(SKKN HAY NHẤT) PHƯƠNG PHÁP QUI đổi TRONG GIẢI bài tập HOÁ học

SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO THANH HÓA TRƯỜNG THPT YÊN ĐỊNH SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM PHƯƠNG PHÁP QUI ĐỔI TRONG GIẢI BÀI TẬP HOÁ HỌC Người thực hiện: Đỗ Tiến Dũng Chức vụ: Giáo viên SKKN thuộc môn: Hóa học THANH HĨA, NĂM 2021 LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com MỤC LỤC NỘI DUNG TRANG MỞ ĐẦU 1.1 LÝ DO CHỌN ĐỀ TÀI 1.2.MỤC ĐÍCH NGHIÊN CỨU 1.3 ĐỐI TƯỢNG NGHIÊN CỨU 1.4 PHƯƠNG PHÁP NGHIÊN CỨU NỘI DUNG SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM 2.1.CƠ SỞ LÝ LUẬN 2.2.THỰC TRẠNG CỦA NỘI DUNG NGHIÊN CỨU 2.3 GIẢI PHÁP THỰC HIỆN 2.4 KẾT QUẢ THU ĐƯỢC 28 KẾT LUẬN VÀ KIẾN NGHỊ 28 3.1.KẾT LUẬN 28 3.2.KIẾN NGHỊ 29 LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com MỞ ĐẦU 1.1 LÍ DO CHỌN ĐỀ TÀI Trong bối cảnh mới và xu thế mới của giáo dục hiện đại, tình hình kinh tế – xã hội mới của đất nước thời kì công nghiệp hóa, hiện đại hóa, thực tiển của đời sống đã đặt những yêu cầu cho giáo dục THPT là đổi mới phương pháp dạy học nhà trường theo định hướng “ Phương pháp giáo dục phổ thông phải phát huy tính tích cực, tự giác, chủ động, sáng tạo của học sinh; phù hợp với đặc điểm của từng lớp học, môn học; bồi dưỡng phương pháp tự học, khả làm việc theo nhóm; rèn luyện kĩ vận dụng kiến thức vào thực tiển; tác động đến tình cảm, đem lại niềm vui, hứng thú học tập cho học sinh” Từ đó giáo viên phải biết lồng ghép các dạng bài tập phù hợp vào bài giảng để học sinh dễ dàng tiếp nhận kiến thức bài học Qua những buổi làm bài tập và kiểm tra cho thấy đa số học sinh chỉ biết giải bài tập oxi hóa – khử, bài tập hổn hợp hữu theo cách thông thường (viết các phương trình phản ứng, lập các phương trình đại số,…) với cách giải này, học sinh mất rất nhiều thời gian, thậm chí có một số bài học sinh còn không tìm đáp số Chính vì vậy, việc tìm những phương pháp giải mới là rất có giá trị, đặc biệt là các phương pháp giải nhanh Xuất phát từ suy nghĩ đó,Tôi đã lựa chọn đề tài : “PHƯƠNG PHÁP QUY ĐỔI TRONG BÀI TẬP HÓA HỌC ” nhằm phục vụ cho công việc giảng dạy, giúp học sinh có hướng tư logic và làm tư liệu cho đờng nghiệp tham khảo 1.2 MỤC ĐÍCH NGHIÊN CỨU : - Nhằm giúp giáo viên đứng lớp cải thiện phương pháp giảng dạy và nâng cao chất lượng bài giảng - Giúp học sinh giải nhanh các bài tập hóa học phức tạp 1.3 ĐỐI TƯỢNG NGHIÊN CỨU : LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com Áp dụng cho các bài tập hóa học phức tạp, bài tập hóa học gồm hổn hợp nhiều chất, nhiều giai đoạn oxi hóa – khử, nhiều hợp chất hữu khác 1.4 PHƯƠNG PHÁP NGHIÊN CỨU Nghiên cứu lý luận: Nghiên cứu tài liệu tập SGK tập vận dụng , vận dụng cao đề thi THPT Quốc Gia Nghiên cứu thực tiễn: Khảo sát lực học sinh vấn đề tiếp cận giải tốn có số liệu dạng tương đối Thực nghiệm sư phạm : Tiến hành dạy thực nghiệm số tiết lớp để xem xét tính khả thi hiệu đề tài NỘI DUNG SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM 2.1 CƠ SỞ LÝ LUẬN CỦA VẤN ĐỀ: Quy đổi là một phương pháp biến đổi toán học nhằm đưa bài toán ban đầu là một hỗn hợp phức tạp về dạng đơn giản hơn, qua đó làm cho các phép tính trở nên dễ dàng, thuận tiện Tuy nhiên để tiến hành quy đổi theo hướng nào thì cũng phải tuân thủ nguyên tắc sau: - Bảo toàn nguyên tố : tổng số mol nguyên tử mỗi nguyên tố ở hỗn hợp đầu và hỗn hợp mới phải - Bảo toàn khối lượng : tổng khối lượng các chất trước phản ứng bằng tổng khối lượng các chất sau phản ứng - Bảo toàn số oxi hóa : tổng số oxi hóa của các nguyên tố hai hỗn hợp là 2.2 THỰC TRẠNG CỦA NỘI DUNG NGHIÊN CỨU Trong năm học 2018-2019, 2019-2020, trước dạy tập dạng này, thường cho HS làm số tập nhỏ (kiểm tra 15 phút) để đánh giá mức độ nắm vững kiến thức kỹ làm tập dạng Tôi thường cho HS làm số tập sau: Ví dụ 1: Nung 8,4 gam Fe khơng khí, sau phản ứng thu m gam chất rắn X gồm Fe, Fe2O3, Fe3O4, FeO Hòa tan m gam hỗn hợp X vào dung dịch HNO dư thu 2,24 lít khí NO2 (đktc) sản phẩm khử Giá trị m A 11,2 gam B 10,2 gam C 7,2 gam D 6,9 gam Ví dụ 2: Đốt cháy m gam hỗn hợp X gồm glixerol, metan, ancol etylic axit no, đơn chức mạch hở Y (trong số mol glixerol ½ số mol metan) cần vừa đủ LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com 0,41 mol O2 thu 0,54 mol CO2 Nếu cho m gam hỗn hợp X tác dụng với 200ml dung dịch KOH 1,5M, cạn thu m’ gam chất rắn khan Giá trị m’ gần với giá trị đây? A.25 B 33 C 31 D 29 Sau chấm nhận thấy kết sau Số T T Khảo sát Năm Số HS điểm đạt (%) Vậy X gồm y = 0,02 Fe2O3 : 0,02 mol Theo bảo toàn nguyên tố đối với Fe: ∑nFe = nFe + 2nFe2O3 = 0,09 mol => m = 56.0,09 = 5,04 → Đáp án A Fe: x mol Cách Quy đổi hỗn hợp X thành FeO : y mol Theo bảo toàn khối lượng: 56x + 72y = 6,0 (3) Các quá trình nhường, nhận electron: Feo → Fe+3 + 3e ; x 3x Fe+2 → Fe+3 + 1e ; N+5 + 3e → N+2 y y 0,15 0,05 LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com Theo bảo toàn electron: 3x + y = 0,15 (4) x = 0,03 Fe: 0,03 mol Từ (3) và (4) => Vậy X gồm y = 0,06 FeO : 0,06 mol Theo bảo toàn nguyên tố đối với Fe: ∑nFe = nFe + nFeO = 0,09 mol => m = 56.0,09 = 5,04 → Đáp án A FeO: x mol Cách Quy đổi hỗn hợp X thành Fe2O3 : y mol Theo bảo toàn khối lượng: 72x + 160y = 6,0 (5) Các quá trình nhường, nhận electron: Fe+2 → Fe+3 + 1e ; x N+5 + 3e → N+2 x 0,15 0,05 Theo bảo toàn electron: x = 0,15 (6) x = 0,15 FeO : 0,15 mol Từ (5) và (6) => Vậy X gồm y = - 0,03 Fe2O3 : - 0,03 mol Theo bảo toàn nguyên tố đối với Fe: ∑nFe = nFeO + 2nFe2O3 = 0,09 mol => m = 56.0,09 = 5,04 → Đáp án A * Lưu ý : Do việc quy đổi nên một số trường hợp số mol một chất có thể có giá trị âm số mol mỗi nguyên tố là không đổi (bảo toàn) => kết quả không thay đổi Ví dụ Nung m gam bột sắt oxi, thu được 39,2 gam hỗn hợp chất rắn X Hòa tan hết hỗn hợp X dung dịch HNO (dư) thoát 2,24 lít (ở đktc) NO2 (là sản phẩm khử nhất) Khối lượng muối thu được sau phản ứng là A 222 gam B 121 gam C 72,62 gam D 69,32 gam Hướng dẫn giải : LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com Sơ đồ hóa bài toán: Khí NO2 (2,24 lít đktc) Fe FeO Fe X Fe3O4 Dung dịch Fe3+ Fe2O3 m gam 39,2 gam Có : nNO2 = 0,1 mol FeO: x mol Quy đổi hỗn hợp X thành Fe2O3 : y mol Theo bảo toàn khối lượng: 72x + 160y = 39,2 (1) Các quá trình nhường, nhận electron: Fe+2 → Fe+3 + 1e ; x x N+5 + 1e → N+4 0,1 0,1 Theo bảo toàn electron: x = 0,1 (2) x = 0,1 Từ (1) và (2) => FeO : 0,1 mol Vậy X gồm y = 0,2 Fe2O3 : 0,2 mol Theo bảo toàn nguyên tố đối với Fe: ∑nFe(NO3)3 = nFeO+ 2nFe2O3 = 0,5 mol => mmuối = 242.0,5 = 121 (gam) →Đáp án B * Bài tập áp dụng : Bài 1: Cho 11,36 gam hỗn hợp gồm Fe, FeO, Fe 2O3 và Fe3O4 phản ứng hết với dung dịch HNO3 loãng (dư), thu được 1,344 lít khí NO (spk nhất ở đktc) và dung dịch X Cô cạn dung dịch X thu được m gam muối khan Giá tị của m là A 49,09 B 38,72 C 35,50 D 34,36 LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com Bài 2: Nung m gam bột Cu oxi thu được 24,8 gam hỗn hợp chất rắn X gồm Cu, CuO và Cu2O Hòa tan hoàn toàn X H 2SO4 đặc nóng thoát 4,48 lít khí SO2 nhất (đktc) Giá trị của m là A 9,60 B 14,72 C 1,12 D 22,40 Bài 3: Đốt cháy 6,72 gam bột Fe không khí thu được m gam hỗn hợp X gồm FeO2, Fe3O4, Fe2O3 và Fe dư Để hòa tan X cần dùng vừa hết 255ml dung dịch chứa HNO3 2M, thu được V lít khí NO (sản phẩm khử nhất, ở đktc) Giá trị của m, V lần lượt là A 8,4 và 3,360 B 8,4 và 5,712 C 10,08 và 3,36 D 10,08 và 5,712 Bài 4: Hỗn hợp A gồm sắt oxit Cho m gam A tác dụng với dung dịch H2SO4 đặc nóng dư đến phản ứng hồn tồn thu dung dịch Y 2,24 lít SO2 ( đktc ) Cho dung dịch NaOH dư vào Y thu kết tủa Z Nung Z tới khối lượng không đổi thấy khối lượng giảm 7,02 gam Giá trị m A.11,2 B.19,2 C.14,4 D.16,0 b Quy đổi hỗn hợp nhiều chất về các nguyên tử tương ứng: + Thông thường ta gặp bài toán hỗn hợp nhiều chất về bản chất chỉ gồm một số nguyên tố Do đó có thể quy đổi thẳng hỗn hợp đầu về hỗn hợp chỉ gồm các nguyên tử tương ứng + Thí dụ: hổn hợp (Fe, FeS, FeS2, Cu, CuS, Cu2S, S) (Cu, Fe, S) Ví dụ 1: Hoà tan 20,8 gam hỗn hợp bột X gồm FeS, FeS2, S dung dịch HNO3 đặc nóng dư thu 53,76 lít NO2 (sản phẩm khử nhất, đkc ) dung dịch A Cho dung dịch A tác dụng với dung dịch NaOH dư, lọc lấy toàn kết tủa nung khơng khí đến khối lượng khơng đổi khối lượng chất rắn thu A 16 gam B gam C 8,2 gam D 10,7 gam Hướng dẫn giải : Sơ đồ hóa bài toán: LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com Fe3+ Hổn hợp X S FeS ddHNO3 FeS2 dd A 20,8 gam dung dịch SO42- dd NaOHdư NO3H+ Fe(OH)3 t0 NO2(53,76 lít ) Fe2O3(rắn) Có : nNO2 = 2,4 mol Fe: x mol Quy đổi hỗn hợp X thành S : y mol Theo bảo toàn khối lượng: 56x + 32y = 20,8 (1) Các quá trình nhường, nhận electron: Fe0 → Fe+3 + 3e ; S0 → S+6 + 6e x y 3x 6y N+5 + 1e → N+4 2,4 2,4 Theo bảo toàn electron: 3x + 6y = 2,4 (2) x = 0,2 Từ (1) và (2) => Fe : 0,2 mol Vậy X gồm y = 0,3 S : 0,3 mol Theo bảo toàn nguyên tố đối với Fe: nFe2O3 = 1/2nFe = 0,1 mol => mrắn = 160.0,1 = 16 (gam) → Đáp án A Ví dụ 2: Hịa tan hồn tồn 10,44 gam oxit sắt dung dịch H2SO4 đặc, nóng (vừa đủ) thu dung dịch X 1,624 lít khí SO2 (sản phẩm khử nhất, đktc) Cô cạn dung dịch X, thu m gam muối sunfat khan Công thức oxit sắt và giá trị m A Fe2O3 và 29,2 B Fe3O4 và 29 LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com 16 lượng CH2 tương ứng Kĩ thuật gọi Đồng Đẳng Hóa (ĐĐH) Ví dụ : C3H8  CH4 + 2CH2 C6H5–CH(CH3)2  C6H6 + 3CH2 C3H6(OH)2  C2H4(OH)2 + 1CH2 C4H7COOH  C2H3COOH + 2CH2 C2H5COOC3H7  HCOOCH3 + 4CH2 (C15H31COO)3C3H5  (HCOO)3C3H5 + 45CH2 C2H5NH2  CH3NH2 + 1CH2 (CH3)2CH–CH(NH2)–COOH  NH2CH2COOH + 3CH2 * Kĩ thuật áp dụng – Các toán minh họa a Tách CH2 Một vài ví dụ cách sử dụng ĐĐH để quy đổi hỗn hợp hữu Ví dụ 1: Quy đổi hỗn hợp X gồm axit no, đơn chức ancol no hai chức (tất mạch hở) HCOOH CnH n+1COOH C H ( OH )  CnH n ( OH ) CH { { Sau quy đổi hỗn hợp ĐĐH, ta lập phương trình theo kiện từ đề giải hệ Khi tìm ẩn, tức xác định thành phần hỗn hợp sau quy đổi, ta xử lí bước lại trả lời câu hỏi toán Trước ứng dụng kĩ thuật để giải tập, có hai điều quan trọng bạn cần lưu ý: +) CH2 thành phần khối lượng Vì vậy, có mặt phương trình liên quan tới khối lượng, phản ứng đốt cháy (số mol O2 phản ứng, số mol CO2, số mol H2O),… +) Tuy nhiên, CH2 chất (bản thân nhóm metylen – CH2–) Nó khơng tính vào số mol hỗn hợp (hoặc kiện khác liên quan tới số mol chất) Các bạn cần nắm vững điều để lập xác phương trình LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com 17 Nếu bạn sai từ bước lập hệ, bước khơng có ý nghĩa Ví dụ : Hỗn hợp X gồm ankin đồng đẳng có số nguyên tử C nhỏ ancol etylic Đốt cháy hoàn toàn 0,3 mol X cần dùng 28 lít O2 (đktc) Mặt khác, cho 28 gam X vào bình đựng Na dư, thấy có 11,2 lít khí (đktc) Phần trăm khối lượng ancol etylic hỗn hợp X là: A 32,86% B 65,71% C 16,43% D 22,86% Phân tích: - Đây kiểu hai phần không Ta đặt ẩn theo phần chia tỉ lệ theo phần lại Đề hỏi phần trăm khối lượng, ta nên đặt ẩn theo phần có kiện khối lượng - Chú ý ankin có số nguyên tử C nhỏ nên chúng khí Khi cho X vào bình đựng Na dư, khí gồm H2 ankin Lời giải: Qui đởi hởn hợp thành C2H5OH a mol ; C2H2 b mol ; CH2 c mol Ta có : 46a + 26b + 14c = 28 (1) Khi cho X qua bình đựng Na dư, a mol C2H5OH phản ứng sinh 0,5a mol khí H2, đồng thời b mol ankin Vậy ta có phương trình: 0,5a + b = 0,5 (2) (Như nói, số mol khơng bao gồm số mol CH2) 0,3 mol X gồm ka mol C2H5OH kb mol C2H2 kc mol CH2 Ta có: k(a + b) = 0,3 Từ lượng O2 phản ứng, ta có phương trình: k(3a + 2,5b + 1,5c) = 0,125 Chia vế theo vế hai phương trình triệt tiêu k, ta có: (a + b )/(3a + 2,5b + 1,5c) = 0,3/0,125 (3) Từ phương trình (1), (2) (3), giải hệ ta được: a = 0,2; b = 0,4; c = 0,6 Vậy phần trăm khối lượng ancol Etylic là : 46.0,2 / 28 = 32,86% => A LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com 18 Ví dụ 3: Chất X (CnH2n+4O4N2) muối amoni axit cacboxylic đa chức; chất Y (CmH2m+4O2N2) muối amoni amino axit Cho m gam E gồm X Y (có tỉ lệ số mol tương ứng 7: 3) tác dụng hết với lượng dư dung dịch NaOH đun nóng, thu 0,17 mol etylamin 15,09 gam hỗn hợp muối Phần trăm khối lượng Y E có giá trị gần với giá trị sau đây? A 32 B 68 C 77 D 23 Lời giải : Do hỗn hợp tác dụng với NaOH sinh amin etyl amin nên muối amoni kết hợp gốc axit C2H5NH2 Hỗn hợp Khối lượng muối: Gọi m, n số nhóm CH2 X Y Ví dụ : Hỗn hợp E gồm peptit X mạch hở tạo từ alanin glyxin (phân tử X chứa không liên kết peptit) este Y tạo từ etanol axit cacboxylic no đơn chức Thủy phân hoàn toàn m gam E dung dịch NaOH đun nóng, vừa đủ thu 24,2 gam hỗn hợp F gồm muối (trong số mol muối Gly lớn hớn số mol muối Ala) Đốt cháy hoàn toàn F cần dùng 20 gam O2 thu sản phẩm cháy gồm H2O, Na2CO3, N2 18,7 gam CO2 Phần trăm khối lượng X E gần với giá trị sau đây? A 82,5% B 74,7% C 77,8% D 87,6% Lời giải : Quy đổi hỗn hợp muối F thành HCOONa (a mol), H2N-CH2-COONa (b mol) CH2 (c mol) +) mF = 68a + 97b + 14c = 24,2 (1) +) Đốt cháy F: HCOONa + 0,5O2 → 0,5Na2CO3 + 0,5CO2 + 0,5H2O       a      →  0,5a        →                0,5a H2N-CH2-COONa + 2,25 O2 → 0,5Na2CO3 + 1,5CO2 + 2H2O + 0,5N2 LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com 19           b            →    2,25b    →                     1,5b CH2 + 1,5 O2 → CO2 + H2O   c    → 1,5c   →  c => nO2 = 0,5a + 2,25b + 1,5c = 0,625 (2) => nCO2 = 0,5a + 1,5b + c = 0,425 (3) Giải hệ thu a = 0,05; b = 0,2; c = 0,1 Do nGlyNa > nAlaNa nên muối gồm CH3COONa (0,05 mol); GlyNa (0,15 mol); AlaNa (0,05 mol) Este CH3COOC2H5 (0,05 mol) Ta có: nGly : nAla = : Do số liên kết peptit ≤ nên peptit (Gly)3Ala (0,05 mol) => %mX = 74,71% gần với 74,7% Ví dụ 5 : Thủy phân m gam hôn hợp X gồm tetrapeptit A pentapeptit B (A B hở chứa đồng thời Glyxin Alanin phân tử) lượng dung dịch NaOH vừa đủ Cô cạn dung dịch sản phẩm cho (m+ 15,8) gam hỗn hợp muối Đốt cháy toàn lượng muối sinh lượng oxi vừa đủ , thu Na2CO3 hỗn hợp Y gồm CO2 , H2O N2 Dần Y qua bình đựng dung dịch NaOH đặc dư, thấy khối lượng thấy khối lượng bình tăng thêm 56,04 gam so với ban đầu có 4,928 lít khí (đktc) khỏi bình Xem N2 không bị nước hấp thụ , phản ứng xảy hoàn toàn Thành phần phần trăm khối lượng B hỗn hợp X là: A.35,37% B 58,92% C 46,94% D 50,92% Lời giải : - Quy đổi hỗn hợp X thành C2H3ON (a mol), -CH2 (b mol) H2O (c mol) - Khi cho X tác dụng với dung dịch NaOH hỗn hợp quy đổi gồm C2H4ONNa (a mol) CH2 (b mol) Xét trình đốt cháy hỗn hợp muối ta có hệ sau: - Ta có: - Xét hỗn hợp X ta có : - Gọi peptit A B LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com 20 Ví dụ : Hỗn hợp X gồm ba peptit mạch hở Thủy phân hồn tồn 0,05 mol X có khối lượng 24,97g dung dịch NaOH dư, đun nóng, có 0,3 mol NaOH phản ứng Sau phản ứng thu m(g) hỗn hợp Y gồm muối glyxin, alanin axit glutamic, muối axit glutamic chiếm 1/9 tổng số mol muối Y Giá tri m A 34,85 B 35,53 C 38,24 D 35,25 Lời giải : Glu = Gly + CH2 + COO Quy đổi X X + 0,3 mol NaOH: Bảo toàn khối lượng: b Ghép CH2 Những toán dừng lại mức tách CH2 thường ko q phức tạp Với tốn hỏi thơng tin chất ban đầu, ta cần “ghép” CH vào chất đầu dãy (được quy đổi từ chất ban đầu) để tạo lại hỗn hợp đầu Kĩ thuật phụ thuộc nhiều vào khả xử lí số liệu bạn Nếu tính nhẩm tốt, bạn khơng gặp nhiều khó khăn bước Ví dụ 1: Tạo lại hỗn hợp ancol đồng đẳng gồm 0,5 CH3OH 0,3 CH2 CH3OH : 0,5 CH3OH : 0,2 CH3OH : 0,2 CH2 : 0,3 CH3OH : 0,3 + CH2 0,3 C2H5OH : 0,3 Ví dụ : Hỗn hợp X gồm ba este no, mạch hở, phân tử chứa loại nhóm chức Đốt cháy hồn tồn 35,34 gam X cần dùng 1,595 mol O2, thu 22,14 gam nước Mặt khác đun nóng 35,34 gam X với dung dịch NaOH vừa đủ, thu hỗn hợp Y chứa hai muối hai axit có mạch khơng phân nhánh 17,88 gam hỗn hợp Z gồm ancol đơn chức ancol hai chức có số nguyên tử cacbon Phần trăm khối lượng este đơn chức hỗn hợp X A 7,47% B 4,98% C 12,56% D 4,19% Lời giải : LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com 21 35,34 gam X + 1,595 mol O2 → ? CO2 + 22,14 gam H2O Bảo tồn khối lượng có: nCO2 = 1,46 > nH2O ⇒ có chứa este ≥ chức Do Y gồm axit mạch không phân nhánh ⇒ chứa tối đa chức Lại có Z chứa tối đa chức ⇒ este mạch hở chứa tối đa chức ⇒ X gồm hỗn hợp este no, mạch hở, đơn chức chức Bảo toàn nguyên tố oxi: nO/X = 1,46 × + 1,23 – 1,595 × = 0,96 mol → nCOO = 0,48 mol Ta có: nCO2 – nH2O = (k – 1).nHCHC với k độ bất bão hòa HCHC Áp dụng: nCO2 – nH2O = neste chức = 0,23 mol → neste đơn chức = 0,48 – 0,23 × = 0,02 mol Z gồm ancol có dạng CnH2n+2O CnH2n+2O2 (n ≥ 2) Đặt nCnH2n+2O = x; nCnH2n+2O2 = y → 0,48 ÷ < x + y < 0,48 → 0,24 < x + y < 0,48 Lại có: mZ = (x + y).(14n + 2) + 16x + 32y = 17,88 → (x + y).(14n + 2) = 10,2 → 14n + = 10,2 ÷ (x + y) ⇒ 10,2 ÷ 0,48 < 14n = < 10,2 ÷ 0,24 ⇒ 1,375 < n < 2,9 ⇒ ancol C2H6O C2H6O2 → x + 2y = 0,48; 46x + 62y = 17,88 ⇒ x = 0,2 mol; y = 0,14 mol Quy Y HCOONa, (COONa)2, C2 với số mol a, b c Bảo toàn khối lượng: mY = 35,34 + 0,48 × 40 – 17,88 = 36,66 = 68a + 134b + 14c Bảo toàn nguyên tố Cacbon: a + 2b + c + 0,2 × + 0,14 × = 1,46 nCOO = a + 2b = 0,48 Giải hệ có: a = c = 0,3 mol; b = 0,09 mol ⇒ ghép vừa đủ CH2 cho HCOONa ⇒ muối CH3COONa (COONa)2 ⇒ este đơn chức CH3COOC2H5 ⇒ %meste đơn chức = 0,02 × 88 ữ 35,34 ì 100% = 4,98% Vớ d 3:Cho X, Y hai chất thuộc dãy đồng đẳng axit acrylic có MX  MC; B no, C đơn chức) cần 78,288 lít khí O 2, sau phản ứng thu CO2, H2O 3,136 lít N2 Mặt khác thủy phân hoàn toàn lượng X cần vừa đủ 570ml NaOH 2M, thu dung dịch T chứa muối 0,29 mol hỗn hợp ancol no Y Z ( MY = 2,875MX < 150) Dẫn tồn lượng ancol qua bình đựng Na dư thấy khối lượng bình tăng 23,49g Biết phản ứng xảy hồn tồn, thể tích khí đo đktc, T không chứa HCOONa Phần trăm khối lượng C gần với: A 5,0 B 5,5 C 6,0 D 6,5 Hướng dẫn giải: Từ điều kiện phân tử khối ancol, ta tìm Y là: C3H5(OH)3 ( a mol), Z CH3OH (b mol) LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com 24 Ta có: mbình tăng = mancol – mH2 = 92a + 32b – 1,5a.2 – 0,5b.2 = 89a + 32b = 23,49g a + b = 0,29 mol ⇒ a = 0,25 mol; b = 0,04 mol B no chức nên có liên kết ℼ Mà B, C có số liên kết ℼ nên C đơn chức có liên kết ℼ C-C mX = 16x + 18y + 14z = 81,24 – 0,25.86 – 0,04.40 – 1,14.44 – 0,28.15=3,78 nO2 = 2x + 1,5z = 3,495 – 0,25.9,5 – 0,04.4 – 0,25.0,28 = 0,89 Bảo tồn số mol peptit ta có: x + y = 0,07 ⇒ x = 0,28; y = -0,21; c = 0,22 Ta có: 0,22 = 0,07.2 + 0,04.2 ⇒ C là: C4H5COOCH3 %mC = 0,04.112/81,24.1005 = 5,51% ⇒ Đáp án B Bài 6: Hỗn hợp X gồm axit cacboxylic T ( hai chức, mạch hở), hai ancol đơn chức dãy đồng đẳng este hai chức tạo T với hai ancol Đốt cháy hoàn toàn a gam X, thu 8,36g CO Mặt khác, đun nóng a gam X với 100ml dung dịch NaOH 1M, sau phản ứng xảy hoàn toàn, thêm tiếp 20ml dung dịch HCl 1M để trung hịa lượng NaOH dư, thu dung dịch Y Cơ cạn Y, thu m gam muối khan 0,05 mol hỗn hợp hai ancol có phân tử khối trung bình nhỏ 46 Gía trị m là:A 7,09 B 5,92 C 6,53 D 5,36 Hướng dẫn giải: LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com 25 Không thể ghép H2 vào HOOC-CH2-COOH ⇒ mmuối = mCH2(COONa)2 + mNaCl = 0,04.148 + 0,02.58,5 = 7,09g ⇒ Đáp án A Bài 7: X, Y hai chất hữu thuộc dãy đồng đẳng ancol anlylic; Z axit no hai chức, T este tạo X, Y, Z Đốt cháy 34,24 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z, T ( mạch hở) cần dùng 21,728 kít O2 ( đktc) thu 15,12 gam nước Mặt khác 34,24 gam E làm màu vừa đủ dung dịch chứa 0,18 mol Br2 Nếu đun nóng 0,6 mol E với 80g dung dịch KOH 59,5% Cô cạn dung dịch sau phản ứng, làm lạnh phần thu chất lỏng A Cho A qua bình đựng Na dư thấy khối lượng bình tăng m gam Gỉa sử phản ứng xảy ta hồn tồn Gía trị m gần với: A 59g B 60g C 61g D 62g Hướng dẫn giải: ⇒ a = 0,26; b= 0,08; c = -0,04 Vì 0,08 < 0,26 nên axit cố định (COOH)2 Bảo tồn số mol ta có: nE = 0,18 + 0,26 – 0,04 = 0,4 ⇒ P2 =1,5P1 LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com 26 ⇒ mbình tăng = 0,27.(58-1)+0,12.14+2,52(18-1)=59,91 ⇒ Đáp án B Bài 8: Hỗn hợp X chứa ankin A hai anđehit mạch hở B, C ( 30< MB