Đề thi tuyển sinh lớp 10 chuyên môn Vật lý năm 2019-2020 có đáp án - Sở GD&ĐT Quảng Nam

Nhằm giúp các em đang chuẩn bị bước vào kì thi có thêm tài liệu ôn tập, TaiLieu.VN giới thiệu đến các bạn Đề thi tuyển sinh lớp 10 chuyên môn Vật lý năm 2019-2020 có đáp án - Sở GD&ĐT Quảng Nam để ôn tập nắm vững kiến thức. Chúc các bạn đạt kết quả cao trong kì thi!

KỲ THI TUYỂN SINH LỚP 10 THPT CHUYÊN NĂM HỌC 2019-2020 TỈNH QUẢNG NAM MÔN: VẬT LÝ Câu 1: (2 điểm) Một xe ô tô chuyển động đoạn đường thẳng: 1/3 quãng đường đầu chuyển động với vận tốc v1 = 60 km/h, quãng đường chuyển động với vận tốc vận tốc trung bình quãng đường, quãng đường lại chuyển động với vận tốc v3 = 15 km/h hết 1/3 tổng thời gian Tính vận tốc trung bình tơ quãng đường Một cầu thép thả mặt chậu thuỷ ngân bị ngập nửa a Chứng tỏ cầu bị rỗng phần Tính tỉ lệ thể tích phần rỗng thể tích cầu b Đổ lên mặt thuỷ ngân lớp nước cho cầu ngập hoàn toàn Tính tỉ lệ thể tích phần cầu ngập nước phần cầu ngập thuỷ ngân Cho biết khối lượng riêng thép, thuỷ ngân nước là: Dt = 7800 kg/m3, Dtn = 13600 kg/m3, Dn = 1000 kg/m3 Câu 2: (2 điểm) Một người leo núi lấy tuyết ướt (hỗn hợp tinh thể băng nước 00C) có khối lượng M = 1kg để đun nước pha trà Người theo dõi nhiệt độ ấm đun từ bắt đầu đun Ban đầu, nhiệt độ hỗn hợp khơng thay đổi suốt thời gian T1 Sau đó, nhiệt độ tăng dần đến t = 800C thời gian T2 = 1,5T1 Tính khối lượng nước m có tuyết Cho biết nhiệt dung riêng nước c = 4200J/kg.độ, nhiệt nóng chảy nước đá λ = 340.000 J/kg, nhiệt lượng bếp lửa truyền cho ấm đun đơn vị thời gian không đổi Bỏ qua nhiệt lượng cung cấp cho ấm (chỉ xét trao đổi nhiệt bếp hỗn hợp ấm) Câu 3: (2 điểm) Cho mạch điện hình 1: Nguồn có hiệu điện U0 = 30V, điện trở R0 = 3Ω, R1 = 12Ω, R2 = 36Ω, R3 = 18Ω, điện trở Ampe kế dây nối không đáng kể Tìm số Ampe kế chiều dịng điện qua Thay Ampe kế biến trở Rb có giá trị biến đổi từ 2Ω đến 8Ω Tìm Rb để dịng điện qua Rb đạt giá trị cực đại Câu 4: (2 điểm) Cho mạch điện hình 2: Nguồn điện có hiệu điện U0 khơng đổi; điện trở R0 có giá trị khơng đổi; biến trở Rb có giá trị thay đổi được; Ampe kế có điện trở khơng đáng kể; Vơn kế có điện trở vơ lớn Thay đổi Rb ta có đồ thị phụ thuộc hiệu điện U hai đầu biến trở vào cường độ dòng điện I mạch hình Dựa vào số liệu đồ thị, xác định hiệu điện U0 nguồn giá trị điện trở R0 Tính giá trị biến trở để cơng suất tiêu thụ biến trở lớn Tính cơng suất lớn Câu 5: (2 điểm) Hai gương phẳng M1, M2 làm với góc α = 70, gương M1 có lỗ nhỏ, người ta chiếu tia laze vng góc với M1 xun qua lỗ nhỏ đến gương M2 (hình 4) Cho gương đủ lớn Hỏi tia laze phản xạ hai gương tất lần? Tia phản xạ lần cuối hợp với tia chiếu vào M2 qua lỗ nhỏ góc bao nhiêu? Một điểm sáng S nằm ngồi trục thấu kính phân kỳ mỏng, cách trục h = 12cm Ảnh S’ S cho thấu kính cách trục H = 9cm, khoảng cách từ vật đến ảnh SS’= d = 5cm (hình 5) a Xác định vị trí tiêu điểm thấu kính cách vẽ hình b Tìm tiêu cự thấu kính ………… Hết…………… Họ tên thí sinh: SBD: SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO KỲ THI TUYỂN SINH LỚP 10 THPT CHUYÊN NĂM HỌC 2019 – 2020 QUẢNG NAM HƯỚNG DẪN CHẤM MÔN VẬT LÝ HDC CHÍNH THỨC ĐÁP ÁN CÂU ĐIỂM điểm Câu 1 (1 điểm) Thời gian chuyển động quãng đường, tính: t= S S = vtb v2 0,25 Thời gian chuyển động quãng đường thứ : t1 = S1 S = , v1 3v1 Thời gian chuyển động quãng đường thứ hai : 2S v3 t 2S − v3 S − S − S1 − S3 S 3v2 2S v3 S = t2 = = = = − v2 v2 v2 v2 3v2 3v22 0,25 Thời gian chuyển động quãng đường thứ ba : t3 = t S = 3v2 Vân tốc trung bình quãng đường: vtb =  v2 = S S = t t1 + t2 + t3 S 0,25 S 2S v3 S S + − + 3v1 3v2 3v22 3v2 Giải ta được: vtb = v2 = v1 v3 = 60.15 = 30km/h (Cách 2) s s +s - vTB = = t t1 +t - vTB s s +5t +5 s = = = 3.t s t s t + + 180 180.t 0,25 0,25 0,25 - v TB 0,25 v TB +5 = v TB + 180 0,25 - v TB = 30 km/h (1 điểm) - Lập luận chứng minh cầu rỗng phần - Điều kiện cân cầu thép chậu thủy ngân: 0,125 P = FA Vt d t = V d tn 0,125 d 13600 Vt = tn V = V = 0,872V, Vr = V-Vt =0,128V dt 2.7800 0,125 Vr = 0,128 V 0,125 Sau đổ nước ngập cầu, điều kiện cân bằng: 0,125 Pt = V1 d n + V2 dtn 2a (0,5 điểm) 0,872V dt = V1 d n + (V − V1 ).dtn 0,125 0,872.7800.V = 1000.V1 + 13600.(V − V1 ) 0,125 V1 = 0,54V ,V2 = 0, 46V 0,125 - Nếu cầu đặc thì: DTN.VNgập = DThép.V - Suy ra: VNgập = 78 V > V (!) 136 - Điều kiện cân bằng: DTN - Suy ra: DQC = - 6800= 2b V = DQC.V D TN D V = 6800= Th D V 7800.(V-VR ) V  R = V V 39 13600V2 +1000V1 =6800V -  V2 +V1 =V - Giải được: V2 = - Vậy: V1 29 = V2 34 0,125 34 29 V; V1 = V 63 63 0,125 0,125 0,125 0,25 0,125 0,125 điểm Câu Ban đầu tuyết ấm nhận nhiệt nóng chảy, nhiệt độ không tăng Nhiệt lượng nhận giai đoạn này: 0,5 Q1 = P.T1 =  ( M − m) (1) (Trong P cơng suất nhiệt mà bếp cung cấp cho ấm) Sau tuyết tan ấm nhận nhiệt nóng lên đến sơi Nhiệt lượng nhận giai đoạn là: 0,5 Q2 = P.T2 = c.M (t − 0) (2) Từ (1) (2) ta có: Q1 T1  ( M − m) = = Q2 T2 c.M (t − 0) T1c.M (t − 0) = T2  ( M − m) m=M (Cách 2) 0,25 - Q2 =1,5Q1 0,5 - c.M.Δt=1,5λ mBăng 0,5 - mBăng = c.M.Δt 56 = kg 1,5λ 85 0,5 29 kg 85 0,5 - m = M - mBăng = điểm Câu a 0,25 T2  − cT1 (t − 0) T2  m = 0,176M = 0,176kg Câu 0,5 Vẽ lại mạch ta có: (R2//R3) nt R1 nt R0 (1 điểm) 0,25 R23 = R2 R3 = 12  ; => Rm =R0 +R1 + R23 = 27  R2 + R3 - Áp dụng định luật Ơm tồn mạch => dịng điện mạch chính: I= U0 30 10 = = A 24 + R td I1 = I = I23 => U23 = U2 = I23.R23 = 10 40 12 = V 0,25 0,25 I2 = U2 10 20 = A; I3 =IA= I – I2 = = 0,74A 27 27 R2 0,25 Vậy Ampekế 0,74A dịng điện có chiều từ B sang D b (1 điểm) Khi thay Ampekế biến trở R4: Ta có: [(R3 nt R4) // R2] nt R1 nt R0 0,25 R R 34 36(18 + R ) = R + R 34 54 + R 36(18 + R ) 1458 + 51R Rm =R0 +R1 + R234 = 3+ 12 + = 54 + R 54 + R R34 = R3 + R4 = 18 + R4, R234 = => Dòng điện mạch chính: U0 30(54 + R ) 10(54 + R ) 30 = = = 1458 + 51R Rm 1458 +51R 486 +17R 54 + R 10(54 + R ) 36(18 + R ) 360(18 + R ) U234 = Ic.R234 = = = U34 = U2 486 +17R 54 + R 486 +17R 360(18 + R ) 360 I34 = U34/R34 = = = I3 = I4 (486 +17R )(18 + R ) (486 +17R ) Ic = 0,25 0,25 0,25 Vậy: Để dịng điện qua R4 đạt cực đại (486 + 17R4) phải đạt cực tiểu R4 =  3b (Cách 2) - Mạch tương đương: - U'=R - R'=R + - I= 0,25 U 360 = V R +R1 +R 17 R (R1 + R ) 486 =  R +R1 + R 17 0,25 0,25 U' 360 = R' 486 + 17R b - I nghịch biến Rb nên Imax Rb(min)=2Ω: I max = (1 điểm) 0,25 điểm Câu 360 = A 486 + 17.2 13 Cường độ dịng điện mạch chính: I= U0 Rb + R0 0,25 Hiệu điện hai đầu biến trở: 0,25 U = IRb = U − IR0 a.6+b=4 a=16 - Từ đồ thị:    U=16-2I a.4+b=8 b=-2 0,25 - Vậy: U0 = 16 V; R0 = 2Ω 0,25 Công suất tiêu thụ biến trở: (1 điểm) P = Rb I = Rb P = Rb U 02 ( Rb + R0 ) = U 02 ( Rb + R0 ) 0,25 RbU 02 = Rb2 + R02 + Rb R0 U 02 R02 Rb + + R0 Rb  R02  Để công suất tiêu thụ Rb lớn  Rb +  bé Rb   0,25 U 02 162 Khi Rb = R0 = 2Ω, cơng suất lớn P = = = 32W 4R0 0,25 điểm Câu (1 điểm) 0,25 Gọi α góc hợp hai gương 0,25 Tia sáng tới gương M2 lần góc tới i1 = α Tia phản xạ M2 lần làm tia tới M1 góc tới i2 = 2α phản xạ lần thứ 0,25 Lần phản xạ thứ n tia tới làm với gương góc tới in = n α 0,25 in = n  900  n  90  = 90 = 12,85 0,25 Lần phản xạ cuối ứng với n = 12, góc n α = 84 2a (0,25 điểm) 0,25 2b (0,75 điểm) Chứng minh: 1 = − f a b 0,25 b H = , a − b = d − (h − H) a h aH h f= d − (h − H) , a= h−H h−H f= 2b (Cách 2) hH d − (h − H) 12.9 52 − (12 − 9) f = = 48cm = (h − H) (12 − 9)  OA =   OB=12 cm -  OB OA-OB= 52 -32 = 4cm  0,25 0,25 0,25 - OF = FB 0,25 - OF =  OF=48 cm OF-OB 0,25 Thí sinh giải cách khác đáp án có kết cho điểm tối đa Thí sinh khơng ghi đơn vị ghi sai đơn vị kết cần trả lời theo yêu cầu đề trừ 1/2 số điểm tương ứng với điểm kết  ... Hết…………… Họ tên thí sinh: SBD: SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO KỲ THI TUYỂN SINH LỚP 10 THPT CHUYÊN NĂM HỌC 2019 – 2020 QUẢNG NAM HƯỚNG DẪN CHẤM MÔN VẬT LÝ HDC CHÍNH THỨC ĐÁP ÁN CÂU ĐIỂM điểm... 9)  OA =   OB=12 cm -  OB OA-OB= 52 -3 2 = 4cm  0,25 0,25 0,25 - OF = FB 0,25 - OF =  OF=48 cm OF-OB 0,25 Thí sinh giải cách khác đáp án có kết cho điểm tối đa Thí sinh không ghi đơn vị... 0, 46V 0,125 - Nếu cầu đặc thì: DTN.VNgập = DThép.V - Suy ra: VNgập = 78 V > V (!) 136 - Điều kiện cân bằng: DTN - Suy ra: DQC = - 6800= 2b V = DQC.V D TN D V = 6800= Th D V 7800.(V-VR ) V  R