Câu 1: Đốt cháy hoàn toàn m gam ancol X đơn chức thu được hỗn hợp sản phẩm Y. Sục Y vào Ba(OH)2 dư thu được 14,8932 gam kết tủa và khối lượng bình phản ứng tăng 4,194 gam. Tách nước ancol X trong H2SO4170oC thu được anken duy nhất. Số chất X thỏa mãn và giá trị của m là: A. 3 và 1,852 B. 4 và 1,852 C. 7 và 1,2852 D. 6 và 1,2852 Hướng dẫn: Ta có: Có 7 ancol thỏa mãn tính chất tách nước cho một anken duy nhất Đáp án C Câu 2: Oxy hóa 1 ancol đơn chức bằng O2 có mặt chất xúc tác thu được hỗn hợp X. Chia X thành ba phần bằng nhau. Phần 1: tác dụng hết với Na thu được 8,96 lít H2 (đktc) và hỗn hợp Y, làm khô Y thu được 48,8 gam chất rắn khan. Phần 2 tác dụng với NaHCO3 dư thì thu được 4,48 lít khí CO2 (đktc). Phần 3, tác dụng với AgNO3NH3 thu được 21,6 gam bạc. CTCT của ancol đã dùng là: A. C2H3CH2OH B. C2H5OH C. C2H5CH2OH D. CH3OH
Phát triển tư sáng tạo giải nhanh tập hóa hữu 12 - Nguyễn Minh Tuấn Câu 1: Đốt cháy hoàn toàn m gam ancol X đơn chức thu hỗn hợp sản phẩm Y Sục Y vào Ba(OH)2 dư thu 14,8932 gam kết tủa khối lượng bình phản ứng tăng 4,194 gam Tách nước ancol X H2SO4/170oC thu anken Số chất X thỏa mãn giá trị m là: A 1,852 B 1,852 C 1,2852 D 1,2852 Hướng dẫn: Ta có: nCO2 = 0,0756 BTKL + BTNT nBaCO3 = 0,0756 → → X : C6 H15OH nH O = 0,0882 → nX = nH2O − nCO2 = 0,0126 → m = 1,2852 Có ancol thỏa mãn tính chất tách nước cho anken Đáp án C Câu 2: Oxy hóa ancol đơn chức O có mặt chất xúc tác thu hỗn hợp X Chia X thành ba phần Phần 1: tác dụng hết với Na thu 8,96 lít H (đktc) hỗn hợp Y, làm khô Y thu 48,8 gam chất rắn khan Phần tác dụng với NaHCO dư thu 4,48 lít khí CO2 (đktc) Phần 3, tác dụng với AgNO 3/NH3 thu 21,6 gam bạc CTCT ancol dùng là: A C2H3CH2OH B C2H5OH C C2H5CH2OH Hướng dẫn: Ta tính tốn với trường hợp CH3OH RCH 2OH + [ O ] → RCHO + H 2O RCHO : a = 0,1 ¬ nAg = 0,2 a a X RCOOH : b = 0,2 = nCO2 a → H 2O = a + b RCH 2OH + [ O ] → RCOOH + H 2O b b b RCH 2OH : c RCOONa : 0,2 nH O = 0, = ( a + b + b + c ) → c = 0,3 → 48,8 NaOH : 0,3 → R = 15 RCH ONa : 0,3 D CH3OH Phát triển tư sáng tạo giải nhanh tập hóa hữu 12 - Nguyễn Minh Tuấn Đáp án B Câu 3: Oxy hóa 0,08 mol ancol đơn chức, thu hỗn hợp X gồm acid cacboxylic, andehide, ancol dư nước Ngưng tự toàn X chia làm hai phần Phần cho tác dụng hết với Na dư, thu 0,504 lít khí H (đktc) Phần hai cho phản ứng tráng bạc hoàn toàn thu 9,72 gam Ag Phần trăm khối lượng ancol bị oxy hóa là: A 62,5% B 31,25% C 40% D 50% Hướng dẫn: nAg max = 0,04.2 = 0,08 < 0,09 ⇒ ancol CH 3OH Nếu ancol thường: Gọi số mol CH3OH tạo andehide, acid, dư x, y, z (mol) Theo định luật bảo toàn electron, bảo toàn số mol ta có: nCH 3OH = x + y + z = 0,04 x = 0,02 x z nH = + y + = 0,0225 → y = 0,005 ⇒ Hieu Suat = 62,5% (khoi luong ) 2 z = 0,015 nAg = x + y = 0,09 Đáp án A Câu 4: Hỗn hợp A gồm andehide X, Y mạch hở, đơn chức (đều có khơng q ngun tử C phân tử) Đốt cháy hoàn toàn 0,3 mol A thu 0,5 mol CO 0,3 mol H2O Nếu lấy 0,3 mol A cho tác dụng với AgNO 3/NH4 dư thu m gam kết tủa Giá trị m là: A 64,8 Hướng dẫn: B 127,4 C 125,2 D 86,4 Phát triển tư sáng tạo giải nhanh tập hóa hữu 12 - Nguyễn Minh Tuấn n A = 0,3 HCHO : a a + b = 0,3 a = 0, H = → → → nCO2 = 0,5 → C = 1,67 CH ≡ C − CHO : b a + 3b = 0,5 b = 0,1 n = 0,3 H 2O Ag : 0, 2.4 + 0,1.2 = → → m = 127, AgC ≡ C − COONH : 0,1 Đáp án B Câu 5: Acid cacboxylic X hai chức (có phần tram khối lượng oxy nhỏ 70%), Y Z hai ancol đồng đẳng (MY < MZ) Đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol hỗn hợp X, Y, Z cần vừa đủ 8,96 lít khí O2 (đktc) 8,1 gam H2O Phần tram khối lượng Y hỗn hợp là: A 12,6% B 29,9% C 29,6% D 15,9% Hướng dẫn: → X: R(COOH)2 4.16 < 0, → R > 1, R + 90 nO2 = 0,4 BTNT Oxi BTKL → nO X ,Y , Z = 0,35 → mX ,Y , Z = ∑ m ( C , H , O ) = 10,7 nCO2 = 0,35 nH O = 0, 45 a + b = 0, acid : a a = 0,05 → → BTNT Oxi → → 4a + b = 0,35 b = 0,15 ancol : b Nếu X CH2(COOH)2 → ROH = CH 3OH : 0,1 10,7 − 0,05.104 0,1.32 → R = 19,67 → → %Y = = 29,9% 0,15 10,7 C2 H 5OH : 0,05 Đáp án B Câu 6: Khi thực phản ứng ester hóa mol CH 3COOH mol C2H5OH, lượng ester lớn thu 2/3 mol Để đạt hiệu suất 90% (tính theo acid) tiến hành ester hóa Phát triển tư sáng tạo giải nhanh tập hóa hữu 12 - Nguyễn Minh Tuấn mol CH3COOH cần số mol C2H5OH (biết phản ứng ester hóa thực nhiệt độ) A 0,342 B 2,925 C 2,412 D 0,456 Hướng dẫn: Đây toán liên quan tới số KC [ CH 3COOC2 H ] [ H 2O ] KC = [ CH 3COOH ] [ C2 H 5OH ] Với thí nghiệm ta có: 2 = =4 1 3 Với thí nghiệm 2: KC = [ CH 3COOC2 H ] [ H 2O ] [ CH 3COOH ] [ C2 H 5OH ] = 0,9.0,9 = → x = 1,925 → ∑ nC2 H5 OH = 2,925 0,1( + x − 0,9 ) Đáp án B Câu 7: Đốt cháy hoàn toàn 29,2 gam hỗn hợp X gồm andehide acrylic, metyl acetate, andehide acetic etylen glycol thu 1,15 mol CO 23,4 gam H2O Mặc khác cho 36,5 gam hỗn hợp X tác dụng hết với dung dịch AgNO 3/NH3 dư thu tối đa m gam Ag GIá trị gần m là: A 43,5 B 64,8 C 53,9 D 81,9 Hướng dẫn: Quy X thành: Cx H 4O : a Chay CO2 :1,15 BTKL 29,2 − 1,15.12 − 1,3.2 → → → nO ( X ) = = 0,8 C H O : b H O :1,3 16 y BTNT O → a + 2b = 0,8 a = 0, → BTNT H → → n−CHO = 0,2.1,25 = 0,25 → m = 0, 25.2.108 = 54 g → 4a + 6b = 2,6 b = 0,3 Đáp án C Phát triển tư sáng tạo giải nhanh tập hóa hữu 12 - Nguyễn Minh Tuấn Câu 8: Hỗn hợp M gồm ancol X, acid cacboxylic Y (đều no, đơn chức, mạch hở) ester Z tạo từ X Y Đốt cháy hoàn toàn m gam M cần dùng vừa đủ 0,18 mol O 2, sinh 0,14 mol CO2 Cho m gam M vào 500ml dung dịch NaOH 0,1M đun nóng, sau kết thúc phản ứng thu dung dịch N Cô cạn dung dịch N lại 3,68 gam chất rắn khan Cơng thức Y là: A C2H5COOH B HCOOH C CH3COOH D C3H7COOH Hướng dẫn: Ta có: CO2 : 0,14 BTNT O chay M → → nO ( M ) + 0,18.2 = 0,14.2 + a → nO ( M ) = a − 0,08 H 2O : a BTNT O nO ( ancol ) = nancol = nCO2 − nH O = a − 0,14 → nO (Y + Z ) = nO ( M ) − nO ( ancol ) = ( a − 0,08 ) − ( a − 0,14 ) = 0,06 RCOONa : 0,03 BTKL NaOH → nacid + ester = 0,03 → 3,68 g → R = 29 → C2 H 5COOH NaOH : 0,02 Đáp án A Câu 9: Hỗn hợp X gồm acid oxalic, acid acetic, acid acrylic, acid malonic Cho 0,25 mol X phản ứng hết với lượng dư dung dịch NaHCO 3, thu 0,4 mol CO Đốt cháy hoàn toàn 0,25 mol X cần dùng vừa đủ 0,4 mol O 2, thu CO2 7,2 gam H2O Phần tram khối lượng acid oxalic X là: A 21,63 B 43,27 C 56,74 D 64,9 Hướng dẫn: + Với NaHCO3 : nCO2 = 0, → n− COOH ( X ) = 0,4 + Đốt cháy: nH O = 0,4 BTKL → mX = ∑ m ( C , H , O ) = 20,8 g BTNT O 0,4.2 + 0,4.2 − 0, → n = = 0,6 CO2 Phát triển tư sáng tạo giải nhanh tập hóa hữu 12 - Nguyễn Minh Tuấn + Để ý X quy về: + Tiếp Cx H y O2 : a a + b = 0,25 a = 0,1 → → 2a + 4b = 0,8 b = 0,15 Cz H t O4 : b tục để ý số liên kết π X nCH 3COOH = 0, 25 − 0, = 0,05 → nCO2 − nH O = 0, → nCH =CH − COOH = 0,05 ( COOH ) : c c + d = 0,15 c = 0,1 0,1.90 → BTNT C → → %m( COOH ) = = 43,27% d = 0,05 20,8 → c + d = 0,35 CH COOH : d ( ) Đáp án B Câu 10: Hỗn hợp X gồm andehide, acid cacboxylic ester (trong acid ester đồng phân nhau) Đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol X cần 0,625 mol O 2, thu 0,525 mol CO2 0,525 mol H2O Tính phần tram khối lượng andehide có X? A 26,29 B 21,6 C 32,4 D 23,07 Hướng dẫn: Vì nH O = nCO2 = 0,525 nên X chứa chất no đơn chức BTKL → mX + 0,625.32 = 0,525 ( 44 + 18 ) → mX = 12,55 g R CHO : a a + b = 0, a = 0,075 BTNT O → nO ( x ) = 0,525.3 − 0,625.2 = 0,325 ⇒ nX = 0, → → R2COOH : b a + 2b = 0,325 b = 0,125 0,075.30 = 17,93%(loai ) 12,55 0,525 C= = 2,625 → 0,075.44 0, TH : CH 3CHO → % mCH 3CHO = = 26, 29% 12,55 TH 1: HCHO → % mHCHO = Vì Phát triển tư sáng tạo giải nhanh tập hóa hữu 12 - Nguyễn Minh Tuấn Nếu số → %mCH3COOH = C andehide 0,125.60 = 60% → %nandehide = 40%(loai ) 12,55 lớn Nếu bắt tìm CTPT chất X ta mò dễ dàng R2COOH = 12,55 − 0,075.44 = 74 → C2 H 5COOH 0,125 Đáp án A Câu 11: Hỗn hợp E chứa amin no bậc II, đơn chức, mạch hở hai hidrocacbon X,Y (X Y nguyên tử cacbon số mol X gấp 1,5 lần số mol amin) Đốt cháy 0,24 mol hỗn hợp E cần dùng 0,76 mol O2, sản phẩm cháy dẫn qua dung dịch KOH đặc dư thấy khối lượng bình tăng 30,88 gam, đồng thời khí đơn chất Mặt khác, lấy 3,84 gam E cho vào dung dịch Br2 dư thấy có a mol Br2 phản ứng Giá trị a là: A 0,16 B 0,02 C 0,04 Hướng dẫn: Ta có: BTKL → 44a + 18b = 30,88 a = 0,44 CO2 : a 30,88 g → BTNT O → b = 0,64 H 2O : b → 2a + b = 2.0,76 X : CH C2 H 0, 44 →C = = 1,83 → 0, 24 Y → C2 H C2 H + Trường hợp Y C2H6 , C2H4 vơ lý nH 2O − nCO2 > nX = 0,24 D B C Phát triển tư sáng tạo giải nhanh tập hóa hữu 12 - Nguyễn Minh Tuấn + Vậy Cn H n + N : a 2,5a + b = 0, 24 a = 0,08 E CH :1,5a → na + 1,5a + 2b = 0, 44 → b = 0,04 C H : b 2 ( 2n + 3) a + 6a + 2b = 1, 28 n = Với 0,24 mol E → mE = 0,44.12 + 0,64.2 + 0,08.14 = 7,68 g → 3,84 g E ↔ nE = 0,12 → nC2 H = 0,02 → nBr2 = 0,04 Đáp án C Câu 12: Hỗn hợp E gồm chất hữu X (C2H7O3N) Y (C3H12O3N2) X Y có tính lưỡng tính Cho m gam hỗn hợp E tác dụng vớ dung dịch HCl dư thu 4,48 lít khí Z (Z hợp chất vô cơ) Mặt khác, cho m gam hỗn hợp E tác dụng với dung dịch NaOH dư, đun nóng 6,72 lít khí T (T hợp chất hữu đơn chức chứa C,H,N làm xanh quỳ tím) Cơ cạn dung dịch thu chất rắn gốm hai chất vơ Thể tích khí đo đktc Giá trị m là: A 23,1 B 22,4 C 21,7 D 20,5 Hướng dẫn: Từ kiện toán suy ra: HCl → nCO2 = a + b = 0,2 CH NH HCO3 : a → NaOH → a = b = 0,1 → m = 217.0,1 = 21,7 g ( CH NH ) CO3 : b → nCH NH = a + 2b = 0,3 Đáp án C Câu 13: Cho 16,5 gam chất A có CTPT C2H10O3N2 vào 200 gam dung dịch NaOH 8% Sau phản ứng xảy hoàn tồn thu dung dịch B khí C Biết C gồm khí có khả làm quỳ tím hóa xanh Tổng nồng độ % chất tan có B gần với: A Hướng dẫn: B C 10 D 11 Phát triển tư sáng tạo giải nhanh tập hóa hữu 12 - Nguyễn Minh Tuấn Ta có: A : CH NH 3CO3 NH nA = 0,15 n = 0,4 A CH NH 3CO3 NH + NaOH → Na2CO3 + NH ↑ +CH NH ↑ +2 H 2O NH : 0,15 → mC = 7,2 g → C 19,9 CH NH : 0,15 BTKL →∑C% = = 9,51% 16,5 + 200 − 7, NaOH ( du ) : 0,1 → B → mchat tan ( B ) = 19,9 Na2CO3 : 0,15 Đáp án C Câu 14: X peptit mạch hở tạo Glu Gly Để tác dụng vừa đủ 0,15 mol X cần vừa đủ dung dịch chứa 0,6 mol KOH Đốt cháy hoàn toàn 15,66 gam X thu a mol CO Giá trị a là: A 0,54 B 0,45 C 0,36 D 0,6 Hướng dẫn: + Quy X Glu : 0,15 x x = BTNT K → 0,15 ( x + y ) = 0,6 ⇔ x + y = → Gly : 0,15 y y = H O : − x + y − 0,15 ( ) BTNT C Glu − Gly − Gly → M X = 261 → nX = 15,66 ( 2.2 + ) = 0,54 261 Đáp án A Câu 15: X Y tripeptit tetrapeptit tạo thành từ a.a no, hở, có nhóm cacboxyl nhóm amine Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol Y thu sản phẩm gồm CO2, H2O, N2, tổng khối lượng CO2 H2O 47,8 gam Nếu đốt cháy hoàn toàn 0,3 mol X mol O2? A 2,8 Hướng dẫn: B 2,025 C 3,375 D 1,875 Phát triển tư sáng tạo giải nhanh tập hóa hữu 12 - Nguyễn Minh Tuấn Gọi a.a CnH2n+1O2N Y: C4nH8n-2O5N4 Đốt Y BTKL → mCO2 + mH O = 0,1.4n.44 + 0,1.( 4n − 1) 18 = 47,8 → n = BTNT O → X : C6 H11O5 N → nO2 pu = 0,3.6.2 + 0,3.5.5 − 0,3.4 = 2,025 Đáp án B Câu 16: Hỗn hợp X gồm Gly-Gly-Ala, Gly-Ala-Gly-Ala, Gly-Ala-Ala-Gly-Ala, Gly-Gly Đốt 51,96 gam hỗn hợp X cần vừa đủ khí O thu tổng khối lượng CO H2O 113,32 gam Cho m gam hỗn hợp X tác dụng với dung dịch KOH vừa đủ thu 227,3 gam muối khan Giá trị m là: A 114,6 B 118,6 C 129,9 D 124,4 Hướng dẫn: ( Để ý peptit có gốc Gly nên quy X −C2 H NO − : a ( x + ) Ala ) x ( Gly ) : a → −CH : xa H O : a ( phương pháp đồng đẳng hóa) BTKL → 44 ( 3ax + 4a ) + 18 ( 2,5ax + 4a ) = 113,32 a = 0, CO2 : 2ax + 4a = 3ax + 4a → → BTKL → → 57a ( x + ) + 14ax + 18a = 51,96 x = 1,8 H 2O : 2,5ax + 4a → nN ( X ) = 0, 2.( + 1,8 ) = 0,76 BTKL m = 51,96k → 51,96k − 0,2k.18 + 0,76k.56 = 227,3 → k = 2,5 → m = 51,96.2,5 = 129,9 g Đáp án C Câu 17: Hỗn X gồm Gly-Ala-Ala, Gly-Ala-Ala-Gly, Gly-Ala-Ala-Gly-Gly-Gly, Ala-Ala Đốt 39,28 gam hỗn hợp X cần vừa đủ V lít khí O (đktc) thu tổng khối lượng CO H2O 87,12 gam Cho m gam hỗn hợp X tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ thu 105,84 gam muối khan Giá trị m gần với: A 84,6 B 82,6 C 90,9 D 70,7 ∑ nπ X = y + z = 0,15 + 0,1 = 0, 25 y + z = 0, 25 x = 0,075 0,5.2 − 0,1.2 = 0, ↔ x + y + z = 0, → y = 0,0625 x + y + z = 2 x + z = 0, z = 0,0625 − x + y = nCO2 − nH O = x + y + z − 0,4 → a = 0,075 + 2.0,0625 + 4.0,0625 = 0, 45 Đáp án D Câu 85: Hỗn hợp T gồm X, Y, Z (58 < MX < MY < MZ < 78 , hợp chất hữu tạp chức, phân tử chứa C, H, O có tính chất sau: - X, Y, Z tác dụng với Na Y, Z tác dụng với NaHCO3 X, Y có phản ứng tráng bạc Nếu đốt cháy hết 0,25 mol hỗn hợp T thu m gam CO2 Giá trị m gần với? A 44,4 B 22,2 C 11,1 D 33,3 Hướng dẫn: Ta suy T là: X : HO − CH − CHO → nC = nT = 0, 25.2 = 0,5 → m = 0,5.44 = 22 g Y : HOC − COOH Z : HO − CH − COOH Đáp án B Câu 86: Một bình kín chứa chất sau: C 2H2 (0,5 mol), C4H4 (0,4 mol), H2 (0,65 mol) bột niken Nung nóng bình thời gian, thu hỗn hợp khí X có tỉ khối so với H 19,5 Khí X phản ứng vừa đủ với 0,7 mol AgNO dung dịch NH3, thu m gam kết tủa 10,08 lít hỗn hợp khí Y (đktc) Khí Y phản ứng tối đa với 0,55 mol Br dung dịch Giá trị m là? A 76,1 B 92 C 75,9 D 91,8 ( Khối B – 2014) Hướng dẫn: nX = Bảo toàn khối lượng 26.0,5 + 52.0, + 0,65.2 = 0,9 → nH ( pu ) = 1,55 − 0,9 = 9,65 39 Vì 0,5 mol C2H2 0,4 mol C4H4 phản ứng tối đa với 2,2 mol H nên X có khả phản ứng tối đa với (2,2 – 0,65) = 1,55 mol H2 Chỉ có C2H2 dư (a mol); C4H4 dư (b mol) ; C4H6 (c mol) X tác dụng với dung dịch AgNO3/NH3 a + b + c = 0, 45 a = 0,25 2a + 3b + 2c + 0,55 = 1,55 ↔ b = 0,1 → m = 240a + 159b + 161c = 92 g 2a + b + c = 0,7 c = 0,1 Đáp án D Câu 87: Hỗn hợp X gồm C3H6, C4H10, C2H2 H2 Cho m gam X vào bình kín có chứa bột Ni làm xúc tác Nung nóng bình thu hỗn hợp Y Đốt cháy hồn tồn Y cần dùng vừa đủ V lít O2 (đktc) Sản phầm cháy cho hấp thụ hết vào bình đựng nước vơi dư, thu dung dịch có khối lượng 21,45 gam Nếu cho Y qua bình đựng lượng dư dung dịch Br CCl4 có 24 gam Br2 phản ứng Mặt khác, cho 11,2 lít (đktc) hỗn hợp X qua bình đựng dung dịch Br2 dư CCl4, thấy có 64 gam Br2 phản ứng Biết phản ứng xảy hoàn toàn Giá trị V là: A 21 B 14,28 C 10,5 D 28,56 Hướng dẫn: C3 H : x C H : y BTLK π m g X : 10 → ∑ nlk π ( X ) = nH2 + nBr2 ( Y ) ↔ x + z = t + 0,15 C H : z 2 H : t → nX = x + y + z + t = x + y + 3z − 0,15 0,5 mol X + 0, mol Br2 → ( ) x + 2z 0, = → x + y + z = 0,6 = nCO2 = n↓ x + y + 3z − 0,15 0,5 ( ) → m↓ − mCO2 + mH O = 21, 45 ↔ 0,6.100 − 0,6.44 + mH O = 21, 45 → nH 2O = 0,675 BTNT O → nO2 = 0,6.2 + 0,675 = 0,9375 → V = 21lit Đáp án A Câu 88: Hấp thu vừa đủ hỗn hợp khí X gồm C 2H4 C3H6 vào dung dịch KMnO4 31,6% nhiệt độ thấp, thu dung dịch Y chứa chất tan C 2H6O2 C3H8O2, KOH tủa Z Trong dung dịch Y nồng độ C2H6O2 6,906% Phần trăm khối lượng C3H6 X là: A 62,88 Hướng dẫn: B 73,75 C 15,86 D 15,12 → CH = CH − R → CH ( OH ) − CH ( OH ) − R + 2e Mn +7 + 3e → Mn +4 158 BT electron 1000 → n = → m = = KMnO4 dd KMnO4 0,316 BTNT Mn C2 H : x → nMnO2 = → mMnO2 = 58 g x = 0,348 nanken = 1mol → → y = 0,652 C3 H : y x + y = 62 x 6,906 = 1000 + 28 x + 42 y − 58 100 → %mC3 H = 73,756% Đáp án B Câu 89: Hỗn hợp X gồm hai hợp chất hữu no, mạch hở (đều chứa C, H, O), phân tử chất có hai nhóm chức số nhóm -OH, -CHO, -COOH Cho m gam X phản ứng hoàn toàn với lượng dư dung dịch AgNO 3/NH3, thu 4,05 gam Ag 1.86 gam muối amoni hữu Cho toàn lượng muối amoni hữu vào dung dịch NaOH (dư, đun nóng), thu 0,02 mol NH3 Giá trị m là: A 1,5 B 1,24 C 2,98 D 1,22 ( Thi THPT Quốc Gia 2015 ) Hướng dẫn: nAg = 0,0375 n− CHO = 0,01875 1,86 → → M R − COONH = = 93 → R = 31( OH − CH − ) 0,02 nR − COONH = 0,02 nNH3 = 0,02 Vậy X có chứa chất là: OH − CH − CHO : 0,01875 → m = 1, 22 g OH − CH − COOH : 0,00125 Đáp án D Câu 90: Hỗn hợp X gồm chất có CTPT C 3H12N2O3 C2H8N2O3 Cho 3,4 gam X phản ứng vừa đủ với dung dịch NaOH (đun nóng), thu dung dịch Y gồm chất vô 0,04 mol hỗn hợp chất hữu đơn chức (đều làm xanh quỳ tím ẩm) Cơ cạn Y, thu m gam muối khan Giá trị m là: A 3,36 ( Thi THPT Quốc Gia 2015 ) B 2,97 C 2,76 D 3,12 Hướng dẫn: Gọi chất X A B Biện luận 2.3 + − 12 + = −1 k A tinh theo CTPT = A: A phanung voi NaOH → k Athuc te ≥ Mặt khác, ta có: Solk ion = k Athuc te − k Atinh theo CTPT X co 3O → k Athuc te = A hợp chất có chứa liên kết ion A hợp chất có chứa nhóm muối amoni Biện luận tương tự ta suy B hợp chất có nhóm amoni Do A B sinh hỗn hợp gồm khí làm xanh quỳ tím ẩm nên CTCT A B là: A: (H3C-H3N-O)2C=O (x mol) B: C2H5NH3-NO3 (y mol) Khi đó: hỗn hợp khí Vậy Y gồm CH − NH : x x + y = 0,04 x = 0,01 → → 124 x + 108 y = 3, y = 0,02 C2 H − NH : y Na2CO3 BT goc CO32− va NO3− → m = 0,01.106 + 0,02.85 = 2,76 g NaNO3 Đáp án C Câu 91: Hỗn hợp X gồm CnH2n-1CHO, CnH2n-2(CHO)2, CnH2n-2(COOH)2, CnH2n-3(CHO)(COOH)2 Cho m gam hỗn hợp X tác dụng với dung dịch AgNO 3/NH3 dư thu 56,16 gam Ag Trung hòa m gam hỗn hợp X cần 30 gam dung dịch hỗn hợp NaOH 12% KOH 5,6% Đốt m gam hỗn hợp X cần (m + 7,92) gam O2 Giá trị m gần với giá trị sau đây? A 19,84 B 20,16 C 19,36 D 20,24 Hướng dẫn: AgNO3 / NH Cn H n −1CHO : x ( k = ) → Ag : 0,52 Cn H n − ( CHO ) : y ( k = ) 30.0,12 30.0,056 30 g kiem mg X : → → ∑ nOH − = + = 0,12 40 56 Cn H n − ( COOH ) : z ( k = ) ( m + 7,92) g O2 C H → CO2 + H 2O CHO COOH : t k = ( ) ( ) ( ) n n − Theo giả thuyết ta có: nAg = 0, 26 n−CHO = x + y + t = → x + y + z + 3t = 0,38 (*) n−COOH = z + 2t = n − = 0,12 OH → nO ( E ) = nO ( −CHO ) + nO ( −COOH ) = 0,26 + 2.0,12 = 0,5 Áp dụng độ bất bão hòa, kết hợp với (*) ta có: Kết hợp (**), ta có: x + y + z + 3t = nCO2 − nH 2O = 0,38 (**) m + 7,92 BTNT O → 2nCO2 + nH O = 0,5 + 32 nCO2 = 0,86 BTKL → 44nCO2 + 18nH O = m + ( m + 7,92 ) →→ nH O = 0, 48 m = 19, 28 nCO2 − nH 2O = 0,38 Đáp án C Câu 92: Đốt cháy m gam hỗn hợp X gồm methanol, etanol, glixerol, sobitol cần vừa đủ 5,712 lít O2 (đktc), sau phản ứng thu 5,04 gam H2O Mặt khác cho 0,2 mol hỗn hợp X tác dụng với Na dư thu 4,76 lít H2 (đktc) Phần trăm khối lượng etanol có hỗn hợp X là: A 16,2 B 24,3 C 8,1 D 32,4 Hướng dẫn: Nadu TN : 0, mol X → H : 0,2125 → nOH − = 2nH = 0,425 → soO = nOH − nX = 0,425 = 2,125 0,2 CH 3OH C H OH CO 0,255 mol O2 TN1: m g X : → H 2O : 0, 28 C3 H ( OH ) C H ( OH ) BTNT O → 2,125nX + 2.0, 255 = 2nCO2 + 0, 28 nX = 0,08 → Do bat bao hoa → → nOH − ( ancol ) = 0,08.2,125 = 0,17 → nX = 0, 28 − nCO2 nCO2 = 0,2 BTKL → mX = 12nCO2 + 2nH O + 16nO = 12.0, + 2.0, 28 + 16.0,17 = 5,68 g %mC2 H5 OH = Trong X có ancol có số C lớn số -OH đơn vị, nên 0,03.46 = 24,3% 5,68 Đáp án B Câu 93: Tetrapeptit X (CxHyO5Nt) oxi chiếm 26,49% khối lượng; Y muối amoni α− amino axit Z Đun nóng 19,3 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z cần dùng 200 ml dung dịch NaOH 1M, thu muối 2,688 lít khí (đktc) T (T có tỉ khối so với H < 15) Mặt khác 19,3 gam E tác dụng HCl dư thu m gam muối Giá trị m là: A 27,85 B 28,45 C 31,52 D 25,1 Hướng dẫn: Hỗn hợp E phản ứng với NaOH thu muối X tetrapeptit tạo Z %mO = 26,49% → M X = 16.5 = 302 → M Z − 3.18 = 302 → M Z = 89 0,2649 - (Alanin) Do Y muối amoni tạo Z phản ứng với NH3 amine MT < 30 T: NH3 (được sinh Y phản ứng với NaOH) BTNT Na → ngoc Ala = nAla − Na = nNaOH = 0, Ala.HCl : 0, HCl → E → → mmuoi = 0, 2.125,5 + 0,12.53,5 = 31,52 g NH 4Cl : 0,12 Đáp án C Câu 94: Đốt cháy ester chức mạch hở (X tạo từ axit cacboxylic no, đa chức, phân tử X π khơng có q liên kết ) thu tổng thể tích CO2 H2O gấp 5/3 lần thể tích O2 cần dùng Lấy 21,6 gam X tác dụng hoàn toàn với 400 ml dung dịch NaOH 1M, cô cạn dung dịch sau phản ứng thu m gam chất rắn Y Giá trị lớn m là: A 28 B 26,2 C 24,8 D 24,1 ( Đề thi thử trường THPT Quỳnh Lưu – Nghệ An 2015 ) Hướng dẫn: Ta có CTPT ester chức mạch hở là: Phản ứng cháy: Cn H n + − k O4 ( k ≤ ) n +1− k to Cn H n + − k O4 + n − + → nCO2 + ( n + − k ) H 2O ÷O2 ∑( n CO2 Ta có: n = 5 n +1− k + nH 2O = nO2 ↔ 2n + − k = n − + ÷ ↔ 3n + k = 21 → k = 3 3 ) 2 π − COOH 21,6 C6 H 8O4 ( k = 3) → → CH 3OOC − CH − COOCH = CH : = 0,15 144 1π R − NaOOC − CH − COONa : 0,15 0,4: NaOH → → mmuoi = m = 0,15.148 + 0,1.40 = 26,2 g NaOH du : 0,4 − 0,15.2 = 0,1 Đáp án B Câu 95: X, Y hai chất hữu thuốc dãy đông đẳng ancol anlylic, Z axit no chức, T ester tạo X, Y, Z Đốt cháy 17,12 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z, T (đều mạch hở) cần dùng 10,864 lít O2 (đktc) thu 7,56 gam nước Mặt khác 17,12 gam E làm màu vừa đủ dung dịch chứa 0,09 mol Br Nếu đun nóng 0,3 mol E với 450 ml dung dịch KOH 1M, cô cạn dung dịch sau phản ứng, lấy phần lỏng chứa chất hữu qua bình đựng Na dư thấy khối lượng bình tăng m gam Giá trị gần m là: A Hướng dẫn: B 7,5 C D 8,5 CO2 : ? 0,485 mol O2 X , Y : R − CH = CH − CH 2OH : a ( k = 1) → 17,12 g E Z : R ( COOH ) : b ( k = ) → H 2O : 0, 42 0,09 mol Br2 → T : R COO − CH − CH = CH − R : c ( k = ) ( ) Nadu 0,45 mol KOH 0, mol E → long → m↑ = ? BTKL → mCO2 = 17,12 + 0, 485.32 − 18.0, 42 = 25,08 → nCO2 = 0,57 BTNT O → nO ( E ) = 2.0,57 + 0, 42 − 2.0,485 = 0,59 BTNT O E → a + 4b + 4c = 0,59 a = 0,07 bat bao hoa k → b + 3c = nCO2 − nH O = 0,15 → b = 0,12 → nE = 0,2 BTLK π c = 0,01 → a + 2c = nBr2 = 0,09 C X ,Y > CZ ≥ → CZ = → Z : ( COOH ) CT > n C E = CO2 = 2,85 nE 0, 2mol E ↔ 17,12 g → 0,3mol ↔ 25,68 g R − CH = CH − CH 2OH : 0,135 R − CH = CH − CH 2OH : 0,135 ( COOK ) : 0,195 0,45 mol KOH 25,68 g E : ( COOH ) : 0,18 → KOH du : 0,06 COOCH 2CH = CH − R : 0,015 H 2O : 0,36 ( ) BTKL → mE + mKOH = mancol + mmuoi + mKOH du + mH 2O → mancol = 8,67 g → m↑ = mancol − mH = 8,67 − 0,135.2 = 8,535 g Đáp án D Câu 96: Hỗn hợp T gồm chất hữu X, Y, Z (50 < M X < MY < MZ, tạo nên từ nguyên tố C, H, O Trong nX = 4(nY + nZ) ) Đốt cháy hoàn toàn m gam T thu H 2O 13,2 gam khí CO2 (đktc) Cho m gam T phản ứng vừa đủ với 0,4 lít dung dịch KHCO 0,1M Cũng với lượng T trên, cho phản ứng với dung dịch AgNO 3/NH3 dư thu 56,16 gam Ag Phần trăm khối lượng X T là: A 32,54 Hướng dẫn: B 47,9 C 74,52 D 79,16 → n−COOH + n−CHO = nCO2 nAg = 0, 26 ( M X > 50 ) = 0,3 → so nhom chuc = soC nCO2 = 0,3 ; nKHCO3 = n−COOH = 0,04 ; n− CHO = X : ( CHO ) : x 2 x + y + x = 0,3 x = 0,12 → Y : HCO − COOH : y → y + z = 0,04 → y = 0,02 → % m X = 74,52% Z : COOH : z z = 0,01 )2 x = y + 4z ( Đáp án C Câu 97: Cho X axit cacboxylic đơn chức, mạch hở, phân tử có liên kết đơi C=C; Y Z hai axit cacboxylic no, đơn chức, hở, đồng đẳng với M Y < MZ) Cho 23,02 gam hỗn hợp E gồm X, Y, Z tác dụng vừa đủ với 230 ml dung dịch NaOH 2M, thu dung dịch F Cô cạn F, thu m gam chất rắn khan G Đốt cháy toàn G O dư, thu Na2CO3, hỗn hợp T gồm khí Hấp thụ tồn T vào bình nước vơi dư, sau phản ứng xảy hồn tồn khối lượng bình tăng thêm 22,04 gam Khối lượng Z 23,02 gam E gần giá trị sau đây? A 3,5 B C 17 ( Trích đề thi thử trường THPT Nguyễn Thị Minh Khai – Hà Tĩnh 2015 ) Hướng dẫn: D 22 nE = nNaOH = 0, 23.2 = 0,46 → M E = Y : HCOOH 23,02 = 50,04 → 0, 46 Z : CH 3COOH T : CO2 + H 2O = m↑ = 22,04 g O2 NaOH E → G : mG = 23,02 + ( 23 − 1) 0, 46 = 33,14 g → Na2CO3 BTKL → 33,14 + mO2 = 106.0, 23 + 22,04 → nO2 = 0, 415 BTNT O → 2nCO2 + nH2 O = ( 0, 46.2 + 0, 415.2 − 0, 23.3) nCO2 = 0,37 → BTKL → → nH ( G ) = 0,64 n = 0,32 → 44 n + 18 n = 22,04 H O CO2 H2 O BTNT C → nC = nNa2 CO3 + nCO2 ( T ) = 0,23 + 0,37 = 0,6 = nCO2 ( E ) BTNT H → nH ( E ) = nH ( G ) + 2nH O ( T ) − nNaOH = 1,1 → nH O ( E ) = 0,55 X ( k = ) nX = nCO2 ( E ) − nH O ( E ) = 0,05 O2 E → nY + Z = 0, 46 − 0,05 = 0, 41 Y , Z ( k = 1) BTNT C → C X 0,05 + C Y , Z 0, 41 = 0,6 C Y , Z > → C X 0,05 < 0,6 − 0, 41 → < C X < 3,8 → C X = X : CH = CH − COOH : 0,05 a + b = 0,41 a = 0,37 BTNT C → E Y : HCOOH : a → → a + 2b = 0,6 − 3.0,05 b = 0,04 Z : CH COOH : b → mCH3COOH ( E ) = 0,04.60 = 2, g Đáp án B Câu 98: Hỗn hợp X gồm peptit A cấu tạo glyxin, alanin chất béo B có chứa liên π kết phân tử (số mol B nhỏ số mol A) Đốt cháy a gam hỗn hợp X cần vừa 49,28 lít O2 (đktc) Mặt khác, thủy phân a gam X lượng NaOH vừa đủ cô cạn m gam hỗn hợp Y gồm muối Đốt cháy m gam Y cần vừa đủ 47,712 lít O (đktc), thu hỗn hợp khí Z gồm CO2, H2O, N2 13,78 gam Na2CO3 Dẫn tồn hỗn hợp Z qua bình đựng dung dịch NaOH đặc dư thấy khối lượng bình tăng thêm 90,46 gam so với ban đầu Xem N không bị nước hấp thu, phản ứng xảy hoàn toàn Phần trăm khối lượng A hỗn hợp X gần với giá trị sau đây? A 43,6 B 42,7 C 44,5 D 41,8 Hướng dẫn: 2,2 mol O2 → CO2 + H 2O + N C H OH ( ) A : ( Gly ) m ( Ala ) n Na2CO3 : 0,13 a gX → NaOH C2 H 4O2 NNa : x 2,13 mol O2 → N → B : ( RCOO ) C3 H ( k = ) Y C H O NNa : y CO2 RCOONa : m( g ) 90, 46 g H 2O Số mol O2 chênh lệch đốt X Y số mol O2 cần đốt C3H5(OH)3 n = 0,02 BT electron nO2 dot C3 H5 ( OH ) = 2, − 2,13 = 0,07 → nC3 H ( OH ) = 0,02 → B 3 nRCOONa = 0,02.3 = 0,06 BTNT Na → nO ( Y ) = 2nNa ( Y ) = 0,26.2 = 0,52 2nCO2 + nH 2O = ( 0,52 + 2,13.2 − 0,13.3) nCO = 1, 43 → → → nC ( Y ) = 1, 43 + 0,13 = 1,56 nH O = 1,53 44nCO2 + 18nH 2O = 90,46 BTKL → mY = mC + mH + mO + mN + mNa = 38,88 g nC2 H O2 NNa + nC3 H O2 NNa = nN ( Y ) = 0, → ( x + y ) = 0, < nC ( muoi Gly , Ala ) < ( x + y ) = 0,6 BTNT C → 1,56 − 0,6 < nC ( RCOONa ) < 1,56 − 0, → 0,96 1,16 = 16 < soC RCOONa < = 19,33 0,06 0,06 so C cua axit beo la so chan k =3 → soCRCOONa = 18 → ( C17 H 35COO ) C3 H C2 H 4O2 NNa : x mC H O NNa x + y = 0, x = 0,12 → 38,88 g C3 H 6O2 NNa : y → → → = 97 x + 111 y + 0,06.306 = 38,88 y = 0,08 m C3 H O2 NNa C H COONa : 0,06 17 35 BTNT C → ( 2m + 3n ) nA = nC ( muoi Gly , Ala ) = 0,12.2 + 0,08.3 = 0, 48 m = 3; n = → nA = 0,04 > nB (thoa man) m Do = → m = 6, n = → nA = 0,02 = nB (loai ) n → nA < nB → A : ( Gly ) ( Ala ) : 0,04 → mA = 0,04 ( 75.3 + 89.2 − 18.4 ) = 13, 24 g → % mA = 13,24 = 42,65% 13, 24 + 0,02.890 Đáp án B Câu 99: X, Y axit cacboxylic hai chức (trong X no, Y không no chứa liên kết C=C); Z ester chức tạo X, Y ancol no T Đốt cháy 21,58 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z (số mol Y gấp lần số mol Z) cần dùng 0,275 mol O Mặt khác đun nóng 21,58 gam E cần 440 ml dung dịch NaOH 1M (vừa đủ) thu ancol T hỗn hợp F gồm a gam muối A b gam muối B ( MA < MB) Dẫn toàn T qua bình đựng Na dư thấy khối lượng bình tăng 1,76 gam, đơng thời thu 0,672 lít khí H2 (đktc) Tỉ lệ a:b gần với? A 3,9 B 3,7 C 3,6 D 3,8 Hướng dẫn: 0,275 mol O2 → CO2 + H 2O X : R ' ( COOH ) : x ( k = ) R ' ( COONa ) muoi F 21,58 g E Y : R ( COOH ) : y ( k = 3) → 0,44 mol NaOH R ( COONa ) → m↑ = 1,76 g Z : ester taoboi X ,Y va ancol T : y Na ancol T → H : 0,03 mT = 1,76 + 0,03.2 = 1, 82 g 1,82n 91n ancol T : R ( OH ) n : = 0,06 → M T = 0,06 n = n = 0,06 = − H2 OH n n = → M T = 91 (loai ) M T M T : C x H x + 2On → → → T : C6 H ( OH ) ( sorbitol ) : 0,01 = y M T M2 n = → M T = 182 → x + y + y = nNaOH = 0, 44 → x = 0,17 '' n− COO − = nNaOH pu = 0, 44 → nO ( E ) = 2.0, 44 = 0,88 BTNT O → 2nCO2 + nH O = 0,88 + 2.0, 275 nCO2 = 0,58 → BTKL → 44nCO2 + 18nH O = 21,58 + 0, 275.32 nH O = 0, 27 nCO2 0,58 →C = = = 2,9 → X : ( COOH ) : 0,17 nE 0,17 + 0,02 + 0,01 bat bao hoa k → ( − 1) 0,17 + ( − 1) 0,02 + ( kZ − 1) 0,01 = nCO2 − nH O = 0,31 → k Z = 11 π goc R = 11 − − COO − − 3vong = → Z chua goc R cua axit khong no hai chuc ,1π BTNT C → 0,17.2 + ( CR + ) 0,02 + ( 2CR + 12 ) 0,01 = nCO2 = 0,58 → CR = → R : −CH = CH − BT goc − OOC − COO − ( COONa ) → 0,17 + 0,01 = 0,18 a 0,18.134 →F → = = 3,7687 BT goc − CH = CH − b 0,04.160 C H COONa → 0,02 + 2.0,01 = 0,04 ( ) 2 Đáp án D Câu 100: Hỗn hợp E chứa ester hai chức mạch hở, có ester khơng no chứa liên kết C=C Đun nóng hoàn toàn hỗn hợp E với dung dịch KOH (lấy dư gấp 2,4 lần so với phản ứng) Cô cạn dung dịch sau phản ứng thu hỗn hợp chứa ancol đơn chức, đồng đẳng hỗn hợp F chứa chất rắn Lấy hỗn hợp ancol đun với H 2SO4 đặc 140oC thu 6,39 gam hỗn hợp ete (biết hiệu suất ete hóa ancol 75%) Đốt cháy tồn F lượng O2 vừa đủ thu 0,24 mol K 2CO3 0,16 mol H2O Phần trăm khối lượng ester có khối lượng phân tử lớn là? A 23,14 B 21,18 C 22,9 D 37,93 Hướng dẫn: DO thu ancol đơn chức đồng đẳng nên ester ester hai chức axit Lượng KOH lấy dư 2,4 lần so với phản ứng, nên ta có: R ( COOK ) : 0,5 x BTNT K F : R ' ( COOK ) → 0,5 x.2 + 1, x = 0,48 → x = 0, KOH du :1, x 0,24 0, 24 → nC = nK2CO3 = 0,24 → C = = = 2,4 → F chua ( COOK ) 0,5 x 0,1 BTNT C → a.2 + b ( n + ) = 0,24 ( COOK ) : a BTNT H F Cn H n − ( COOK ) : b → → b ( 2n − ) + 0, 28 = 0,32 → a + b = 0,1 KOH du : 0,28 a = 0,08 ( COOK ) : 0,08 → b = 0,02 → C2 H ( COOK ) : 0,02 n = macol = 6,39 + 18nH 2O C2 H 5OH : 0,12 7,74 mancol = 7,74 g ancol : → → M ancol = = 51,6 → 75 0,15 = nH O nH O = 0,075 C3 H 7OH : 0,08 nancol pu = 0,2 100 Các trường hợp cho ester E thỏa mãn: C3 H7 OOC − C2 H − COOC2 H : 0,02 TH 1: C2 H 5OOC − COOC3 H : 0,06 → %mester M − Max = 22,9% COOC H : 0,02 5)2 ( C3 H7 OOC − C2 H − COOC3 H : 0,02 TH : C2 H 5OOC − COOC3 H : 0,04 → %mester M − Max = 37,93% COOC H : 0,04 5)2 ( C3 H7 OOC − C2 H − COOC2 H : 0, 02 TH : C3 H 7OOC − COOC3 H : 0,02 → % mester M − Max = 24,63% COOC H : 0,06 5)2 ( C2 H 5OOC − C2 H − COOC2 H : 0,02 TH : C2 H 5OOC − COOC2 H : 0,04 → %mester M − Max = 42,86% COOC H : 0,04 7)2 ( C3 H7 OOC − C2 H − COOC3 H : 0,02 TH : C3 H 7OOC − COOC3 H : 0,03 → %mester M − Max = 24, 21% COOC H : 0,05 5)2 ( Đáp án A ... tạo giải nhanh tập hóa hữu 12 - Nguyễn Minh Tuấn Đáp án B Câu 3: Oxy hóa 0,08 mol ancol đơn chức, thu hỗn hợp X gồm acid cacboxylic, andehide, ancol dư nước Ngưng tự toàn X chia làm hai phần Phần... B Câu 6: Khi thực phản ứng ester hóa mol CH 3COOH mol C2H5OH, lượng ester lớn thu 2/3 mol Để đạt hiệu suất 90% (tính theo acid) tiến hành ester hóa Phát triển tư sáng tạo giải nhanh tập hóa hữu. .. gần với: A 84,6 B 82,6 C 90,9 D 70,7 Phát triển tư sáng tạo giải nhanh tập hóa hữu 12 - Nguyễn Minh Tuấn Đáp án D Giải tương tự câu 16 Câu 18: Đốt cháy hoàn toàn 51,27 gam hỗn hợp gồm peptit X,