1. Trang chủ
  2. » Giáo án - Bài giảng

Đề kiểm tra 45 phút môn: Địa lý 7 - Trường THCS TT Bình Định

6 6 0

Đang tải... (xem toàn văn)

THÔNG TIN TÀI LIỆU

Thông tin cơ bản

Định dạng
Số trang 6
Dung lượng 187,84 KB

Nội dung

Câu IV 1 điểm: Cho hình chóp S.ABC có đáy ABC là tam giác vuông tại A với AB = a, các mặt bên là các tam giác cân tại đỉnh S.. Hai mặt phẳng SAB và SAC cùng tạo với mặt phẳng đáy góc 600[r]

(1)Sở giáo dục và đào tạo Hà nội Trường THPT Liên Hà ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC NĂM 2010 **************** Môn : TOÁN; khối: A,B(Thời gian làm bài: 180 phút, không kể thời gian phát đề) PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ CÁC THÍ SINH (7,0 điểm) Câu I (2 điểm) 2x  x 1 Viết phương trình tiếp tuyến (C), biết khoảng cách từ điểm I(1;2) đến tiếp tuyến Câu II (2 điểm) 17 x  )  16  3.s inx cos x  20sin (  ) 1) Giải phương trình sin(2x  2 12 Khảo sát biến thiên và vẽ đồ thị (C) hàm số y  x  x 3y  x 2y  2) Giải hệ phương trình :  x y  x  xy  1  Câu III (1 điểm): Tính tích phân: I =  tan x ln(cos x ) dx cos x Câu IV (1 điểm): Cho hình chóp S.ABC có đáy ABC là tam giác vuông A với AB = a, các mặt bên là các tam giác cân đỉnh S Hai mặt phẳng (SAB) và (SAC) cùng tạo với mặt phẳng đáy góc 600 Tính côsin góc hai mặt phẳng (SAB) và (SBC) Câu V: (1 điểm) Cho a,b,c là các số dương thỏa mãn a + b + c = Chứng minh rằng: a b b c c a   3 ab  c bc  a ca  b PHẦN RIÊNG (3 điểm) Thí sinh làm hai phần (phần A B) A Theo chương trình Chuẩn Câu VI.a (1 điểm) Trong mặt phẳng tọa độ Oxy cho điểm A(1;1) và đường thẳng  : 2x + 3y + = Tìm tọa độ điểm B thuộc đường thẳng  cho đường thẳng AB và  hợp với góc 450 Câu VII.a (1 điểm): Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho điểm M(1;-1;1) x y 1 z x y 1 z    và hai đường thẳng (d ) :  và (d ') :  2 3 Chứng minh: điểm M, (d), (d’) cùng nằm trên mặt phẳng Viết phương trình mặt phẳng đó Câu VIII.a (1 điểm) Giải phương trình: Logx (24x 1)2 x  logx (24x 1) x  log (24x 1) x Theo chương trình Nâng cao Câu VI.b (1 điểm) Trong mặt phẳng tọa độ Oxy cho đường tròn (C ) : x  y  , đường thẳng (d ) : x  y  m  Tìm m để (C ) cắt (d ) A và B cho diện tích tam giác ABO lớn Câu VII.b (1 điểm) Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho ba mặt phẳng: (P): 2x – y + z + = 0, (Q): x – y + 2z + = 0, (R): x + 2y – 3z + = x2 y 1 z và đường thẳng  : = = Gọi  là giao tuyến (P) và (Q) 2 Viết phương trình đường thẳng (d) vuông góc với (R) và cắt hai đường thẳng  ,  Câu VIII.b (1 điểm) Giải bất phương trình: logx( log3( 9x – 72 ))  http://ductam_tp.violet.vn/ Lop12.net (2) Câu -ý 1.1 *Tập xác định : D   \ 1 ĐÁP ÁN VÀ THANG ĐIỂM Nội dung 1 *Tính y '   x  D (x  1) Hàm số nghịch biến trên các khoảng (;1) và (1; ) *Hàm số không có cực trị *Giới hạn Lim y   Lim y   x 1 Lim y  x  Điểm 0.25 x 1 Lim y  x  0.25 Đồ thị có tiệm cận đứng :x=1 , tiệm cận ngang y=2 *Bảng biến thiên  x  y’ - 0.25 y *Vẽ đồ thị 1.2 *Tiếp tuyến (C) điểm M (x ; f (x ))  (C ) có phương trình y  f '(x )(x  x )  f (x ) Hay x  (x  1) y  2x  2x   (*) *Khoảng cách từ điểm I(1;2) đến tiếp tuyến (*)  2x    (x  1) 2.1 0.25 0.25 0.25 giải nghiệm x  và x  0.25 *Các tiếp tuyến cần tìm : x  y   và x  y   0.25 *Biến đổi phương trình đã cho tương đương với  c os2x  sin 2x  10c os(x  )      c os(2x  )  5c os(x  )      2c os (x  )  5c os(x  )   6   Giải c os(x  )   và c os(x  )  2 (loại) 6   5  k 2 *Giải c os(x  )   nghiệm x   k 2 và x   2 http://ductam_tp.violet.vn/ 0.25 Lop12.net 0.25 0.25 0.25 (3) 2.2 2 (x  xy )   x y *Biến đổi hệ tương đương với  x y  (x  xy )  1 0.25 u   v x  xy  u *Đặt ẩn phụ  , ta hệ  x y  v v  u  1 *Giải hệ trên nghiệm (u;v) là (1;0) và (-2;-3) 0.25 *Từ đó giải nghiệm (x;y) là (1;0) và (-1;0) *Đặt t=cosx 0.25 Tính dt=-sinxdx , đổi cận x=0 thì t=1 , x  Từ đó I    ln t dt  t2   thì t  0.25 0.25 ln t dt t2 1 dt  du  dt ; v   t t t 1 1 ln  Suy I   ln t   dt   t t t 2 *Đặt u  ln t ;dv  *Kết I  1 ln 2 0.25 0.25 0.25 *Vẽ hình *Gọi H là trung điểm BC , chứng minh SH  (ABC ) *Xác định đúng góc hai mặt phẳng (SAB) , (SAC) với mặt đáy là SEH  SFH  600 *Kẻ HK  SB , lập luận suy góc hai mặt phẳng (SAB) và (SBC) HKA a a *Lập luận và tính AC=AB=a , HA  , SH  HF tan 600  2 1    KH  a *Tam giác SHK vuông H có 2 HK HS HB 10 a AH 20   *Tam giác AHK vuông H có tan AKH  KH 3 a 10  cos AKH  23 0.25 0.25 0.25 0.25 http://ductam_tp.violet.vn/ Lop12.net (4) a b 1c 1c   ab  c ab   b  a (1  a )(1  b ) 1c 1b 1a   *Từ đó VT  (1  a )(1  b ) (1  c )(1  a ) (1  c )(1  b ) Do a,b,c dương và a+b+c=1 nên a,b,c thuộc khoảng (0;1) => 1-a,1-b,1-c dương *áp dụng bất đẳng thức Côsi cho ba số dương ta *Biến đổi VT  3 1c 1b 1a =3 (đpcm) (1  a )(1  b ) (1  c )(1  a ) (1  c )(1  b ) Đẳng thức xảy và a  b  c  6.a 8.a  x   3t *  có phương trình tham số  và có vtcp u  (3; 2) y  2  2t *A thuộc   A(1  3t ; 2  2t )   AB u   1  *Ta có (AB;  )=450  c os(AB; u )    2 AB u 15 t   13 13 32 22 32 *Các điểm cần tìm là A1 ( ; ), A2 ( ;  ) 13 13 13 13  *(d) qua M1 (0; 1;0) và có vtcp u1  (1; 2; 3)  (d’) qua M (0;1; 4) và có vtcp u  (1; 2;5)     *Ta có u1 ; u   (4; 8; 4)  O , M1M  (0; 2; 4)    Xét u1 ; u  M1M  16  14   (d) và (d’) đồng phẳng  *Gọi (P) là mặt phẳng chứa (d) và (d’) => (P) có vtpt n  (1; 2; 1) và qua M1 nên có phương trình x  2y  z   *Dễ thấy điểm M(1;-1;1) thuộc mf(P) , từ đó ta có đpcm *Điều kiện :x>0 *TH1 : xét x=1 là nghiệm *TH2 : xét x  , biến đổi phương trình tương đương với    logx (24x  1)  logx (24x  1) logx (24x  1) Đặt logx (x  1)  t , ta phương trình   giải t=1 và t=-2/3  2t  t t *Với t=1  logx (x  1)  phương trình này vô nghiệm *Với t=-2/3  logx (x  1)   3  x (24x  1)  (*) Nhận thấy x  là nghiệm (*) http://ductam_tp.violet.vn/ 0.25 0.25 0.25  169t  156t  45   t  7.a 0.25 Lop12.net 0.25 0.25 0.25 0.25 0.25 0.25 0.25 0.25 0.25 0.25 0.25 (5) thì VT(*)>1 1 Nếu x  thì VT(*)<1 , (*) có nghiệm x  8 Nếu x  *Kết luận : Các nghiệm phương trình đã cho là x=1 và x  6.b  m  1 x   2t  * 1 có phương trình tham số y  1  t z  3t  x   s  *  có phương trình tham số y   3s z  s  *Giả sử d  1  A;d    B  A(2  2t ; 1  t ;3t ) B(2+s;5+3s;s)   * AB  (s  2t ;3s  t  6;s  3t ) , mf(R) có vtpt n  (1; 2; 3)   * d  (R )  AB & n cùng phương s  2t 3s  t  s  3t    3 23 t  24  1 23 *d qua A( ; ; ) và có vtcp n  (1; 2; 3) 12 12 23 1 z x y 12  12  => d có phương trình 3 8.b *(C) có tâm O(0;0) , bán kính R=1 *(d) cắt (C) hai điểm phân biệt  d (O ;d )  1 1 sin AOB  sin AOB  *Ta có SOAB  OAOB 2 Từ đó diện tích tam giác AOB lớn và AOB  900  d (I ;d )  7.b 0.25 x   *Điều kiện : log (9x  72)   x 9  72  0.25 0.25 0.25 0.25 0.25 0.25 0.25 0.25 0.25 giải x  log 73 Vì x  log 73 >1 nên bpt đã cho tương đương với log (9x  72)  x 0.25  9x  72  3x http://ductam_tp.violet.vn/ Lop12.net (6) x 3  8  x 3  0.25 x 2 0.25 *Kết luận tập nghiệm : T  (log 72; 2] Lưu ý : Nếu thí sinh làm cách khác đúng thì giám khảo chấm theo các bước làm cách đó http://ductam_tp.violet.vn/ Lop12.net (7)

Ngày đăng: 01/04/2021, 05:50

TÀI LIỆU CÙNG NGƯỜI DÙNG

TÀI LIỆU LIÊN QUAN

w