Đáp án D
Câu 142:(THPT Hàm Rồng - Thanh Hóa năm 2018)X, Y là hai chất hữu cơ kế tiếp thuộc dãy đồng đẳng ancol anlylic, Z là axit cacboxylic no hai chức, T là este tạo bởi X, Y, Z. Đốt cháy 17,12 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z, T (đều mạch hở) cần dùng 10,864 lít O2(đktc) thu được 7,56 gam nước. Mặt khác 17,12 gam E làm mất màu vừa đủ dung dịch chứa 0,09 mol Br2. Nếu đun nóng 0,3 mol E với 450 ml dung dịch KOH 1M, cô cạn dung dịch sau phản ứng rồi sau đó lấy phần lỏng chứa các chất hữu cơ đi qua bình đựng Na dư thấy khối lượng bình tăng m gam. Giá trị của mgần nhấtvới giá trị nào sau đây?
A.7,00. B.8,50. C.9,00. D.10,50.
Đáp án B
Bảo toàn khối lượng có số mol CO2= 0,57 mol; số mol H2O = 0,42
Quy đổi hỗn hợp E thành C3H6O; x mol (COOH)2; y mol CH2và z mol H2O Phản ứng với Br2có số mol C3H6O = 0,09 mol.
Suy ra ∑ khối lượng hỗn hợp E = 5,22 + 90x + 14y + 18 z = 17,12. Bảo toàn O có: 0,09 + 4x + z + 0,97 = 0,57 x 2 + 0,42.
Bảo toàn C có: 0,09 x 3 + 2x + y = 0,57.
Giải hệ tìm được x = 0,13 ; y = 0,04 và z = -0,02 mol.
||→ Thành phần E gồm 0,07 mol ancol ; 0,12 mol axit và 0,01 mol este. Biện luận công thức của ancol và axit: Để ý Ctb= 2.85 → axit là (COOH)2 → Khối lượng ancol = 17,12 + 0,02 x 18 - 0,12 x 90 = 5,78 gam.
||→ Trong 0,3 mol hỗn hợp E có 0,135 mol ancol có khối lượng 8,67. Khối lượng bình tăng = 8,67 - 0,135 = 8,535
Câu 143:(THPT Đặng Thúc Hứa - Nghệ An - Lần 1 năm 2018) Kết quả thí nghiệm của các chất X, Y, Z, T với một số thuốc thử được ghi ở bảng sau:
Chất X Y Z T Dung dịch nước brom Dung dịch mất màu Kết tủa trắng Dung dịch mất màu
Kim loại Na Có khí thoát ra Có khí thoát ra Có khí thoát ra Các chất X, Y, Z, T lần lượt là
A.Ancol etylic, stiren, phenol, axit acrylic. B.Ancol etylic, stiren, axit axetic, axit acrylic.
C.Axit axetic, benzen, phenol, stiren. D.Axit axetic, axit fomic, stiren, axit acrylic.
Đáp án A
Vì Y làm mất màu nước brom⇒Loại C. Z có tạo kết tủa với nước brom⇒Loại B và D
Câu 144:(THPT Đặng Thúc Hứa - Nghệ An - Lần 1 năm 2018) Ylà hai axit cacboxylic đều đơn chức, mạch hở (trong phân tửX, Ychứa không quá 2 liên kết π và 50 < MX< MY);Zlà este được tạo bởiX,Yvà etylen glicol. Đốt cháy 13,12 gam hỗn hợp EchứaX, Y, Zcần dùng 0,50 mol O2. Mặt khác 0,36 mol E làm mất màu vừa đủ dung dịch chứa 0,1 mol Br2. Nếu đun nóng 13,12 gam Evới 200 ml dung dịch KOH 1M (vừa đủ), cô cạn dung dịch sau phản ứng thu được hỗn hợpFgồmagam muốiAvàbgam muốiB(MA< MB). Tỉ lệ của a : b gần nhấtvới giá trị nào sau đây
A.2,9 B.2,7 C.2,6 D.2,8
Đáp án B
gt⇒X không thể là HCOOH. ||► Quy E về CH3COOH, (CH3COO)2C2H4, CH2và H2.
với số mol làx,y,zvàt|| mE= 60x+ 146y+ 14z+ 2t= 13,12(g); nO2 = 2x+ 6,5y+ 1,5z+ 0,5t= 0,5 mol.
nKOH=x+ 2y= 0,2 mol || nE x y 0,36 n t 0,1
||⇒giải hệ có:x= 0,16 mol;y= 0,02 mol;z= 0,05 mol;t= – 0,05 mol.
||► Muối gồm 0,2 mol CH3COOK; 0,05 mol CH2 và – 0,05 mol H2. Ghép CH2 và H2kết hợp điều kiện ≤ 2π.
Câu 145:(THPT QG trường Chu Văn An - Hà Nội - lần 1 năm 2018) Fomalin là dung dịch bão hòa của chất nào sau đây?
A.HCHO. B.CH3COOH. C.HCOOH. D.CH3OH.
Đáp án A
Câu 146:(THPT QG trường Chu Văn An - Hà Nội - lần 1 năm 2018) Đốt cháy hoàn toàn 54,36 gam hỗn hợp X gồm axit panmitic, axit stearic và các chất béo tạo bởi hai axit đó, thu được a mol CO2 và (a-0,12) mol H2O. Mặt khác, 54,36 gam X tác dụng vừa hết với 0,2 mol KOH trong dung dịch Y, cô cạn dung dịch Y thu được m gam muối khan. Giá trị của m là
A.57,42. B.60,25. C.59,68. D.64,38. Đáp án C Quy đổi hỗn hợp X thành: C15H31COOH: x C17H35COOH: y C3H5(OH)3: z H2O: -3z
nH2O– nCO2= nH2O (X)+ nGlixerol=> -0,12 = -3z + z => z = 0,06 mol 256x + 284y + 92.0,06 – 18.0,18 = 54,36
x + y = nKOH= 0,2
=> x = 59/350; y = 11/350
Muối gồm: C15H31COOK (59/350 mol) và C17H35COOK (11/350 mol) => m = 59,68 gam
Câu 147: (THPT QG trường Chu Văn An - Hà Nội - lần 1 năm 2018) Hỗn hợp X gồm axit fomic, axit acrylic, axit oxalic và axit axetic. Đốt cháy hoàn toàn 3,4 gam Z thu được 4,84 gam CO2 và 1,44 gam H2O. Mặt khác, nếu cho 3,4 gam X tác dụng hết với dung dịch KHCO3dư, thu đượcV lít khí ở đktc. Giá trị của V là
A.1,680. B.1,344. C.2,240. D.1,120.
Đáp án B
nCO2= 0,11 mol; nH2O= 0,08 mol
BTKL: mO2= mCO2+ mH2O– mZ= 2,88 gam => nO2= 0,09 mol BT “O” => nO(Z)= 2nCO2+ nH2O– 2nO2= 0,12 mol