Hỏi cần phải dịch gương dọc theo trục chính tới vị trí nào thì thu được ảnh hiệ qua hệ trùng hoàn toàn lên vật... trở+ +Áp dụng quy tắc bàn tay trái tại điểm N: kh+ N +lực từ F tác dụng [r]
(1)Së Gi¸o dôc vµ §µo t¹o B¾c Giang §Ò chÝnh thøc đề thi tuyển sinh lớp 10 THPT chuyên bắc Giang N¨m häc 2008-2009 M«n thi: VËt lý Ngµy thi : 10/7/2008 (Thêi gian lµm bµi 150 phót) ( Đề gồm hai trang ) R Câu 1: (4 điểm) A B + Cho mạch điện hình vẽ : UAB = 12V, R0 là Đ R1 biến trở, R1 = Ω ; R2 = 10 Ω ; R3 = Ω M Đèn Đ là loại 6V - 6W Vôn kế có điện trở vô cùng lớn Cho R0 = Ω Tính số vôn kế và rõ V cực dương vôn kế nối với điểm nào? R2 R3 Khi đó đèn sáng nào? N Điều chỉnh R0 để công suất tiêu thụ trên R0 đạt giá trị cực đại Hãy tính : R2 a Giá trị R0 và công suất tiêu thụ toàn mạch đó R3 b Tỉ số công suất tiêu thụ đèn lúc trước và sau điều chỉnh biến trở ? Câu 2: (5 điểm) M Bài 4: (4điểm) Dùng nguồn điện có hiệu điện không đổi U0 = 32V để thắp sáng bóng đèn cùng loại (2,5V-1,25W).Dây nối đèn có điện trở không đáng kể Dây nối từ bóng đèn đến nguồn điện có điện trở là R=1 A a) Tìm công suất tối đa mà bóng có thể tiêu thụ b) Tìm cách ghép bóng để chúng sáng bình thường n N Bà i 4: (2, B 5đi ểm ) Câu 5: (4 điểm) Dù Vật sáng AB đặt vuông góc với trục chính thấu kính hội tụ và cách thấu kính khoảng 2f (f là ng tiêu cự thấu kính) Sau thấu kính đặt gương phẳng ng (mặt phản xạ quay phía thấu kính) vuông góc với trục chính tiêu điểm thấu kính uồ 1.Vẽ ảnh vật tạo hệ (có giải thích).Nhận xét vị trí, chiều và độ lớn n ảnh điệchính thấu kính thì độ lớn và Giữ cố định thấu kính và gương Cho vật sáng AB di chuyển dọc trục n chiều ảnh cho hệ thay đổi nào? Giải thích? có Giữ vật và thấu kính cố định Hỏi cần phải dịch gương dọc theo trục chính tới vị trí nào thì thu ảnh hiệ qua hệ trùng hoàn toàn lên vật u điệ n Câu Nội Dung Điểm kh R Câu nt R3 ) ] nt R0 1.Phân tích mạch: [ ( R1 nt D ) // A ( R2 B ôn + 4điểm 0,25đ U 6R1 Đ + Điện trở đèn: R D= = =6 ΩM g P đổi + Điện trở nhánh chứa đèn: U0 R1 D =R1 + R D=10 Ω V R3 = + Điện trở nhánh còn lại: R2 R23=R2 + R3=15 Ω N 32 + Điện trở tương đương toàn mạch: R2 V R1 D R23 R3.15 10 để Rtd =R + =2+ =8 Ω R1 D + R23 10+15 thắ U 12 0,25đ pA + Cường độ dòng điện mạch chính: I = = =1,5 R td sá 0,25đ + Hiệu điện hai đầu đoạn mạch CD là U : (2) mộ Bài 4: t a)Gọi I là dòng điện qua R, công suất đèn là : P = U.I – RI2 = 32.I – I2 hay : I2 – 32I + P = (0,5đ) bó Hàm số trên có cực đại P = 256W Vậy công suất lớn đèn là Pmax = 256W (0,5đ) ng đè b)Gọi m là số dãy đèn, n là số đèn dãy: *Giải theo công suất : n Khi các đèn sáng bình thường : I d=0,5 (A ) và I = m I d=0,5 m cù(0,5đ) Từ đó : U0 I = RI2 + 1,25m.n Hay 32 0,5m = (0,5)2 = 1,25m.n ng ⇒ 64 = m + 5n ; m, n nguyên dương (1) (0,5đ) loạ Giải phương trình (1) ta có 12 nghiệm sau : (0,5đ) i n 10 11 12(2, 5V m 59 54 49 44 39 34 29 24 19 14 94 *Giải theo phương trình :U0 =UAB + IR 1,2 với : UAB = 2,5n ; IR = 0,5m.1 = 0,5m Ta phương trình (1) đã biết 64 = 5n + m W) *Giải theo phương trình dòng điện : nR d n D RAB = Và I = m I d = 0,5m = ây m m U0 32 32 m nối = = Mặt khác : I = R+ R AB n m+ n tro 1+ m ng 32 m ⇔ 64 = 5n + m Hay : 0,5m = m+5 n đè n có Câu +Chùm electron hẹp tương đương với A B điệ điểm dòng điện I có cùng phương ngược M chiều với chiều chuyển động các electron n ( electron mang điện tích âm) trở+ +Áp dụng quy tắc bàn tay trái điểm N: kh+ N +lực từ F tác dụng lên dòng điện phải hướng lên ôn ( hướng vào phía lõm quỹ đạo MN) C D g Khi đó chiều dòng điện hướng từ điểm N +Vậy chùm electron bay vào vùng có từ trường từ điểm N đá ng kể N Câu Vẽ hình Dâ C điểm G L y D nối I B từ A F O F’ bó A A A ng I’ đè B3 B2 R B1 n đế n ng * giải thích: uồ + Từ B vẽ tia BI song song với trục chính cho tia khúc xạ qua IF’, tia phản xạ trên n song B3R song gương là F’B2 , tia này qua tiêu điểm thấu kính cho tia khúc xạ điệ song trục chính + Từ B vẽ tia BF cho tia khúc xạ B2I’ song song trục chính( vuông n góc với mặt gương), tia phản xạ trên gương ngược lại là I’B2 cho tia khúc xạ Bcó 3R 0,5đ 0,5đ 0,5đ 0,5đ 1,0đ 0,25đ 0,25đ (3) n + Vậy ảnh cho hệ là A3B3 trở * Nhận xét: 0,5đ là + Ảnh A3B3 nằm sát thấu kính, ngược chiều với AB + Vì tính chất đối xứng: Δ ABF = Δ A3B3F => A3B3 = AB R= 0,5đ Khi AB di chuyển dọc theo trục chính tia BI là tia cố định nên1 tia ló khỏi hệ 0,5đ Tì B3R là tia cố định Do ảnh A’B’ qua hệ có độ lớn không đổi, ngược chiều với AB 0,5đ mvà AB AB và thấu kính cố định nên ảnh A1B1 cố định cô + Δ ABF = Δ A3B3F = Δ OIF’=> OI = OB3 = A1B1 => ΔngA1B1F’ = Δ 0,5đ OIF’ su => OF’ = A1F’ = f => OA1 = OA = 2f ' ' + Để ảnh A’B’ qua hệ trùng hoàn toàn lên AB ( A ≡ A ; B ≡ B )ấtthì ảnh A2B2 0,5đ tốithể xảy A1B1 tạo gương phải trùng hoàn toàn lên Điều này có 0,25đ A B2 ≡ A1 B mặt gương đa + Vậy gương phải dịch tới vị trí A1B1, cách thấu kính khoảngmà 2f 0,25đ bó ng Chú ý: + Nếu thí sinh có cách giải khác đúng cho điểm tối đa ý đó.có + Mỗi lỗi không có đơn vị trừ 0,25đ, tối đa trừ 1điểm cho toàn bài thể + Làm phần sau thay số theo kết sai phần trước mà cách giảtiê đúng thì cho nửa số điểm ý đó u thụ Tì m cá ch gh ép bó ng để ch ún g sá ng bìn h th ườ ng (4)