượng tế bào Do đó, khơng đủ chất dinh dưỡng, đồng thời khơng kịp đào thải chất độc + Sự dẫn truyền thần kinh từ bên vào nội bào bị giảm nên dẫn truyền 0,25 + Mật độ mao mạch giảm dẫn đến số vị trí khơng cung cấp đủ lượng máu cần thiết để trao đổi chất thuận lợi với mơi trường quanh 0,25 + Bào tương tăng nhanh, gen cấu trúc gen điều hịa nhân khơng chi phối q tình tổng hợp enzym tổng hợp protein cho trình hoạt động 0,25 => Thối hóa tim lâu dần sễ suy tim Câu (1,0 điểm) Biểu đồ sau thể xử lý glucose thận thay đổi theo nồng độ glucose huyết tương a) Cho biết đường A, B, C thể hoạt động thận: thải glucozo; lọc glucozo; tái hấp thụ glucozo Biết mức D thể nồng độ glucozo bình thường b) Cho biết mức độ tái hấp thu glucozo lớn bao nhiêu? ( Ghi chú:Trục/Axis = Nồng độ glucose huyết tương (mg/100 ml) Axis = Tốc độ lọc, tái hấp thu tiết glucose (mg/phút) Nội dung Điểm a) Đường A thể lọc glucozo Đồ thị tăng tuyến tính, nồng độ glucozo cao (hơn 0,25 mức bình thường) lọc glucozo tăng Đường B thể thải glucozo Trên đồ thị thể nồng độ glucozo máu thấp 0,25 19 khơng thải glucozo Khi nồng độ glucozo tăng mức bình thường thải glucozo tăng 0,25 Đường C thể tái hấp thu glucozo Tái hấp thụ glucozo đến mức định(400mg/phút) dù nồng độ glucozo tăng b) Tốc độ tái hấp thu lớn 400 mg/phút Theo đồ thị C 0,25 Câu (1,5 điểm) a) Tại trình tổng hợp tiền mARN trình di chuyển mARN từ nhân tế bào chất tế bào nhân thực, chúng không bị phân hủy exonucleaza? Nêu gắn gọn chế phân tử b) Hai hình mơ tả cách mà tế bào nhân thực tạo mARN khác từ đoạn AND Hãy khác hai cách cho biết phân tử ARN trưởng thành tạo từ cách Hình Hình Nội dung a) - Nhờ cải biến đầu 5’ 3’ mARN: Sự lắp mũ đầu 5’ gắn đuôi poly A - Lắp mũ đầu 5’: Khi enzym ARN pol II tổng hợp 20 – 30 nu enzym lắp mũ bổ sung nucleotit Guanin gắn nhóm methyl (-CH3) vị trí số (m7G) vào đầu 5’ tiền mARN qua liên kết 5’-5’ thay cho 5’-3’ - Gắn đuôi polyA: Trước vận chuyển tế bào chất tiền mARN biến đổi đầu 3’ việc gắn đuôi poly A (thường từ 50 đến 250 A) Sự gắn đuôi poly A liên quan đến trình tự liên ứng nhận biết [5’-AAUAAA-3’] có tham gia số loại protein b) Hình 1: Chọn promoter khác Chọn P1: E1-E3- E4 Chọn P2: E2-E3-E4 Hình 2: Chọn vị trí gắn khác Chọn tín hiệu 1: E1- E2-E3 Chọn tín hiệu 1: E1- E2-E4 Điểm 0,25 0,125 0,125 0,25 0,125 0,125 0,25 0,125 0,125 Câu 10 (2,0 điểm) a Có 5% số người mắc hội chứng Down có số lượng nhiễm sắc thể bình thường 46 Giải thích chế hình thành NST người b Những loại đột biến cấu trúc nhiễm sắc thể làm tăng biểu gen định? Giải thích? Nội dung Điểm - Do đột biến chuyể đoạn Robertson xảy NST tâm đầu 0,25 - Ở người, có NST dạng tâm đầu, gồm NST 13, 14, 15, 21 22 Trong trình phân bào, số nguyên nhân dẫn đến NST dạng tâm đầu bị đứt gãy ngang vùng cận tâm động sau bị đứt gãy, cánh dài hai NST khác lại gắn chặt 0,25 20