Đề tài tập trung nghiên cứu ở 2 chuyên đề thường gặp là: Chuyên đề 1: Cơ sở lý thuyết và phương pháp phân tử hóa hỗn hợp ancol, axit và este. Chuyên đề 2: Cơ sở lý thuyết và phương pháp phân tử hóa hỗn hợp aminoaxit và peptit. Nội dung đề tài được bố cục gồm 3 phần: Phần 1: Cơ sở lý thuyết của từng chuyên đề. Phần 2: Một số bài toán mẫu hướng dẫn giải chi tiết. Phần 3: Một số bài tập tự luyện của từng chuyên đề.
01686769040 TỔNG HỢP CÁC DẠNG BÀI TẬP HỮU CƠ KHÓ (ESTE+PEPTIT) GIẢI CHI TIẾT A NỘI DUNG: Đề tài tập trung nghiên cứu chuyên đề thường gặp là: Chuyên đề 1: Cơ sở lý thuyết phương pháp phân tử hóa hỗn hợp ancol, axit este Chuyên đề 2: Cơ sở lý thuyết phương pháp phân tử hóa hỗn hợp aminoaxit peptit Nội dung đề tài bố cục gồm phần: - Phần 1: Cơ sở lý thuyết chuyên đề - Phần 2: Một số toán mẫu- hướng dẫn giải chi tiết - Phần 3: Một số tập tự luyện chuyên đề CHUYÊN ĐỀ PHÂN TỬ HÓA GIẢI BÀI TẬP ANCOL, AXIT CACBOXYLIC VÀ ESTE I CƠ SỞ LÝ THUYẾT: Xét phản ứng este hóa ancol đơn chức (X) axit cacboxylic đơn chức (Y): H SO dac → CxHy-COO -CnHm + H2O CxHy-COOH + CnHm-OH ¬ t Để phân tử hóa este (Z) thành axit ancol ban đầu ta tiến hành trình sau: → CxHy-COOH + CnHm-OH - H2O CxHy-COO -CnHm ¬ Ta có sơ đồ phân tử hóa : : Axit X: Cx H y − COOH x (mol) → Phân tử hóa : Hỗn hợp A: Ancol Y: Cn Hm − OH y (mol) Este Z: C H − COO − C H z (mol) x y n m Cx H y − COOH : a = x+z(mol) B Cn H m − OH : b = y+z (mol) H O : - c = - z(mol) ⇒ Nguyên tắc tiến hành phân tử hóa tổng khối lượng chất không đổi: mA = mB • Xét phản ứng hỗn hợp B với NaOH ta có: ⇒ nNaOH = a (mol) • Khi đốt cháy hỗn hợp B , áp dụng định luật bảo toàn ta có: 01686769040 Cx H y − COOH : a to +O2 ,→ B: Cn H m − OH : b H O : - c II BTNT .C → nCO2 = a.(x + 1) + b.n (mol) y +1 m +1 BTNT H → n H 2O = a.( ) + b.( ) − c (mol) 2 BTKL→ m B = a ( 12x + y + 45 ) + b ( 12n + m + 17 ) –18.c (gam) BÀI TOÁN ÁP DỤNG: Bài toán 1: Đốt cháy hoàn toàn 2,76 gam hỗn hợp X gồm C xHyCOOH , CxHyCOOCH3, CH3OH thu 2,688 lít CO2 (đktc) 1,8 gam H2O Mặt khác, cho 2,76 gam X phản ứng vừa đủ với 300 ml dung dịch NaOH 0,1M, thu 0,96 gam CH 3OH Công thức CxHyCOOH A.C2H5COOH B CH3COOH C C2H3COOH D C3H5COOH Bài giải 1,8 2, 688 n = = 0,1(mol) ; n = = 0,12(mol) H O CO 2 18 22, Theo đề ta có: 0,96 n = 0, 03(mol) NaOH = 0,3.0,1 = 0, 03(mol) ; n CH 3OH = 32 Phân tử hóa: Axit C x H y -COOH : a (mol) CO 0,12 (mol) + O ,t o 2,76 gam X Ancol CH -OH : b (mol) → H O 0,1 (mol) H O : - c (mol) Áp dụng định luật BTKL → 0,03 ( 12 x + y + 45 ) + 0,96 – 18.c = 2, 76 x = BTNT C ⇒ y = → 0,03.(x + 1) + 0, 03 = 0,12 c =0,02 BTNT H → 0, 03.( y + 1) + 0,03.4 − 2.c = 0,2 Vậy axit C H -COOH → chọn C Bài toán 2: Hỗn hợp X gồm axit cacboxylic đơn chức Y, ancol đơn chức Z, este tạo từ Y Z Khi đốt cháy hoàn toàn 6,2 gam X thu 0,31 mol CO 0,28 mol H2O Còn cho 6,2 gam X phản ứng vừa đủ với 50ml dd NaOH 1M đun nóng thu 0,04 mol Z Công thức cấu tạo thu gọn thành phần % số mol Y X A C2 H3COOC4 H 71,43% B C H 3COOC H 42,86% C C3H 5COOC4 H 42,86% D C2 H 5COOC4 H 71,43% Bài giải 01686769040 n H 2O = 0, 28(mol); n CO2 = 0,31(mol) Theo đề ta có: n NaOH = 0, 05(mol); n Z = 0, 04(mol) 44.0,31 + 18.0, 28 − 6, n O2 = = 0,39(mol) 32 Phân tử hóa : Axit Y: C x H y -COOH a (mol) CO : 0, 31(mol) + O2 6,2 gam X Ancol Z: C n H m -OH 0,04 (mol) → H O : 0,28(mol) H O : - b (mol) n NaOH = a = 0, 05(mol) Ta có : → b =(0,31.2 + 0, 28) − (2.0, 05 + 0, 04 + 0,39.2) = 0, 02(mol) BTNT.O BTNT.C → 0, 05(x+1) + 0, 04n = 0,31 ⇔ 5x + 4n =26 BTNT: BTNT.H → 0, 05(y + 1) + 0, 04(m+1) = 0,51 ⇔ 5y + 4m =51 Y:C H 3COOH x = 2;y = → CTCT Biện luận: n =4;m =9 Z:C H 9OH ⇒ Este: C H 3COOC H Gọi z số mol axit cacboxylic đơn chức Y có hỗn hợp X ban đầu → z = a – b = 0,05 – 0,02 =0,03 (mol) Vậy %nY(X ban đầu) = 0, 03.100% = 42,86% → chọn B 0, 07 Bài toán 2: Đun nóng hỗn hợp 16,6 gam X gồm hai ancol A, B (M A < MB) với H2SO4 đậm đặc thu 13 gam hỗn hợp Y gồm hai olefin đồng đẳng liên tiếp, ba ete hai ancol dư Đốt cháy hoàn toàn 13 gam Y thu 17,92 lít CO (đktc) 16,2 gam H2O CTPT thành phần trăm ancol A A CH3OH 27,7% B C3H7OH 72,3% C C2H5OH 72,3% D C2H5OH 27,7% Bài giải Dựa vào đáp án ta thấy ancol ancol no, đơn chức, mạch hở: CnH2n+1OH (n≥1) Phân tử hóa ancol thành: CnH2n H2O C H CO 0,8 (mol) H O a (mol) +H 2SO4 d, t o + O2 ,t o 16, gam X n 2n → → 13 gam Y(anken, ete, ancol ) H 2O H 2O 0,9 + a (mol) 01686769040 Xét phản ứng tách nước: 16, − 13, BTKL: mX = mY + m = 0, (mol) H O ⇒ a = nH O = 18 Xét phản ứng đốt cháy: Đốt cháy Y a mol H2O xem đốt X đot Cn H 2n → n CO2 = n H 2O = 0,8 (mol) Ta có : 0,9 + a = 0,11 > 0,8 ⇒ n ancol = 0,11 − 0,8 = 0,3 (mol) Số Ctb = 0,8 ≈ 2,67 Vậy ancol C2H5OH C3H7OH 0,3 Đặt x y số mol C2H5OH C3H7OH, ta có hệ: x + y = 0,3 x = 0,1 0,1.46.100% ⇒ ⇒ ⇒ %C H 5OH = ≈ 27, 7% → 16, 46x + 60y=16,6 y = 0,2 chọn D Bài toán 4: Một hỗn hợp X gồm axit cacboxylic đơn chức, ancol đơn chức este tạo ancol axit Đốt cháy hết 1,55 gam X thu 1,736 lít CO (đktc) 1,26 gam H2O Mặt khác cho 1,55 gam X phản ứng vừa đủ với 125ml dung dịch NaOH 0,1M thu m gam muối 0,74 gam ancol Y Tỷ khối Y so với hiđro 37 Vậy giá trị m A.1,175 B.1,205 C.1,275 D.1,305 Bài giải 1, 26 n = = 0, 07(mol) H O 18 + Theo đề ta có: n = 1, 736 = 0, 0775(mol) MY =37.2=74 CO2 22, n NaOH = 0,1.0,125 = 0, 0125(mol) 0, 74 ⇒ nY = = 0, 01(mol) 74 Y ancol đơn nên công thức ancol Y: C4 H9 -OH +Phân tử hóa : Axit C x H y -COOH : a (mol) CO : 0, 0775(mol) +O2 1, 55 gam X Ancol C H -OH : 0,01 (mol) → H O : 0,07(mol) H O : -b (mol) 01686769040 + Dựa vào phản ứng với NaOH → a = nNaOH = 0,0125 mol + Áp dụng định luật 0, 0775.44 + 1, 26 − 1,55 BTKL → n = = 0,0975(mol) O 32 BTNT C → 0,0125.(x + 1) + 0,01.4 = 0,0775 → x = BTNT O → 2.0, 0125 + 0, 01 − b + 0, 0975.2 = 0, 0775.2 + 0, 07 → b = 0, 005(mol) BTNT H → 0,0125.( y + 1) + 0,01.10 − 2b = 0, 07.2 → y = Vậy axit C2H3-COOH → mmuối = mC2H3-COONa= 0,0125.94 = 1,175 gam → Chọn A Bài toán 5: Cho X, Y hai chất thuộc dãy đồng đẳng axit acrylic M X < MY; Z ancol có số nguyên tử cacbon với X; T este hai chức tạo X, Y Z Đốt cháy hoàn toàn 11,16 gam hỗn hợp E gồm X, Y, Z, T cần vừa đủ 13,216 lít khí O (đktc), thu khí CO2 9,36 gam nước Mặt khác 11,16 gam E tác dụng tối đa với dung dịch chứa 0,04 mol Br2 Khối lượng muối thu cho lượng E tác dụng hết với dung dịch KOH dư A 5,80 gam B 5,44 gam C 5,04 gam D 4,68 gam Bài giải 9,36 13, 216 n = = 0, 52(mol); n = = 0,59 (mol) H O O 2 18 22, Theo đề ta có: n Br = 0, 04(mol) BTKL: mE + mO2 = mCO2 + mH2O → 11,16 + 0,47.32 = 44.nCO2 + 9,36 ⇒ n CO2 = 0, 47(mol) Nhận xét : n H2O =0,52 > n CO2 = 0, 47 ⇒ Z Ancol no, hai chức, mạch hở (số C ≥ 3) Phân tử hóa: Axit C n H 2n-2 O : a mol CO :0,47 (mol) + O ,t o 11,16 gam E Ancol C m H 2m+2O : b mol → H O : 0,52 (mol) H O : - c mol Áp dụng định luật 01686769040 BTKL → a ( 14n + 30 ) + b ( 14m + 34 ) − 18c = 11,16 (1) BTNT C → an + bm = 0, 47 (2) ⇒ BTNT O → a + b − c = 0,28 (3) K π BTL → a = nBr2 = 0,04 → thay vào ( 1) ( 3) 34b − 18c = 3,38 ⇔ 2b − c = 0, 2 b = 0,11 c = 0,02 Vấn đề lại cần tìm công thức ancol Z: Từ (2) : 0,04n + 0,11 m = 0,47 ⇔ 0,04m + 0,11m < 0,47 → m < 3,13 m = → Ancol C3H8O2 Ta có: mAxit = 11,16 - 0,11.76 - (-18.0,02) = 3,16 gam RCOOH + KOH → RCOOK + H2O BTKL: m(muối) = 3,16 + 0,04.56 - 0,04.18 = 4,68 gam → chọn D III BÀI TẬP TỰ GIẢI Câu Đun nóng hỗn hợp 18,9 gam gồm hai ancol đồng đẳng liên tiếp với H 2SO4 đậm đặc thu 13 gam hỗn hợp X gồm anken, ete ancol dư Đốt cháy hoàn toàn 15,3 gam X cho sản phẩm hấp thụ hoàn toàn vào bình chứa Ca(OH) dư thấy khối lượng bình tăng 58,5 gam CTPT hai ancol A CH3OH C2H5OH B C3H7OH C4H9OH C C2H5OH C3H7OH D CH3OH C3H7OH Câu Cho X, Y hai chất thuộc dãy đồng đẳng axit acrylic M X < MY; Z ancol có số nguyên tử cacbon với X; T este hai chức tạo X, Y Z Đốt cháy hoàn toàn 64,6 gam hỗn hợp E gồm X, Y, Z, T cần vừa đủ 59,92 lít khí O (đktc), thu khí CO2 46,6 gam nước Mặt khác 64,6 gam E tác dụng tối đa với dung dịch chứa 0,2 mol Br2 Khối lượng muối thu cho lượng E tác dụng hết với dung dịch KOH dư A 21,6 gam B 23,4 gam C 32,2 gam D 25,2 gam Câu X axit cacboxylic no, hai chức, mạch hở; Y ancol hai đơn chức, mạch hở; Z este tạo từ X Y Khi đốt cháy hoàn toàn13,8 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z cần dung 11,424 lít khí O2 (đktc) thu 9,0 gam H2O Mặt khác 13,8 gam E tác dụng vừa đủ với 120 ml dung dịch NaOH 1M, cô cạn dung dịch sau phản ứng thu m gam muối khan Gía trị m A 9,72 gam B 12,0 gam C 9,0 gam D 8,4 gam Câu Hỗn hợp X gồm este đơn chức, tạo thành từ ancol Y axit cacboxylic (phân tử có nhóm COOH); có axit no đồng đẳng axit không no (có đồng phân hình học, chứa liên kết đôi C = C phân tử) Thủy phân hoàn toàn 5,88 gam X dung dịch NaOH thu hỗn hợp muối m gam ancol Y Cho m gam Y vào bình đựng Na dư thu 896ml khí (đktc) khối lượng bình tăng 2,48 gam Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn 5,88gam X thu CO2 3,96 gam H2O Phần trăm khối lượng este không no X là: A 40,82% B 34,01% C 38,76% D 29,25% 01686769040 Câu Hỗn hợp M gồm ancol X, axit cacboxylic Y (đều no, hở, đơn chức) este Z tạo từ X Y Đốt cháy hoàn toàn m gam M cần dùng vừa đủ 0,18 mol O , sinh 0,14 mol CO2 Cho m gam M vào 500ml dung dịch NaOH 0,1M đun nóng, sau kết thúc phản ứng thu dung dịch N Cô cạn dung dịch N lại 3,68g rắn khan Công thức Y Α C2H5COOH B HCOOH C C3H7COOH D CH3COOH Câu X, Y, Z ba axit cacboxylic đơn chức dãy đồng đẳng (M X < MY < MZ), T este tạo X, Y, Z với ancol no, ba chức, mạch hở E Đốt cháy hoàn toàn 26,6 gam hỗn hợp M gồm X, Y, Z, T (trong Y Z có số mol) lượng vừa đủ khí O2, thu 22,4 lít CO (đktc) 16,2 gam H2O Mặt khác, đun nóng 26,6 gam M với lượng dư dung dịch AgNO3/NH3, sau phản ứng xảy hoàn toàn thu 21,6 gam Ag Mặt khác, cho 13,3 gam M phản ứng hết với 400ml dung dịch NaOH 1M đun nóng, thu dung dịch N Cô cạn dung dịch N thu m gam chất rắn khan Giá trị m gần với A 38,04 B 24,74 C 16,74 D 25,10 CHUYÊN ĐỀ PHÂN TỬ HÓA GIẢI BÀI TẬP AMINO AXIT, PEPTIT VÀ PROTEIN: I CƠ SỞ LÝ THUYẾT: Khái niệm: - Peptit hợp chất chứa từ → 50 gốc α- amino axit liên kết với liên kết peptit - Liên kết peptit liên kết nhóm -CO -HN-, liên kết bền môi trường axit, môi trường kiềm nhiệt độ - Sự tạo thành peptit trùng ngưng α- aminoaxit ∗ Lưu ý: Một liên kết peptit hình thành tách phân tử H2O -Protein loại polipeptit cao phân tử có PTK từ vài chục nghìn đến vài triệu, chứa > 50 gốc α- amino axit Công thức chung peptit đơn giản: Xét peptit trùng ngưng α- aminoaxit no, mạch hở, có nhóm –COOH nhóm –NH2 H2N-CxH2x-COOH Ta có công thức chung peptit mạch hở: CTPT: Trong đó: nCxH2x +1NO2 - (n-1)H2O hay CnxH2nx + 2- n NnOn +1 n số α-gốc aminoaxit n -1 số liên kết pepti 01686769040 CTCT: H2N-C xH2x- CO-NH- C xH2x - CO- - NH- C xH2x -COOH đầu N liên kết peptit đầu C Thu gọn: H[NH-C xH2x-CO]nOH hay viết gọn biểu diễn phản ứng (X)n 3.Phản ứng thủy phân peptit: Nếu phản ứng xẩy hoàn toàn ta viết sơ đồ phản ứng thu gọn sau: (X)n → nX + (n-1) H2O (X)n n HCl + (n-1) H2O → n Muối + (X)n n NaOH → n Muối + H2O + Phản ứng đốt cháy peptit: CnxH2nx + 2- n NnOn +1 + 3xn/2 O2 to → nxCO2 + (nx +1 –n/2)H2O + n/2 N2 Phương pháp phân tử hóa : + Công thức tổng quát peptit mạch hở (tạo nên từ α- aminoaxit no, mạch hở, có nhóm –COOH nhóm –NH2 ): CnxH2nx + 2- n NnOn +1 hay (CxH2x-1NO)n.H2O C x H x−1 NO : a mol + Phân tử hóa Peptit (CxH2x-1NO)n.H2O H O : b mol C x H x −1 NO : a mol (nếu peptit tạo nên từ α- aminoaxit khác nhau) ; H O : b mol Trong CxH2x-1NO gọi gốc axyl + Từ công thức phân tử hóa phản ứng thủy phân: (X)n n NaOH → n Muối + H2O + Hay: (CxH2x-1NO)n.H2O + n NaOH → nCxH2xNO2Na + H2O Ta suy ra: n H 2O(trong peptit) = npeptit = b mol ; nNaOH = n gốc Axyl = a mol + Từ công thức phân tử hóa đốt cháy: CO : ax(mol) C H NO : a + O2 Q DOI (C x H x −1 NO) n H 2O: b(mol) → x x −1 → N : 0,5a(mol) H 2O : b H O : a(x − 0,5) + b(mol) Áp dụng định luật bảo toàn ta có: • Bảo toàn nguyên tố(BTNT): 01686769040 BT C → n CO2 = BT O → n H 2Osau Ta có : BT N → n N2 = ax (mol) = a(x − 0,5) + b → b = n H2Osau - a(x − 0,5) (mol) a (mol) • Bảo toàn electron(BTE): → (6x - 3).a = n O2 • Bảo toàn khối lượng(BTKL): mpeptit = maxyl + m H 2O = (14x + 29).a + 18.b m CO + m H O = 44.ax +18[ a(x − 0,5) + b ] 2 + Tính số cacbon trung bình: Số Ctb peptit = II n co2 n peptit = a.x ; b Số Ctb gốc Axyl = x = n co2 n axyl BÀI TOÁN ÁP DỤNG: Bài toán Đun nóng 0,16 mol hỗn hợp E gồm hai peptit X (CxHyOzN6) Y (CnHmO6Nt) cần dùng 600 ml dd NaOH 1,5M thu dd chứa x mol muối glyxin y mol muối alanin Mặt khác đốt cháy 30,73 gam E O vừa đủ thu hỗn hợp CO2, H2O N2, tổng khối lượng CO2 nước 69,31 gam Giá trị x:y gần với A 0.730 B 0.810 C 0.756 D 0.962 Bài giải: -Dựa vào số nguyên tử N O peptit ta suy ra: X hexapeptit hay (X)6 : a(mol) Y pentapeptit hay (Y)5 : b (mol) a + b = 0,16 a = 0,1 ⇒ 6a + 5b = 0,9 b = 0,06 Ta có hệ: C x H x−1 NO : 0,9(mol) 0,9 45 ⇒ = Quy đổi: 0,16 mol E 0,16 H O : 0,1+0,06=0,16(mol) Phân tử hóa: 30,73 gam E: CO2 : 45 xk (mol) C x H x −1 NO : 45k + O2 → 69,31 gam 8k H 2O : 45k.( x − 0,5) + 8k (mol) H 2O : 01686769040 Ta có hệ: k = 0,01 45k.(14 x + 29) +18.8k = 30,73 ⇒ ⇒ x = 2,58 44.45 x k + 18 45 k ( x − 0, 5) + k = 69,31 x k ≈ 0,0258 Lập đường chéo theo số nguyên tử C gly ala: Gly: 0,42 ⇒ 2,58 Ala: x 0, 42 = ≈ 0, 73 →chọn A y 0,58 0,58 Bài toán Cho hỗn hợp A chứa peptit X Y tạo glyxin alanin Biết tổng số nguyên tử O A 13 Trong X Y có số liên kết peptit không nhỏ Đun nóng 0,7 mol A KOH thấy có 3,9 mol KOH phản ứng thu m gam muối Mặt khác đốt cháy hoàn toàn 66,075gam A cho sản phẩm hấp thụ hoàn toàn vào bình chứa Ca(OH)2 dư thấy khối lượng bình tăng 147,825 gam Gía trị m là: A 560,1 B 520,2 C 470,1 D 490,6 Bài giải: Xét tỉ lệ: n KOH = nA n Axyl n H 2O(trong A) = 3,9 39 = 0, 7 Phân tử hóa 66,075 gam hỗn hợp A: C x H x −1 NO : 39a(mol) CO : 39ax(mol) + O2 → 147,825gam : H O : 7a(mol) H 2O : 39a(x − 0,5) + 7a(mol) 33 39a.(14x + 29) + 18.7a = 66,075 33 ax = ⇒ Ta có hệ: 520 ⇒ x = 13 44.39ax + 18 39a(x − 0,5) + 7a = 147,825 a = 0.025 Xét phản ứng thủy phân: mMUỐI = m C x H x NO K = (14 x + 85).3,9 = 470,1 gam → chọn C Bài toán Hỗn hợp X gồm Ala-Ala, Ala-Gly-Ala , Ala-Gly-Ala-Gly Ala-Gly-AlaGly-Gly Đốt 26,26 gam hỗn hợp X gồm cần 25,872 lít O (đktc) Cho 0,25 mol hỗn hợp tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ thu gam muối? A 104,00 B 100,50 C 99,15 Bài giải: D 98,84 01686769040 + Theo đề ta có: n O2 = 25,872 = 1,155( mol ) 22, Dựa vào tên peptit ta thấy: Cứ mol hỗn hợp có mol ala C H NO : ka (mol) Phân tử hóa: 26,26gam X CH : 2a (mol) H O : a (mol) Ta có hệ: BTKL: BTKL: 57ka + 18a + 28a = 26,26 ka = 0,38 ⇒ ⇒ k = 3,8 BTE : 9ka+ 6.2a = 4.1,155 a = 0,1 mMUỐI = (57.3,8+18).0,25+0,5.14+0,25.3,8.40-0,25.18 = 99,15 → chọn C Bài toán Hỗn hợp X gồm peptit A mạch hở có công thức C xHyN5O6 hợp chất B có công thức phân tử C4H9NO2 Lấy 0,09 mol X tác dụng vừa đủ với dung dịch chứa 0,21 mol NaOH thu sản phẩm dung dịch gồm ancol etylic a mol muối glyxin, b mol muối alanin Nếu đốt cháy hoàn toàn 41,325 gam hỗn hợp X lượng oxi vừa đủ thu N 96,975 gam hỗn hợp CO2 H2O Giá trị a : b gần với A 0.50 B 0,76 C 1,30 D 2,60 Bài giải: Dựa vào số nguyên tử N O peptit ta suy A pentapeptit ⇒ (A)5: a (mol) Hợp chất B có công thức phân tử C 4H9NO2 thủy phân tạo ancol etylic ta suy cấu tạo B H2N-CH2-COO-C2H5 : b (mol) a + b = 0,21 a = 0,03 a ⇒ ⇒ = Ta có hệ: b 5a + b = 0,09 b = 0,06 Xét 41,325 gam X gồm (A)5: k(mol) H2N-CH2-COO-C2H5 : 2k(mol) Phân tử hóa: 41,325 gam X: C x H x −1 NO : 5k+2k =7k CO : 7kx + 2.2k(mol) + O2 C H OH: 2k → 96,975gam : H O : 7k(x − 0,5) + 2k.3 + k(mol) H O : k Ta có hệ: 01686769040 44.(7kx + 2.2k) +18 7k(x − 0, 5) + 2k.3 + k) = 96,975 7k.(14x + 29) + 46.2k + 18k = 41,325 51 kx = 17 434kx + 239k = 96, 975 280 ⇔ ⇒ ⇒x = 98kx + 313k = 41,325 k = 40 Gly: a ⇒ = ≈1, 33 ⇒chọn C b 17 Ala: 3 Bài toán Peptit X peptit Y có tổng liên kết peptit Thủy phân hoàn toàn X Y thu Gly Val Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp E chứa X Y có tỉ lệ mol tương ứng 1:3 cần dùng 22,176 lit O (đktc) Sản phẩm cháy gồm CO2, H2O N2 Dẫn toàn sản phẩm cháy qua bình đựng dung dịch Ca(OH) dư thấy khối lượng bình tăng 46,48 gam, khí thoát khỏi bình tích 2,464 lít (đktc) Phần trăm khối lượng X E có giá trị gần với A 19 B 24 C 29 D 14 Bài giải: + Theo đề ta có: n = 22,176 = 0,99(mol ); n = 2, 464 = 0,11( mol ) O2 N2 22, 22, + Phân tử hóa E: N : 0,11(mol) C H NO : a (mol) x x −1 +O2 →46,48gam : CO : ax(mol) H 2O : b (mol) H O : a(x − 0, 5) + b(mol) + Áp dụng định luật: BTNT N → a = 2.n N2 = 0, 22 n X =0,01 x = 3,5 BTE → 0,22.(6 x-3) = 4.0,99 ⇒ ⇒ n Y =0,03 b = 0, 04 BTKL → 44.0, 22 x + 18 0, 22( x − 0,5) + b = 46, 48 n Gly = nVal (X) n n + m = 8+2 =10 n = ⇒ ⇒ + Đặt peptit; 0, 01n +0,03m = 0,22 m =6 (Y) m 01686769040 Vậy peptit có công thức thỏa mãn X : Gly Val2 (0, 01 mol) 0, 01.330.100% ⇒ %X= ≈ 18, 46% ⇒ A (0, 01.330 + 0, 03.486) Y: Gly3Val3 (0, 03 mol) Bài toán Thủy phân hoàn toàn m gam hỗn hợp M gồm tetrapeptit X pentapeptit Y (đều chứa Val Ala) dung dịch KOH vừa đủ, cô cạn cẩn thận thu (m + 11,42) gam hỗn hợp muối khan Đốt cháy hoàn toàn muối sinh lượng oxi vừa đủ thu K2CO3; 2,464 lít N2 (đktc) 50,96 gam hỗn hợp gồm CO H2O Phần trăm khối lượng Y hỗn hợp M A 55,24% B 54,54% C 45,98% D 64,59% Bài giải: 2, 464 = 0,11(mol) X : a (mol) BTNT N n N2 = 22, → Theo đề ta có: Y5 : b (mol) 4a + 5b =2n N = 0, 22(mol)(1) BTKL: m + mKOH = m + 11,42 + mH2O ⇔ 56.0,22 = 11,42 + (a + b).18 → a + b = 0,05 (2) Giải (1), (2) → a =0,03 b = 0,02 Phân tử hóa M: CO 50,96 gam C x H x −1NO : 0,22 (mol) O2 + KOH → 0,22(mol): C x H x NO K + → H 2O H O : 0,05 (mol) K CO : 0,11(mol) Áp dụng định luật: BTNT.C → n CO2 = 0, 22 x − 0,11 45 ⇒ 44.(0, 22 x − 0,11) + 18.0, 22.x = 50,96 ⇒ x = BTNT.H 11 → n H2O = 0, 22.x Đặt số mol Ala Val M la x ,y Theo đường chéo số C ta có hệ: 10 11 Ala: x ⇒ = ⇔6x −5 y =0 y 45 11 Val: 12 11 01686769040 x + y = 0,22 x = 0,1 ⇒ ⇒ 6x5y = y = 0,12 Vì X Y có Ala Val → X: AlanVal4-n Y: AlamVal5-m Theo số mol Ala ta có: 0,03.n + 0,02.m = 0,1 ⇔ 3n+ 2m =10 → chọn: n = m = Vậy %Y= 0, 02.457.100% = 45,98 → chọn C (0, 03.358 + 0, 02.457) Bài toán X, Y, Z ba peptit mạch hở (M X < MY < MZ), tạo từ glyxin, alanin, valin; 3(MX + MZ) = 7MY Hỗn hợp E chứa X, Y, Z với tỉ lệ mol tương ứng 6:2:1 Đốt cháy hết 56,56g E oxi vừa đủ, thu nCO : nH2O = 48:47 Mặt khác, đun nóng hoàn toàn 56,56g E 400ml dung dịch KOH 2M (vừa đủ), thu muối Thủy phân hoàn toàn Z dung dịch NaOH, kết thúc phản ứng thu a gam muối A b gam muối B (MA < MB) Tỉ lệ a : b A.0,843 B 0,873 C 0,698 D 0,799 Bài giải: Theo đề ta có: nKOH =0,4.2 = 0,8 mol ; hỗn hợp E a mol Phân tử hóa 56,56 gam E: CO : 0,8 x(mol) C x H x −1 NO : 0,8 + O2 → H O : a H O: a + 0,8( x + 0,5)(mol) 48 0,8x = x = 2,4 CO :1,92(mol) ⇒ 47 a + 0,8(x-0,5) ⇒ → a = 0,36 H O: 1,88 (mol) 0,8(14x +29)+18a = 56,56 Số CTb (peptit) = 1,92 = 5,3 ⇒ X đipeptit ⇒ X Gly-Gly Gly-Ala 0,36 Xét trường hợp 1: Theo tỉ lệ mol ⇒ X Gly-Gly nX = 6.0,36 = 0, 24(mol) ; nY = 0,08 (mol) ; nZ =0,04 (mol) (6 + + 1) 0,08MY + 0,04M Z + 0,24.132= 56,56 M Y = 174 ⇒ Ta có hệ: (1) 3(132+M ) = 7M Z Y M Z = 274 Gọi n, m số gốc aminoaxit Y Z (n < m MY < MZ) BTNT Nitơ : 0,24.2 + 0,08.n + 0,04.m = 0,8 ⇔ 2n + m = 01686769040 Biện luận: n = m = (2) Kết hợp (1) (2) ta được: Y Gly-Val Z Gly2Ala2 Sau thủy phân với NaOH ⇒a :b= 75 + 22 = 0,873 → chọn B 89 + 22 Xét trường hợp 2: X Gly-Ala → Loại không thỏa mãn III BÀI TẬP TỰ GIẢI Câu 1: Thủy phân m gam hỗn hợp X gồm tetrapeptit A pentapeptit B dung dịch NaOH vừa đủ cô cạn thu (m + 23,7) gam hỗn hợp muối Glyxin Alanin Đốt cháy toàn lượng muối sinh lượng oxi vừa đủ thu Na2CO3 hỗn hợp Y gồm CO2, H2O N2 Dẫn toàn hỗn hợp Y chậm qua bình đựng dung dịch NaOH đặc dư thấy khối lượng bình tăng 84,06 gam có 7,392 lít khí (đktc) thoát khỏi bình Thành phần phần trăm khối lượng A hỗn hợp X A 53,06% B 35,37% C 30,95% D 55,92% Câu 2: Thủy phân hoàn toàn m (gam) hỗn hợp X gồm peptit ( cấu tạo chứa Glyxin, Alanin Valin) dung dịch chứa 47,54 gam KOH Cô cạn dung dịch thu 1,8m (gam) chất rắn khan Mặt khác đốt cháy hết 0,5m (gam) X cần dùng 30,324 lít O2, hấp thụ sản phẩm cháy vào 650 ml dung dịch Ba(OH) 1M thấy khối lượng bình tăng 65,615 (gam) đồng thời khối lượng dung dịch tăng m1 (gam) có khí trơ thoát Giá trị (m1 + m) gần với ? A 78 B 120 C 50 D.80 Câu 3: Đốt cháy hoàn toàn peptit X tạo thành từ α-amino axit có dạng H2NCnH2nCOOH cần dùng 0,675 mol O2 , thu N2 , H2O 0,5 mol CO2 Thủy phân hoàn toàn m gam hỗn hợp E chứa peptit X, Y, Z mạch hở có tỉ lệ mol tương ứng 1:4:2 với 450 ml dung dịch NaOH 1M (vừa đủ), Cô cạn dung dịch sau phản ứng thu 48,27 gam hỗn hợp có hai muối Biết tổng số liên kết peptit E 16 Giá trị m A 30,63 B 36,03 C 32,12 D 31,53 Câu Cho 0,7 mol hỗn hợp T gồm hai peptit mạch hở X (x mol) Y (y mol), tạo glyxin alannin Đun nóng 0,7mol T lượng dư dung dịch NaOH có 3,8mol NaOH tham gia phản ứng thu dung dịch chứa m gam muối Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn x mol X y mol Y thu số mol CO Biết tổng số nguyên tử O phân tử X Y 13; X Y có số liên kết peptit không nhỏ Giá trị m A 396,6 B 409,2 C 399,4 D 340,8 Câu 5: Hỗn hợp E gồm peptit X mạch hở ( cấu tạo từ Gly, Ala) este Y ( tạo từ phản ứng este hóa axit cacboxylic no đơn chức metanol) Đốt cháy hoàn toàn m gam E cần 15,68 lít O2 ( đktc) Mặt khác thủy phân m gam E dung dịch NaOH vừa đủ thu 24,2 gam hỗn hợp muối (trong số mol muối natri Gly 01686769040 lớn hớn số mol muối natri Ala) Đốt cháy hoàn toàn khối lượng muối cần 20 gam O2 thu H2O, Na2CO3, N2 18,7 gam CO2 Tỉ lệ số mol Gly : Ala X A 3:1 B 2:1 C 3:2 D 4:3 Câu 6: Hỗn hợp X gồm peptit mạch hở, tạo thành từ amino axit có dạng H2NCmHnCOOH Đun nóng 4,63 gam X với dung dịch KOH dư, thu dung dịch chứa 8,19 gam muối Nếu đốt cháy hoàn toàn 4,63 gam X cần 4,2 lít O (đktc) Dẫn toàn sản phẩm cháy (CO2, H2O, N2) vào dung dịch Ba(OH)2 dư, sau phản ứng thu m gam kết tủa khối lượng dung dịch giảm 21,87 gam Giá trị m gần giá trị sau đây? A 35,0 B 30,0 C 32,5 D 27,5 Câu 7: Hỗn hợp E gồm peptit X mạch hở ( cấu tạo từ Gly, Ala) este Y ( tạo từ phản ứng este hóa axit cacboxylic no đơn chức metanol) Đốt cháy hoàn toàn m gam E cần 15,68 lít O2 ( đktc) Mặt khác thủy phân m gam E dung dịch NaOH vừa đủ thu 24,2 gam hỗn hợp muối (trong số mol muối natri Gly lớn hớn số mol muối natri Ala) Đốt cháy hoàn toàn khối lượng muối cần 20 gam O2 thu H2O, Na2CO3, N2 18,7 gam CO2 Tỉ lệ số mol Gly : Ala X là: A 3:1 B 2:1 C 3:2 D 4:3 ... 0,04.56 - 0,04.18 = 4,68 gam → chọn D III BÀI TẬP TỰ GIẢI Câu Đun nóng hỗn hợp 18,9 gam gồm hai ancol đồng đẳng liên tiếp với H 2SO4 đậm đặc thu 13 gam hỗn hợp X gồm anken, ete ancol dư Đốt cháy... hỗn hợp X lượng oxi vừa đủ thu N 96,975 gam hỗn hợp CO2 H2O Giá trị a : b gần với A 0.50 B 0,76 C 1,30 D 2,60 Bài giải: Dựa vào số nguyên tử N O peptit ta suy A pentapeptit ⇒ (A)5: a (mol) Hợp. .. = (2) Kết hợp (1) (2) ta được: Y Gly-Val Z Gly2Ala2 Sau thủy phân với NaOH ⇒a :b= 75 + 22 = 0,873 → chọn B 89 + 22 Xét trường hợp 2: X Gly-Ala → Loại không thỏa mãn III BÀI TẬP TỰ GIẢI Câu 1: