bài tập mẫu môn kỹ thuật mạch điện tử I

bài tập mẫu môn kỹ thuật mạch điện tử

MỘT SỐ BÀI TẬP MẪU CHO QUYỂN

“Giáo trình mạch điện tử I”

Chương I: DIODE BÁN DẪN.

I Diode bán dẫn thông thường:

1) Vẽ dạng sóng chỉnh lưu : (Bài 1-1 trang 29)

Công thức tổng quát tính VL:

L L i

D S

RR

VV

V







VD = 0,7V (Si) và VD = 0,2V (Ge)

a- Vẽ V L (t) với V S (t) dạng sóng vuông có biên độ 10 và 1V

Kết quả với giả thiết: Ri = 1, RL = 9, VD = 0,7V

Vì Diode chỉnh lưu chỉ dẫn điện theo một chiều nên:

7 , 0 10

7 , 0 1

+VD

-10

-++

 Khi VS = 10sinot nghĩa là VSm = 10V >> VD =0,7V ta có:

9991

10R

RR

V

L i

Sm 1

VL1  0(Ta giải thích theo T 0

7,0tsin1

Với dạng sóng tam giác ta có kết quả tương tự như sóng sin

2) Bài 1-3: Để có các kết quả rõ ràng ta cho thêm các giá trị điện trở: R1 =

7,010R

RR

VV

3 3

L L i

D S 1

7,01R

RR

VV

3 3

L L i

D S 2

10R

RRR

V

3 4

3 L L b i

S 1

1R

RRR

V

3 4

3 L L b i

S 1

b- Vẽ V L (t) với dạng sóng sin có biên độ 10V và 1 V.

 Để đơn giản khi VSm = 10V (>>VD = 0,7V) ta bỏ qua VD Khi đó:

t sin 10 R

R R

S 1

tsin10R

RRR

V

3 4

L L b i

S 1

7 , 0 t sin 1 R R R

7 , 0 t sin 1

3

L L i

0 2

t sin 7 , 0 R

R R R

t sin 7 , 0

3 4

L L b i

0 2

t sin 45 , 0 10 9 10 9 10 10

t sin 1 R

R R R

t sin 1

3 4

L L b i

0 2

2) Dạng mạch Thevenin áp dụng nguyên lý chồng chập:

Bài 1-20 với Vi(t) = 10sin0t

a- Vẽ mạch Thevenin:

Áp dụng nguyên lý xếp chồng đối với hai nguồn điện áp VDC và Vi:

 Khi chỉ có VDC, còn Vi = 0 thì điện áp giữa hai điểm A-K:

V 3 10 5 , 1 10

10 5 , 1 5 r R

r V

i i

i DC

10 t

sin 10 r R

R V

i i

i i

 Vậy khi tác động đồng thời cả VDC và Vi thì sức điện động tương

đương Thevenin giữa hai điểm A-K là:

)V(tsin43rR

RVrR

rV

i i

i i i i

i DC

 Điện trở tương đương Thevenin chính là điện trở tương đương của

phần mạch khi Diode hở mạch là:

VL+

-Vi

+-

iD

RL1,4K

Ri=1K

VDC=5v

KA

10 5 , 1 10 R

r R

r.

R

3 3

3 3

L i i

i i T

b- Vẽ đường tải DC khi , 2

3

, 2

, 3 , 0 t

D T

R

VV.R

1R

VV

10.2

37,0.10.2

1i

46,67,0.10.2

1i

77,0.10.2

1i

46,07,0.10.2

1i

17,0.10.2

1i

2,881,15

-1

VT

t

 

7 , 0 V 7 , 0

10 2

V 10 4 , 1 R r //

R

V R

R

V R i.

R ) t ( V

0 0

T

3 T 3 L

i i

T L

T

T L D L L

II Diode Zenner:

1) Dạng dòng IL = const (bài 1-40); 200mA  IZ  2A, rZ = 0

42

,1

18

22I

VV

R

min Z

Z min i i

1828I

VV

R

max Z

Z max i iVậy Ri = 3,3

b- Tìm công suất tiêu thụ lớn nhất của Diode Zenner:

4,9V

t

RL

VZ=10v13v<VDC<16v

Ri I

Z

VL

IL

a- Tính giá trị lớn nhất của Ri

max L min Z

Z i i

min L max Z

Z i

II

VVR

II

VV

10 13

10 16

RimaxVậy ta lấy Rimax = 30

b- Tìm công suất tiêu thụ lớn nhất của Diode Zenner.

 Izmax  Imax  ILmin  0 , 2  0 , 01  0 , 19  190 mA

 Pzmax  0 , 19  10  1 , 9 W

3) Dạng IZ  const; IL  const (Bài 1-42)

30  IL  50mA, IZmin = 10mA

rZ = 10 khi IZ = 30mA; Pzmax =800mW

a- Tìm Ri để Diode ổn định liên tục:

mA8010

8,0V

PI

Z

max Z max

Vậy 10mA  IZ  80mA

Ta có: Imin = IZmin + ILmax = 60mA

Imax = IZmax + ILmin = 110mA

Mặt khác: Vimin = Imin.Ri + VZ = 20V

    166 , 7 

06 , 0

10 20

Rimax

Vimax = Imax.Ri + VZ = 25V

    136 , 36 

11 , 0

10 25

RiminSuy ra: 136,4  Ri  166,7

Vậy ta chọn Ri =150

RL

VZ=10v20v<VDC<25v

Ri10

IZ

VL

IL

b- Vẽ đặc tuyến tải:

mA30IkhiV5,1515003,020150IV

L

L Z

mA30IkhiV5,2015003,025150IV

L

L Z

ZTương ứng ta tính được các dòng IZ:

mA 7 , 36 150

10 5 , 15

150

10 5 , 12

IZ2    mA

70 150

10 5 , 20

150

10 5 , 17

IZ(mA)

VZ

36,75030

8070

1020,5 17,5 15,5 VZ =10V 0

rZ =10

16,712,5

Chương II: TRANSISTOR HAI LỚP TIẾP GIÁP

I Bộ khuếch đại R-C không có C C và không có C E (E.C).

1) Bài 2-10: 20    60, suy ra ICQ không thay đổi quá 10%

 Phương trình tải một chiều:

VCC = VCEQ + ICQ(RC + RE)

mA 8 10 10 5 , 1

5 25 R

R

V V

E C

CEQ CC

b E 1

10

1 R R R 10

1

2 b

3 1

BB

7,0VI

, nếu coi VBB  const thì ta có:

9,0RR

RRI

I

1

b E 2

b E

2 CQ

1 CQ

b E 2

b

E R 0,9 R R 01,R R 1 0,9R

100 20

9 ,

0 60

1,1.10

0 9 , 0 1

R 1 , 0

1 2

E b

Chọn Rb = 3,5K

VCEQ = 5V

+-

 Nếu bỏ qua IBQ ta có VBB  VBE + IEQRE = 0,7 + 8.10-3.103 = 8,7V Suyra:

10.5,325

7,81

110.5,3V

V1

1R

CC BB b

2510.5,3V

VR

BB

CC b 2

 Ta có thể tính tổng quát: Chọn Rb = 4K thay vào (1):

%9,881200106720

10.410

60

10.410I

I

3 3

3 3

2 CQ

1 CQ









 , bị loại do không thỏa mãn (1)

 Chọn Rb =3K thay vào (1): 11501050 0,91

20

10.310

60

10.310I

I

3 3

3 3

2 CQ

1 CQ

mãn bất phương trình (1), ta tính tiếp như trên

2) Bài 2-11: Với hình vẽ bài (2-10) tìm giá trị cho R1, R2 sao cho dòng iC xoay chiều có giá trị cực đại

 Điểm Q tối ưu được xác định như sau:

AC Ư CQT TƯ

CEQ

AC DC

CC TƯ

CQ max Cm

R I V

R R

V I

VDC

CC



R R 2

VE C

1 ACLL

DCLL

QTƯ

0

7,51

110.10V

V1

1R

CC BB b

2510V

VR

BB

CC b 2

Vì RDC = RAC nên phương trìng tải DC và AC trùng nhau

3) Bài 2-14: Điểm Qbất kỳ vì biết VBB = 1,2V;  = 20 Tìm giá trị tối đa của dao động có thể có được ở C và tính 

Biết  = 20, VBEQ = 0,7V

Ta có: 100 50 3,3mA

7 , 0 2 ,

1 R R

V V I

b E

BEQ BB

 Vậy giá trị tối đa của dao động là:

ICmmax = iCmax – ICQ = 5,45 – 3,3 = 2,15mASuy ra VLmax = ICmmax.RC = 2,15.103.10-3 = 2,15V

 PCC = ICQ.VCC = 3,3.10-3.6 = 19,8mW

2

1 R I

VDC

DCLL

Hiệu suất: 11 , 7 %

10 8 , 19

10 31 , 2 P

P

3 3

II Bộ KĐRC không có C C , C E (tụ bypass Emitter) (EC)

1) Bài 2-15: Điểm Q bất kỳ.

a- Tìm R1, R2 để ICQ = 01mA (Rb <<  R E)

Vì Rb << RE nên ta có:

A10mA10R

7,0V

1010

7,11

10V

V1

1R

CC BB b

1010V

VR

BB

CC b 2

b- Để tìm ICmmax với R1, R2 như trên ta phải vẽ DCLL và ACLL:

Ta có thể tìm iCmax và VCemax theo phương trình

 CE CEQ

C CQ

R

1 I

150

5 , 7 10 R

V I

C

CEQ CQ

max

Cho iC = 0  V I R V 10 1 150 7 , 5 9 V

CEQ C

CQ max

2) Bài 2-16: Điểm Q tối ưu (hình vẽ như hình 2-15).

Để có dao động Collector cực đại ta có:

AC DC

CC Ư

CQT max

VI

1010

2,31

10V

V1

1R

CC BB b

1010V

VR

BB

CC b 2

Để vẽ ACLL, rất đơn giản ta chỉ cần xác định:

iCmax = 2ICQTƯ và VCemax = 2VCEQTƯ.

R

V

E C

III Bộ KĐ R-C có C C và C E (E.C).

1) Bài 2-20: Điểm Q tối ưu

900.900R

R

RRR

L C

L C AC

mA9,6RR

VI

I

DC AC

CC Ư

CQT max

1010

4,11

10V

V1

1R

CC BB b

1010V

VR

BB

CC b 2

Ta có dòng xoay chiều:

R

VE C

mA45,39,6900900

900I

RR

RI

Lm

Cm L C

C Lm

900.900100R

R

RRRR

L C

L C E AC

mA45,655010

10R

R

VI

AC DC

CC max

Cm Ư

1010

345,11

10V

V1

1R

CC BB b

1010V

VR

BB

CC b 2

mA225,310.45,6.900900

900I

RR

R

Cm L C

IV Bộ KĐ R.C mắc theo kiểu C.C.

1) Bài 2-22: Mạch có thiên áp Base.

* Đây là dạng bài điểm Q bất kỳ vì đã biết R1, R2

V 5 25 10 20 10 5

10 5 V

R R

R

2 1

10.410.2

7,0

5R

R

7,0V

3 b

VCEQ = VCC – ICQ(RC + RE) = 25 – 2,1.10-3.3.103 = 18,7V

Từ hình vẽ ta thấy: ICQ < ICQTƯ nên ICm = ICQ = 2,1mA

mA 05 , 1 10 1 , 2 10 2 10 2

10 2 I

R R

R

3 3

3 Cm

L E

R

1 I

RRRR

L E

L E C AC

10 2

7 , 18 10

1 , 2 R

V I

AC

CEQ CQ

iC = 0 suy ra V V R I 18 , 7 2 10 3 2 , 1 10 3 22 , 9 V

CQ AC CEQ max

CC Ư

VDC

1 ACLL

100

1 DCLL

22,9 25

ICQ = 2,1

2) Bài 2-24: Mạch được định dòng Emitter.

Theo định luật K.II: Vkín = 0 ta có

RbIBQ + VBEQ + RE.IEQ –VEE = 0

7,0

10RR

7,0VI

b E

100I

RR

R

Em L E

R

1 I

+ Cho VCE = 0 suy ra 214 mA

R

V I i

AC

CEQ CQ

max

+ Cho iC = 0 suy ra

V 675 , 10 50 10 93 05 , 6 R I V

AC CQ CEQ

R

V V

E C

EE CC

 Nếu bài này được tính ở chế độ tối ưu thì:

RRR

L E

L E

mA100A1,050150

20R

R

VI

DC AC

CC Ư

Chương IV :

THIẾT KẾ VÀ PHÂN TÍCH TÍN HIỆU NHỎ TẦN SỐ THẤP.

I Sơ đồ mắc Emitter chung E.C:

1) Bài 4-7: Q bất kỳ

a- Chế độ DC

K3205,3

20.5,

3RR

RRR

2 1

2 1

5,3V

RR

R

2 1

10 3 500

7 , 0 3

6 , 4

10 25 h 4 , 1

b- Chế độ AC:

i

b b

L i

L

ii

ii

ib

Rb3K

ii

RC1,5K

-CE

+

-R13,5K

-50 100 10 5 , 1 10 5 , 1

10 5 , 1 h

R R

R i

i i

i i

i

3 3

3 fe

L C

C b

C C

L b

10.2,

1h

R//

R

R//

Ri

i

3 3

ie b i

b i i

1

R 2  2 E     b  , bỏ qua IBQ

mA8350

10010

7,07,

1RR

7,0VI

1

b E

BB 1

7,07,

1R

7,0VI

E

BB 2

.83

10.25.50.4,1

.100

10.25.150.4,1

suy ra 21  hie  52,5

b- Chế độ AC:

ie b

b fe L C

C i

b b

L i

L

R.h.RR

Ri

ii

ii

iA

66 , 20 21 100

100 50 100 100

100

150 100 100

1010

7,07,5h

RR

7,0V

3 fe

b E

5 , 4

10 25 100 4 , 1

ii

RC100

iL

feib RL = 100

b b

L i

L

ii

ii

i

24,95h

.RR

Ri

ii

i

i

i

fe L C

C b

C C

L b

10 R

h h R

R i

i

5 4

4

E fe ie b

b i

II Sơ đồ mắc B.C: Bài 4-21, hoe = 10 4

1) Chế độ DC:

91,011

10h1

hh

10 25 10 4 , 1 11

1 h 1

h

fe

ie ib

5 4

iL1/hob

105

iC

hfbie

hib32

ie

Ri 50

Vi+-

e e

L i

L

ii

VV

V

827 91

, 0 10 10

10 10 h

h

1 R h

1 R i

i i

R i i

V

5 4

5 4 fb

ob L ob L

e

C C

L L e

1h

R

1h

R

V.V

1

V

i

ib i ib i

i i

Thay vào (1) ta được AV = (-827).(-0,012) = 10,085  10

III Sơ đồ mắc C.C: Bài 4-23

1) Chế độ DC

VCC = IBQRb + VBEQ + REIEQ

mA65,4100

1010

7,0

10R

R

7,0V

3 b E

hie 753

ib

Rb100K

Re.hfe100K

RL.hfe100K

L

65 , 4

10 25 h 4 , 1

i

b b

L i

L

VV

VV

500.100

R//

Rhhi

R//

Rh

iV

V

L E fe ie b

L E fe b b

K3,

33R

r

RR

r

V.R.V

1V

V

3 '

b i

' b '

b i

i ' b i i

rh//

R

fe

b i ib E o

hie/hfe 7,53

ie

RE1K

ri/hfe5

Rb/hfe1K

Zo

Chương VI: MẠCH TRANSISTOR GHÉP LIÊN TẦNG.

I Transistor ghép Cascading:

10 7 10 3 R R

R R

21 11

21 11 1

suy ra, không được bỏ qua IBQ1;

V 3 10 10 7 10 3

10 3 V

R R

R

21 11

11 1

2100100

7,03h

RR

7,0VI

1 fe

b E

1 BB 1 EQ

1 1

2 , 16

10 25 50 4 , 1 I

10 25 h 4 , 1

1 EQ

3 1

fe 1

10 9 10 R

R

R R

22 12

22 12 2

suy ra, được bỏ qua IBQ2;

V 1 10 10 9 10

10 V

R R

R

22 12

12 2

3,0

50

900250

7,01

2h

RR

7,0VI

2 2 E

2 BB 2

2 , 1

10 25 50 4 , 1 I

10 25 h 4 , 1

2 EQ

3 2

fe 2

ie

b - Chế độ AC

i

1 1

2 2

L

i.i

i.i

ii h108ie1 50ib1 R200C1 R900b2 h1458ie2 50ib2 R2KC

.1i

i.i

ii

i

2 fe 2

2 C 2 C

L 2

06,550.1458164

164

h.hR//

R

R//

Ri

i.i

ii

i

1 fe 2 ie 2 1 C

2 1 C 1

1 C 1 C

2 1 2

2100h

R

Ri

i

1 ie b

b i

AC CQ

R

1 I

Bài 6-2: Điểm Q tối ưu nên phải tính tầng thứ hai trước, tầng 1 sau.

a- Chế độ DC:

RDC2 = RC2 + RE2 = 2250; RAC2 = RC = 2K

mA35,220002250

10R

R

VI

2 AC 2 DC

CC Ư

T 2

VDC

1 ACLL

ICQ = 1,2

ICmmax

35 , 2

10 25 50 4 , 1 I

10 25 h 4 , 1

2 EQ

3 2

fe 2

ie

RDC1 = RC1 + RE1 = 200 + 100 = 300;

RAC1 = RC1//Rb2//hie2 = 200//900//745  134,4

mA234,134300

10R

R

VI

1 AC 1 DC

CC Ö

T 1

23

10 25 50 4 , 1 I

10 25 h 4 , 1

1 EQ

3 1

fe 1

2100

745164

164.2500h

R

R.hR//

R

R//

Rh

.hA

1 ie b

b 2

ie 2 1 C

2 1 C 2

fe 1 fe

10R

R

V

2 AC 2 DC

CC Ö

T 2

7 , 6

10 25 100 4 , 1 I

10 25 h 4 , 1

2 EQ

3 2

fe 2

1

2 E 2 fe 2

1010

4,71

10V

V1

R

CC

2 BB

b 12

1010V

VR

2 BB

CC b 22

10R

R

VI

1 AC 1 DC

CC Ö

T 1

, 11

10 25 100 4 , 1 I

10 25 h 4 , 1

2 EQ

3 1

fe 1

h 10 1

R 1 fe1 E1

834,11

10V

V1

R

CC

1 BB

1 11

1010V

VR

1 BB

CC 1 21

b- Chế độ AC:

i

1 1

2 2

L

i.i

i.i

V

L E fe 2

L 1 h R //R 50,5.10i

10.385100

.50500522

385

385

h.R//

Rh1hR//

R

R//

Ri

i.i

iii

2

1 fe L E fe 2

ie 2 1 C

2 1 C 1

1 C 1 C

2 1 2

10 h

R

R i

1 ie 1

1 i

Rh//

R

2 fe

2 1 C 2 ib E o

3) Dạng bài hỗn hợp E.C – C.C: Bài 6-4

Rb210K

hie2 522

(1+hfe)RL101K

(1+hfe)RE101K

RE1K

Tìm R để

i

02 i

01

i

Vi

2 2

01 i

01

i

i.i

i.i

Vi

V

i

1 1

2 2 E 2 fe i

02

i

i.i

i.R)h1(i

3 3

01 2

01

i

i.i

i.i

Vi

V

Từ (5) suy ra

2 E 2 fe 2

fe 3 E 3 fe 3

ie 2

C

2 C 3

E 3 fe 2

R)h1(hRR

R

R)h1(i

.505010

R10

10

Từ (2) ta có:

50505050

1010.9310

10.10.5050

R)h1(hRR

h.R.R)h1

(i

ii

ii

Vi

V

3 3 3

2 3

3 E 3 fe 3

ie 2

C

2 fe 2 C 3 E 3 fe 2

2 C 2 C

3 3

01 2 01

10.550501000

500

100.500

h.R)h1(hR//

R

R//

Ri

i.i

ii

i

4

1 fe 2 E 2 fe 2

ie 2 1 C

2 1 C 1

1 C 1 C

2 1 2

10h

R//

R

R//

Ri

i

3 3 3

1 ie 1 i

1 i i

hib3 10R/hfe3 930

Rc2

hfe3 =10

//

RZ

3 fe

2 C 3 fe 3 ib 3 E o

I Transistor mắc vi sai và Darlingtơn

1) Bài 6-23: E.C – E.C.

a- Chế độ DC

V 25 , 2 9 10 3 10

10 V

R R

R V

21 11

11 2

BB 1

7,025,2

h

RR2

7,0VI

fe

b E

1 BB 2

EQ 1

I

RV

mA6260

725,

3R

VI

I

4 E

R 4 EQ 4

mA 62 , 0 10

10 62 h

I I

I

fe

4 CQ 4 BQ 3 EQ 3

iL

ib3

R11K

RE1500

T1 T2

RC22,5K R3K22

R121K

T3

T4

RC4=RL60

RE460

hfe=100

iC4

hie1

hfe2ib2100ib2

RL(1+hfe)RE1

(1+hfe)ib4

ii

hie3

RC22,5K

hie2

VCEQ3 = VCEQ4 – VBE4 = 1,56 – 0,7 = 0,86V

55 , 1

10 25 100 4 , 1 I

10 25 h 4 , 1

1 EQ

3 1

fe 1

62 , 0

10 25 100 4 , 1 I

10 25 h 4 , 1

1 EQ

3 3

fe 3

62

10 25 100 4 , 1 I

10 25 h 4 , 1

1 EQ

3 4

fe 4

ie

b- Chế độ AC

1 h  500.101 50500R

E

i

1 1

2 2

3 3

L i

L

i.i

i.i

i.i

ii

i

1 h 1 h  101.101 10201i

i

4 fe 3

fe 3

3

' 4 E 4 ie fe 3

ie 2 C

2 C 2

3

10 , 4 605 , 631

5 , 2

10 76 , 617 5700 5645

10 5 , 2

10 5 , 2

R h h 1 h R

R i

ii

ii

i

2 fe 1

2 2

2 1

E 1 ie b

b i

28322258

750

750R

hR

Ri

R’ E50,5K

Zo

(1+hfe)2ib310201ib3

ii

hie35645

RC22,5K

Rb750

R’ E4618K

Rb1750

RC11K

Rb210K

RE1K

VBB21V

T4

T5

RC21K

VBB1 1V

E610

T6

a- Chế độ DC

Áp dụng định luật K.II Vkín = 0 cho vòng 2 ta có:

VBE3 + IEQ3RE3 – VEE = 0 (1)

mA3,210

7,03R

VV

3 E

3 BE EE 3

mA 15 , 1 2

I I

2 EQ 1

VCE1 = VCE2 = VCC – RC1ICQ1 – VE1 (2)Mặt khác áp dụng định luật K.II Vkín = 0 cho vòng 1 ta có:

-VBB1 + RbIBQ1 + VBE1 + VE1 = 0 (3)

 VE = VBB1 – RbIBQ1 – VBE1 = 1 – 104.1,15.10-5 – 0,7 =0,185VThay vào (2) ta được:

75,2R

VI

6 E

6 RE 6

VCE6 = VCC – VRE6 = 6 – 2,75 = 3,25V

VCE5 = VCE6 – VBE6 = 3,25 – 0,7 = 2,55V

VCE4 = VCE5 – VBE5 = 2,55 – 0,7 = 1,85V

15 , 1

10 25 100 4 , 1 10 15 , 1

10 25 h 4 , 1

mA 75 , 2 h

I I

6 fe

6 EQ 5

5 EQ 4

275

10 25 100 4 , 1 I

10 25 h 4 , 1

6 EQ

3 6

fe 6

ie

hie5 = 1272; hie4 = 127.200

b- Chế độ AC

 E6 fe 3 E6 6 7

' 6

R

i

2 2

4 4

L i

L

i.i

i.i

Vi

2 7

3 3

2 3

' 6 E 4 ie 2 C

2 fe 2 C 2

2 C 2 C

4 2 4

10.3,9610

6,3811

1010

10.6,38110

10.10

Rh3R

h

Ri

i.i

iii

10

RhR

Ri

iii

4 3 4

4 2 1 ie 1

1 i

1 i

R//

R

fe

4 ie 3

fe

2 C 6 E o

Chương VII: MẠCH KHUẾCH ĐẠI HỒI TIẾP.

I Hồi tiếp áp, sai lệch dòng.

Zo

Zi

ii

hie4127,2K

RC21K

Rb2

’ E6

ib1

Rb110K

ib2

hie5.hfe4127,2K

hie5.hfe4.hfe5127,2K

Zo

RE6

3hie4

h3 fe

=0,381

Rc2

h3 fe

RC22K

iL

RL100

+VCC

RE211K

T1

VL

iA

?

TKL

i

L i

Đây là dạng hồi tiếp áp, sai lệch dòng

a- Tính độ lợi dòng T: cho ii = 0

' 1

1 1

2 2

1 i

' 1

1

V

i i

i i

V 0 i V

E 2

8010

.4110.411010.2

40.10.2

h1Rh

1RhR

h.Ri

i.i

iii

3 3

3 3

3

2 fe 22 E 2 fe 21 E 2 ie 1 C

1 fe 1 C 1

1 C 1 C

2 1 2

4 1 ie f 1 ie f

' 1 ' 1

' 1

1010

1h

R

1h

R

V.V

1V

2 2

L i

L

i.i

i.i

ii

i

6 , 39 40 10 10 2

10 2 h

R R

R i

i i

i i

i

3

3 2

fe L 2 C

2 C 2

2 C 2 C

L 2

RE21(hfe2+1)41K

4 4

1 ie f

f i

10 10

10 h

R

R i

34 T

910 T

10 2 T 1

10 h

100 h

Z

; Z

? i

i A

KL i io

L i

' L

b b

L i

' L

L

V

i i

V 0 i V

3

2 3 3 fe

L C

C L

b

C C

L b

10 10

10 10 10 h

R R

R R i

i i

V i

4 ie f ie f

' L ' L

' L

1010

1h

R

1h

R

V.V

1V

L '

L i

L

i i

i 0 V i

10 h

R R

R i

i i

i i

i

3

3 fe

L C

C b

C C

L b

4 4

ie f

f i

10 10

10 h

R

R i

50 T

910 T

10 T

C

R111K

RC11K

RE1100

R2210K

R1210K

RC22K

RE21K

50 h

50 h

Z

; Z

? i

i A

KL i io

L i

a- Tính độ lợi vòng T (cho ii = 0)

' L

1 1

2 2

L i

' L

L

V

i i

i i

V 0 i V

3 4

3 4

2 fe 2 C f

2 C f 2

2 C 2 C

L 2 L

10.5,8350.10.67,150.10.210

10.2.10

h.RR

R.Ri

i.i

Vi

.5,210.83,0

50.10.83,0

hhR//

R

R//

Ri

i.i

iii

3 3

3

1 fe 2 ie 2 1 C

2 1 C 1

1 C 1 C

2 1 2

5 3 3

3

1 fe f 1 E 1 fe 1 ie 1

1 fe 1 E '

L 1

10.2,110.210.5

1

10.510.5,2890

10.5

'Rh.R

1.R.hhR

h.RV

2 2

L i

L

i.i

i.i

Vi

890h

RRhR

Ri

i

3 3

1 fe f 1 E 1 ie 1

1 i

Rf10K

ib2

hfe2ib250ib2

Rf.hfe15.105

RE1hfe15K

V’ L

+-

Rb1

890

V 10 49 25 , 1 1

10 111 T 1

10 T

50 h

20 h

Z

; Z

? A

C

R111K

RC1500

RE1282

R2210K

R121K

RC2500

RE2282C

RE1122

C

RE2122

hfe1ib120ib1

RCb2910

RE11(1+hfe1)462

iC1

V’ L

+-

ri 1K

RC1500

ib1

R (1+h )r

hie1 1050

V’

' L

1 1

2 2

L i

' L

L

V

i i

i i

V 0 i V

.RR

R.Ri

i.i

Vi

2 fe 2 C f

2 C f 2

2 C 2 C

L 2

6460462

1050323

20.323

hh1RhR//

R

R//

Ri

i.i

ii

i

1 fe 2 fe 21 E 2 ie 2 1 C

2 1 C 1

1 C 1 C

2 1 2

3

1 i 1 ie 1 fe f

11 E

1 fe f

11 E 1

fe f

, L ,

L

' L 1

10.88,104

,41546

10.4524

,4761050452

452

10.211

R//

rhh1R//

R

h1R//

R

h1R

V.V

1V

2 2

L i

L

i.i

i.i

VV

3

1 fe f

11 E 1 ie 1 i

1 i i

i i i 1

10.244

,1978

10.4,47645210504

,476

4,476

101

h1R//

Rh

R//

r

R//

r

r

V.V

1Vi

63 , 5 T 1

1000 T

1

Z

of