ĐỀ THITHỬĐẠI HỌC, CAO ĐẲNG
Môn thi : TOÁN
I. PHẦN CHUNG DÀNH CHO TẤT CẢ THÍ SINH (7,0 điểm)
Câu I: (2,0 điểm) Cho hàm số
4 22 4
2 2
y x m x m m
(1), với m là tham số.
1. Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị của hàm số (1) khi
1
m
.
2. Chứng minh đồ thị hàm số (1) luôn cắt trục Ox tại ít nhất hai điểm phân biệt, với mọi
0
m
.
Câu II: (2,0 điểm)
1. Giải phương trình
2sin 2 4sin 1
6
x x
.
2. Tìm các giá trị của tham số m sao cho hệ phương trình
2
1
y x m
y xy
có nghiệm duy nhất.
Câu III: (2,0 điểm)
1. Tìm nguyên hàm của hàm số
2
4
1
2 1
x
f x
x
.
2. Với mọi số thực dương
; ;
x y z
thỏa điều kiện
1
x y z
. Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu
thức:
1 1 1
2P x y z
x y z
.
Câu IV: (1,0 điểm) Cho khối tứ diện ABCD. Trên các cạnh BC, BD, AC lần lượt lấy các điểm M, N,
P sao cho 4 , 2
BC BM BD BN
và
3
AC AP
. Mặt phẳng (MNP) chia khối tứ diện ABCD
làm hai phần. Tính tỉ số thể tích giữa hai phần đó.
II. PHẦN RIÊNG (3,0 điểm) Tất cả thí sinh chỉ được làm một trong hai phần: A hoặc B.
A. Theo chương trình Chuẩn
Câu Va: (1,0 điểm) Trong mặt phẳng tọa độ (Oxy), cho đường thẳng
: 2 4 0
d x y
. Lập phương
trình đường tròn tiếp xúc với các trục tọa độ và có tâm ở trên đường thẳng (d).
Câu VIa: (2,0 điểm)
1. Giải phương trình
log log
4 2
2 8
x x
x
.
2. Viết phương trình các đường thẳng cắt đồ thị hàm số
1
2
x
y
x
tại hai điểm phân biệt sao
cho hoành độ và tung độ của mỗi điểm là các số nguyên
B. Theo chương trình Nâng cao
Câu Vb: (1,0 điểm) Trong không gian Oxyz , cho các điểm
1;3;5 , 4;3;2 , 0;2;1
A B C . Tìm tọa
độ tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC.
Câu VIb: (2,0 điểm)
1. Giải bất phương trình
2 4 8
2 1 log log log 0
x x x
.
2. Tìm m để đồ thị hàm số
3 2
5 5
y x m x mx
có điểm uốn ở trên đồ thị hàm số
3
y x
.
Hết
ĐÁP ÁN ĐỀTHITHỬĐẠI HỌC, CAO ĐẲNG
Môn thi : TOÁN
CÂU Ý NỘI DUNG ĐIỂM
Khi
4 2
1 2 3
m y x x
.
Tập xác định D=R .
0,25 đ
Giới hạn: lim ; lim
x x
y y
.
3 2
' 4 4 4 1
y x x x x
.
' 0 0, 1
y x x
.
0,25 đ
Bảng biến thiên:
Hàm số đồng biến trên khoảng
1;0 , 1;
và nghịch biến trên
khoảng
; 1 , 0;1
.
Hàm số đạt CĐ tại
0, 3
CD
x y
và đạt CT tại
1, 2
CT
x y
.
0,25 đ
Ý 1
(1,0đ)
Đồ thị cắt Oy tại (0;3). Đồ thị đối xứng qua Oy.
0,25 đ
Phương trình HĐGĐ của đồ thị (1) và Ox:
4 22 4
2 2 0
x m x m m
().
0,25 đ
Đặt
2
0
t x t
, ta có :
22 4
2 2 0
t m t m m
().
0,25 đ
Ta có :
' 2 0
m
và
2
2 0
S m
với mọi
0
m
.
Nên PT () có nghiệm dương.
0,25 đ
Câu I
(2,0đ)
Ý 2
(1,0đ)
KL: PT () có ít nhất 2 nghiệm phân biệt (đpcm).
0,25 đ
PT
3sin 2 cos2 4sin 1 0
x x x
2
2 3sin cos 2sin 4sin 0
x x x x
.
0,25 đ
2 3cos sin 2 sin 0
x x x
.
0,25 đ
Khi :
5
sin 3 cos 2 sin 1 2
3 6
x x x x k
.
0,25 đ
Ý 1
(1,0đ)
Khi:
sin 0
x x k
.
KL: nghiệm PT là
5
, 2
6
x k x k
.
0,25 đ
Ta có : 2
x y m
, nên :
2
2 1
y my y
.
0,25 đ
PT
1
1
2
y
m y
y
( vì y = 0 PTVN).
0,25 đ
Xét
2
1 1
2 ' 1 0
f y y f y
y
y
0,25 đ
Câu II
(2,0đ)
Ý 2
(1,0đ)
Lập BTT. KL: Hệ có nghiệm duy nhất
2
m
.
0,25 đ
Ta có:
2 ,
1 1 1
. .
3 2 1 2 1
x x
f x
x x
.
0,50 đ
Câu III
(2,0đ)
Ý 1
(1,0đ)
KL:
3
1 1
9 2 1
x
F x C
x
.
0,50 đ
Áp dụng BĐT Cô-si :
2
18 12
x
x
(1). Dấu bằng xãy ra khi
1
3
x
.
0,25 đ
Tương tự:
2
18 12
y
y
(2) và
2
18 12
z
z
(3).
0,25 đ
Mà:
17 17
x y z
(4). Cộng (1),(2),(3),(4), ta có:
19
P
.
0,25 đ
Ý 2
(1,0đ)
1
19
3
P x y z
. KL: GTNN của P là
19
.
0,25 đ
Gọi T là giao điểm của MN với CD; Q là giao điểm của PT với AD.
Vẽ DD’ // BC, ta có: DD’=BM
' 1
3
TD DD
TC MC
.
0,25 đ
Mà:
1 2
/ /
3 3
TD AP QD DP CP
AT DP
TC AC QA AT CA
.
0,25 đ
Nên:
.
.
.
1 3 1 1
. .
3 5 5 10
A PQN
A PQN ABCD
A CDN
V
AP AQ
V V
V AC AD
(1)
0,25 đ
Câu IV
(1,0đ)
Và
.
.
2 3 1 1
. .
3 4 2 4
C PMN
ABMNP ABCD
C ABN
V
CP CM
V V
V CA CB
(2).
Từ (1) và (2), suy ra :
7
20
ABMNQP ABCD
V V .
KL tỉ số thể tích cần tìm là
7
13
hoặc
13
7
.
0,25 đ
Gọi
;2 4
I m m d
là tâm đường tròn cần tìm.
0,25 đ
Ta có:
4
2 4 4,
3
m m m m
.
0,25 đ
Khi:
4
3
m
thì PT ĐT là
2 2
4 4 16
3 3 9
x y
.
0,25 đ
Câu Va
(1,0đ)
Khi:
4
m
thì PT ĐT là
2 2
4 4 16
x y
.
0,25 đ
ĐK :
0
x
. Ta có:
2 4 2
1 log log 3log
x x x
.
0,25 đ
Đặt
2
log
t x
.Ta có:
2
3 2 0 1, 2
t t t t
.
0,25 đ
Khi:
1
t
thì
2
log 1 2( )
x x th
.
0,25 đ
Ý 1
(1,0đ)
Khi:
2
t
thì
2
log 2 4( )
x x th
. KL: Nghiệm PT
2, 4
x x
.
0,25 đ
Ta có:
1
1
2
y
x
0,25 đ
Suy ra:
; 2 1 3, 1
x y Z x x x
0,25 đ
Tọa độ các điểm trên đồ thị có hoành độ và tung độ là những số
nguyên là
1;0 , 3;2
A B
0,25 đ
Câu VIa
(2,0đ)
Ý 2
(1,0đ)
KL: PT đường thẳng cần tìm là
1 0
x y
.
0,25 đ
Ta có:
3;0; 3 3 2
AB AB
uuur
.
0,25 đ
Câu Vb
(1,0đ)
Tương tự:
3 2
BC CA
.
0,25 đ
Do đó:
ABC
đều, suy ra tâm I đường tròn ngoại tiếp
ABC
là
trọng tâm của nó.
0,25 đ
KL:
5 8 8
; ;
3 3 3
I
.
0,25 đ
ĐK :
0
x
. Đặt
2
log
t x
, ta có :
1 0
3
t
t t
0,25 đ
BPT
2
4
3 4 0 0
3
t t t
.
0,25 đ
Ý 1
(1,0đ)
KL:
2
3
4 1
log 0 1
3
2 2
x x
.
0,50đ
Ta có:
2
' 3 2 5 5 ; " 6 2 10
y x m x m y x m
.
0,25 đ
5
" 0
3
m
y x
; y’’đổi dấu qua
5
3
m
x
.
Suy ra:
3
2 5 5 5
5
;
3 27 3
m m m
m
U
là điểm uốn
0,50 đ
Câu VIb
(2,0đ)
Ý 2
(1,0đ)
KL:
5
m
.
0,25 đ
…HẾT…
.
ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC, CAO ĐẲNG
Môn thi : TOÁN
I. PHẦN CHUNG DÀNH CHO TẤT CẢ THÍ SINH (7,0 điểm)
Câu I: (2, 0 điểm) Cho hàm số
4 2 2 4
2 2
y x m.
4 2 2 4
2 2 0
x m x m m
().
0 ,25 đ
Đặt
2
0
t x t
, ta có :
2 2 4
2 2 0
t m t m m
().
0 ,25 đ
Ta có :
' 2 0
m