II – Phương pháp học tập: 1 Học sinh cần trình bày đầy đủ các câu dẫn, các dấu tương đương “”, ..v.., không được viết tắt trừ các ký hiệu toán học cho phép , không được làm bài quá ngắn[r]
(1)TRƯỜNG THPT ĐẶNG THÚC HỨA THANH CHƯƠNG- NGHỆ AN ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC CAO ĐẲNG Môn thi : TOÁN ; Khối : A Thời gian làm bài 180 phút, không kể thời gian giao đề PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH (7 điểm): 2x Câu I: (2 điểm) Cho hàm số y (C) x 1 Khảo sát hàm số Tìm m để đường thẳng d: y = 2x + m cắt đồ thị (C) điểm phân biệt A, B cho AB = Câu II: (2 điểm) Giải phương trình: cos x cos 3x sin x cos x , (x R) x y x y y Giải hệ phương trình: (x, y R) x y Câu III: (1 điểm) Tính diện tích hình phẳng giới hạn các đường y e x ,trục hoành, x = ln3 và x = ln8 Câu IV: (1 điểm) Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình thoi ; hai đường chéo AC = 3a , BD = 2a và cắt O; hai mặt phẳng (SAC) và (SBD) cùng vuông góc với mặt phẳng (ABCD) Biết a khoảng cách từ điểm O đến mặt phẳng (SAB) , tính thể tích khối chóp S.ABCD theo a x y x y Câu V: (1 điểm) Cho x,y R và x, y > Tìm giá trị nhỏ P ( x 1)( y 1) PHẦN RIÊNG (3 điểm) : Thí sinh làm hai phần ( phần A B) A Theo chương trình Chuẩn Câu VI.a (2 điểm) Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho đường tròn (C): x2 + y2 - 2x - 2my + m2 - 24 = có tâm I và đường thẳng : mx + 4y = Tìm m biết đường thẳng cắt đường tròn (C) hai điểm phân biệt A,B thỏa mãn diện tích tam giác IAB 12 x 1 y 1 z 1 Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho hai đường thẳng d1: ; d2: 1 x 1 y z 1 và mặt phẳng (P): x - y - 2z + = Viết phương trình chính tắc đường 1 thẳng , biết nằm trên mặt phẳng (P) và cắt hai đường thẳng d1 , d2 log2 x 2log x Câu VII.a (1 điểm) Giải bất phương trình 2 x 20 B Theo chương trình Nâng cao Câu VI.b (2 điểm) Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác ABC có phương trình cạnh AB: x - y - = 0, phương trình cạnh AC: x + 2y - = Biết trọng tâm tam giác G(3; 2) Viết phương trình cạnh BC x 1 y z và điểm Trong không gian với hệ trục tọa độ Oxyz, cho đường thẳng : M(0 ; 1 ; 0) Viết phương trình mặt phẳng (P) qua điểm M song song với đường thẳng đồng thời khoảng cách đường thẳng và mặt phẳng (P) 25 6i Câu VII.b (1 điểm) Giải phương trình nghiệm phức : z z … Hết … Lop10.com (2) ĐÁP ÁN ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC CÂU NỘI DUNG ĐIỂM Tập xác định D = R\- 1 Sự biến thiên: 0, x D ( x 1) Hàm số nghịch biến trên các khoảng (- ; - 1) và (- ; + ) - Cực trị: Hàm số không có cực trị -Chiều biến thiên: y ' I-1 (1 điểm) 0,25 - Giới hạn vô cực, giới hạn vô cực và tiệm cận: 2x 2x lim ; lim Đường thẳng y = là tiệm cận ngang x x x x 2x 2x lim ; lim Đường thẳng x = - là tiệm cận đứng x 1 x 1 x 1 x 1 -Bảng biến thiên: x - -1 + y’ + + + 0,25 0,25 y - Đồ thị: -Đồ thị hàm số cắt trục Ox điểm (1;0) -Đồ thị hàm số cắt trục Oy điểm (0;- 2) - Đồ thị hàm số có tâm đối xứng là giao điểm hai tiệm cận I(- 1; 2) y -1 y=2 0,25 O x -2 x= -1 I-2 (1 điểm) Phương trình hoành độ giao điểm: 2x2 + mx + m + = , (x≠ - 1) (1) d cắt (C) điểm phân biệt PT(1) có nghiệm phân biệt khác -1 m2 - 8m - 16 > (2) Gọi A(x1; 2x1 + m) , B(x2; 2x2 + m Ta có x1, x2 là nghiệm PT(1) m x1 x2 Theo ĐL Viét ta có m x1 x2 AB2 = ( x1 x2 ) 4( x1 x2 ) ( x1 x2 ) 4x1 x2 m2 - 8m - 20 = m = 10 , m = - ( Thỏa mãn (2)) KL: m = 10, m = - Lop10.com 0,25 0,25 0,25 0,25 (3) II-1 (1 điểm) PT cos2x + cos8x + sinx = cos8x 1- 2sin2x + sinx = sinx = v sin x x k 2 ; x k 2 ; x ĐK: x + y , x - y 0, y II-2 (1 điểm) 0,25 0,25 0,25 7 k 2 , ( k Z ) 0,25 0,25 y x (3) PT(1) x x y y x y y x 5 y xy (4) Từ PT(4) y = v 5y = 4x Với y = vào PT(2) ta có x = (Không thỏa mãn đk (3)) Với 5y = 4x vào PT(2) ta có x x x 4 KL: HPT có nghiệm ( x; y ) 1; 5 0,25 0,25 0,25 ln Diện tích S e x 1dx ; Đặt t e x t e x e x t 0,25 ln Khi x = ln3 thì t = ; Khi x = ln8 thì t = 3; Ta có 2tdt = exdx dx III (1 điểm) 2t dt t 1 0,25 2t 2 Do đó S dt dt t 1 t 1 2 0,25 t 1 3 = 2t ln ln (đvdt) t 1 2 0,25 Từ giả thiết AC = 2a ; BD = 2a và AC ,BD vuông góc với trung điểm O A BD 600 đường chéo.Ta có tam giác ABO vuông O và AO = a ; BO = a , đó A IV (1 điểm) Hay tam giác ABD Từ giả thiết hai mặt phẳng (SAC) và (SBD) cùng vuông góc với mặt phẳng (ABCD) nên giao tuyến chúng là SO (ABCD) Do tam giác ABD nên với H là trung điểm AB, K là trung điểm HB ta có a DH AB và DH = a ; OK // DH và OK DH OK AB AB (SOK) 2 Gọi I là hình chiếu O lên SK ta có OI SK; AB OI OI (SAB) , hay OI là khoảng cách từ O đến mặt phẳng (SAB) 1 a SO Tam giác SOK vuông O, OI là đường cao 2 OI OK SO 2S Diện tích đáy S ABC D 4S ABO 2.OA.OB 3a ; a đường cao hình chóp SO I Thể tích khối chóp S.ABCD: D 3a 3a O VS ABC D S ABC D SO H 3 K a C B Lop10.com 0,25 0,25 0,25 A 0,25 (4) Đặt t = x + y ; t > Áp dụng BĐT 4xy (x + y)2 ta có xy P t2 0,25 t t xy (3t 2) t2 Do 3t - > và xy nên ta có xy t t (3t 2) t2 P t2 t2 t 1 t2 t 4t ; f '(t ) ; f’(t) = t = v t = Xét hàm số f (t ) t2 (t 2) t f’(t) + 0,25 t3 t2 V (1 điểm) + + 0,25 + f(t) x y x Do đó P = f (t ) = f(4) = đạt (2; ) xy y Đường tròn (C) có tâm I(1; m), bán kính R = Gọi H là trung điểm dây cung AB Ta có IH là đường cao tam giác IAB | m 4m | | 5m | IH = d ( I , ) A m 16 m 16 VI.a -1 (1 điểm) AH IA2 IH 25 (5m ) m 16 Diện tích tam giác IAB là SIAB 20 m 16 12 2S IAH 12 m 3 d ( I , ) AH 12 25 | m | 3( m 16) 16 m Gọi A = d1(P) suy A(1; ; 2) ; B = d2 (P) suy B(2; 3; 1) VI.a -2 (1 điểm) Đường thẳng thỏa mãn bài toán qua A và B Một vectơ phương đường thẳng là u (1; 3; 1) x 1 y z Phương trình chính tắc đường thẳng là: 1 Điều kiện: x> ; BPT 24log2 x x 2log2 x 20 VII.a (1 điểm) Đặt t log x Khi đó x 0,25 0,25 I H 0,25 B 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 t 2 BPT trở thành 42 t 22 t 20 Đặt y = 22 t ; y BPT trở thành y2 + y - 20 - y Lop10.com 0,25 0,25 (5) Đối chiếu điều kiện ta có : 22 t 2t t - t 1 Do đó - log x x 2 x - y - Tọa độ điểm A là nghiệm HPT: A(3; 1) x y - VI.b- (1 điểm) VI.b-2 (1 điểm) Gọi B(b; b- 2) AB, C(5- 2c; c) AC VII.b (1 điểm) 0,25 0,25 3 b 2c b Do G là trọng tâm tam giác ABC nên Hay B(5; 3), C(1; 2) 1 b c c Một vectơ phương cạnh BC là u BC ( 4; 1) Phương trình cạnh BC là: x - 4y + = Giả sử n( a; b; c ) là vectơ pháp tuyến mặt phẳng (P) Phương trình mặt phẳng (P): ax + by + cz + 2b = Đường thẳng qua điểm A(1; 3; 0) và có vectơ phương u (1;1; 4) n.u a b 4c (1) / /( P ) Từ giả thiết ta có | a 5b | 4 (2) d ( A; ( P )) 2 a b c Thế b = - a - 4c vào (2) ta có ( a 5c ) (2a 17c 8ac ) a - 2ac 8c a a 2 4 v c c a Với chọn a = 4, c = b = - Phương trình mặt phẳng (P): 4x - 8y + z - 16 = c a Với 2 chọn a = 2, c = - b = Phương trình mặt phẳng (P): 2x + 2y - z + = c Giả sử z = a +bi với ; a,b R và a,b không đồng thời Khi đó z a bi ; 0,25 1 a bi z a bi a b2 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 25 25( a bi ) 6i a bi 6i 0,25 z a b2 2 2 a ( a b 25) 8( a b ) (1) Lấy (1) chia (2) theo vế ta có b a vào (1) 2 b( a b 25) 6( a b ) (2) 0,25 Ta có a = v a = Với a = b = ( Loại) Với a = b = Ta có số phức z = + 3i Chú ý: I – Cách chấm bài thi tự luận: 1) Học sinh dùng mực đỏ để gạch chân các chỗ sai bài thi 2) Học sinh làm cách khác với đáp án , đúng thì cho điểm tối đa câu đó ! 3) Học sinh làm sai sót bước 0, 25 đ nào thì cắt 0, 25 điểm đó 4) Một bài toán bước trên(0,25 đ) sai và kết bước phía (0,25 đ) liên quan đến bước trên thì cắt điểm từ chỗ làm sai và các bước sau có liên quan 5) Một bài toán bước trên(0,25 đ) sai và bước phía (0,25 đ) không liên quan đến bước phía trên đúng cho 0, 25 đ Khi đó phương trình z Lop10.com (6) 6) Học sinh cho điểm câu Sau đó cộng điểm các câu để có điểm bài thi II – Phương pháp học tập: 1) Học sinh cần trình bày đầy đủ các câu dẫn, các dấu tương đương “”, v , không viết tắt (trừ các ký hiệu toán học cho phép ), không làm bài quá ngắn gọn với đáp án 2) Cần tích cực, chủ động đọc các tài liệu tham khảo, tự làm các đề thi thử, các đề tham khảo , các đề đã thi để nâng cao trình độ kiến thức và kỹ thuật, kỹ trình bày bài thi tự luận Lop10.com (7)