Trao đổi cách giải một số bài tập hay phạm tuấn hậu

TRAO ĐỔI CÁCH GIẢI MỘT SỐ BÀI TẬP HAY Phạm Tuấn Hậu - ĐCD – Hậu Lộc – Thanh Hoá (Giúp bạn Nguyễn Văn An) Nhờ mọi người giải giúp những bài này (Trích đề thi thử THPT Hậu Lộc 2 - Thanh Hóa lần 2 năm học 2014-2015) Câu 3: Cho X, Y là hai axit cacboxylic đơn chức mạch hở (M X < M Y ); T là este hai chức tạo bởi X, Y và một ancol no mạch hở Z. Đốt cháy hoàn toàn 6,88 gam hỗn hợp E gồm X, Y, T bằng một lượng vừa đủ O 2 , thu được 5,6 lit CO 2 (đktc) và 3,24 gam nước . Mặt khác 6,88 gam E tác dụng với dung dịch AgNO 3 /NH 3 dư thu được 12,96 gam Ag. Khối lượng rắn khan thu được khi cho cùng lượng E trên tác dụng với 150 ml dung dịch KOH 1M là A. 10,54 gam B. 14,04 gam C. 12,78 gam D. 13,66 gam Giải - n CO2 = 0,25; n H2O = 0,18; n Ag = 0,12 - Vì E có pư tráng bạc => trong E có X là HCOOH (x mol), Y là C m H 2m-2k O 2 (y mol) k là số lk π trong gốc hdc và T là C n H 2n-2k-2 O 4 (z mol). - Theo đề ra pư tráng gương => x + z = 0,06 (1) - Theo bảo toàn khối lượng m E = m C + m H + m O => m O = 3,52 => n O = 0,22 mol => 2x + 2y + 4z = 0,22 => x + y + 2z = 0,11 (2) => y + z = 0,05 - vì n CO2 – n H2O = 0,07 => ky + kz +z = 0,07  0,05k + z = 0,07 => k = 1; z = 0,02 mol => x = 0,04; y = 0,03 - n CO2 = x + my + nz = 0,25  0,04 + 0,03m + 0,02n = 0,25 => 3m + 2n = 21 => n = 3, m = 6 => X là HCOOH, Y là CH 2 =CH-COOH và T là HCOO-CH 2 -CH 2 -OCO-CH=CH 2 => Chất rắn gồm 0,06 mol HCOOK; 0,05 mol C 2 H 3 COOK và 0,04 mol KOH dư => m = 84.0,06 + 110.0,05 + 56.0,04 = 12,78 gam. Câu 13: Hỗn hợp X gồm anđehit Y, axit cacboxylic Z, este T. Đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol X cần 0,625 mol O 2 , thu được 0,525 mol CO 2 và 0,525 mol nước . Cho Y trong 0,2 mol X tác dụng với dung dịch AgNO 3 dư trong NH 3 , đun nóng sau phản ứng được m gam Ag (hiệu suất phản ứng 100%). Giá trị lớn nhất của m là A. 32,4g B. 64,8g C. 16,2g D. 21,6g Giải - n CO2 = n H2O => các chất trong X đều no. Y có dạng RO (a mol), Z và T dạng R’O 2 (b mol) => a + b = 0,2 (1) - Theo bảo toàn nguyên tố O: n O(X) = 3.0,525-2.0,625 = 0,325 => a + 2b = 0,325 (2) - Từ (1,2) => a = 0,075 mol và b = 0,125 mol => n Ag lớn nhất = 4n X = 0,3 mol => m = 108.0,3 = 32,4 gam Câu 21: Cho m gam hỗn hợp X gồm Mg, Al, Fe tác dụng hoàn toàn với dung dịch HNO 3 dư thu được dung dịch Y chứa m + 109,4 gam muối và V lít (đktc) hỗn hợp khí X có tổng khối lượng 11,2 gam. Biết rằng khi cho NaOH dư vào Y đun nóng nhẹ thấy có 1,12 lít khí (đktc) thoát ra . Giá trị lớn nhất của V có thể là A.5,6 B. 4,48 C.6,72 D. 8,4 Giải - NH 4 NO 3 = 0,05 mol => m NH 4 NO 3 = 4,0 gam - Klg muối nitrat KL = m + 109,4 – 4,0 = m + 105,4 => klg gốc NO 3 = 105,4 gam => n NO3 = 1,7 mol => n e do KL nhường = n NO3 = 1,7 mol => số mol (e) X nhận = 1,7 – 8.0,05 = 1,3 mol - hh X quy đổi thành N (a mol) và O (b mol). => 14a + 16b = 11,2 (1) và 5a – 2b = 1,3 (2) => a = 0,4 mol và b = 0,35 mol => hh X lớn nhất là NO = 0,35 mol và N 2 = 0,025 mol => V = 22,4.0,375 = 8,4 lít Câu 22: Cho m gam dung dịch Na 2 CO 3 21,2% vào 120 gam dung dịch B gồm XCl 2 và YCl 3 (tỉ lệ mol 1:2, X và Y là hai kim loại nhóm A) thu được dung dịch D, khí E và 12 gam kết tủa . Tiếp tục cho 200 gam dung dịch AgNO 3 40,5% vào dung dịch D thì thu được dung dịch G chỉ chứa muối nitrat, trong đó nồng độ của NaNO 3 là 9,884%. Biết dung dịch D chỉ chứa một chất tan duy nhất. Nồng độ % của XCl 2 là A. 3,958% B. 7,917% C. 11,125% D. 5,563% Giải Gọi số mol của XCl 2 là a và YCl 3 là 2a - Na 2 CO 3 + XCl 2 → XCO 3 ↓ + 2NaCl a a a 2a 3Na 2 CO 3 + 2YCl 3 → 2Y(OH) 3 ↓ + 6NaCl + 3CO 2 ↑ 3a 2a 2a 6a 3a - m = 106.4a.100:21,2 = 2000a - m D = 2000a + 120 – 12 – 132a = 1868a + 108 - AgNO 3 + NaCl → AgCl↓ + NaNO 3 8a 8a 8a 8a - m G = 1868a + 108 + 200 – 1148a = 720a + 308 - m NaNO3 = 86.8a = 680a => 680a:(720a + 308) = 0,09884 => a = 0,05 mol => (X+60)a + (Y + 51)2a = 12 => X + 2Y = 78 => X = 24 (Mg), Y = 27 (Al) => m MgCl2 = 95.0,05 = 4,75 gam => %MgCl 2 = 4,75:120.100% = 3,958% Câu 6: Hỗn hợp khí X gồm bốn chất hữu cơ: CH 2 O, C 2 H 6 O, C 3 H 4 và C 4 H 8 ; trong đó số mol C 3 H 4 bằng số mol C 2 H 6 O. Đốt cháy hoàn toàn V lít hỗn hợp X cần vừa đủ 89,6 lít không khí (giả sử không khí gồm 20% O 2 và 80% N 2 về thể tích). Đưa hỗn hợp sau phản ứng về 0 o C thì được 84,224 lít hỗn hợp khí Y. Các thể tích khí được đo ở đktc . Giá trị của V là A. 3,36. B. 4,48. C. 2,24. D. 8,96 Giải - n O2 = 0,8 mol, n N2 = 3,2 mol, n Y = 3,76 mol gồm 3,2 mol N 2 và a mol CO 2 => n CO2 = 3,76-3,2 = 0,56 mol => n H2O = 0,56 mol - CH 2 O (x mol), C 2 H 6 O (y mol), C 3 H 4 (y mol) và C 4 H 8 (z mol) - Theo bảo toàn nguyên tử O thì: x + y = 3.0,56 – 2.0,8 = 0,08(1) - Theo số mol CO 2 => x + 5y + 4z = 0,56 (2) => 0,08 + 4(y + z) = 0,56 => y + z = 0,12 - n X = x + 2y + z = (x+y)+(y+z)= 0,08 + 0,12 = 0,20 mol => V X = 4,48 lít . TRAO ĐỔI CÁCH GIẢI MỘT SỐ BÀI TẬP HAY Phạm Tuấn Hậu - ĐCD – Hậu Lộc – Thanh Hoá (Giúp bạn Nguyễn Văn An) Nhờ mọi người giải giúp những bài này (Trích đề thi thử THPT Hậu Lộc 2 - Thanh. gam Giải - n CO2 = 0,25; n H2O = 0,18; n Ag = 0,12 - Vì E có pư tráng bạc => trong E có X là HCOOH (x mol), Y là C m H 2m-2k O 2 (y mol) k là số lk π trong gốc hdc và T là C n H 2n-2k-2 O 4 . 0,02n = 0,25 => 3m + 2n = 21 => n = 3, m = 6 => X là HCOOH, Y là CH 2 =CH-COOH và T là HCOO-CH 2 -CH 2 -OCO-CH=CH 2 => Chất rắn gồm 0,06 mol HCOOK; 0,05 mol C 2 H 3 COOK và 0,04 mol KOH