Đang tải... (xem toàn văn)
SỞ GD&ĐT THANH HÓA TRƯỜNG THPT LÊ LỢI ĐÁP ÁN ĐỀ THI CHỌN VÀ KSCL ĐỘI TUYỂN KHỐI 12 LẦN 3 NĂM HỌC 2022 2023 Môn Hóa học – Lớp 12 Thời gian 90 phút (Không kể thời gian giao đề) ĐÂP ÁN CHI TIẾT Câu 21 Ch[.]
SỞ GD&ĐT THANH HÓA TRƯỜNG THPT LÊ LỢI ĐÁP ÁN ĐỀ THI CHỌN VÀ KSCL ĐỘI TUYỂN KHỐI 12 LẦN NĂM HỌC 2022-2023 Mơn: Hóa học – Lớp 12 Thời gian: 90 phút (Không kể thời gian giao đề) ĐÂP ÁN CHI TIẾT Câu 21: Chọn D TN1: BTNT cho C => n(CO32-) = n(CO2) = 0,1 mol; TN2: Ta có m(kết tủa) = 197.0,1 + 233.n(BaSO4) = 43 => n(BaSO4) = n(SO42-) = 0,1 mol TN3: ta có n(NH3) = n(NH4+) = 0,2 mol Vậy 500 ml dung dịch X có n(CO32-) = 0,5 mol; n(SO42-) = 0,5 mol; n(NH4+) = mol; x mol Na+ BTĐT => x = => m(muối) = 60.0,5 + 96.0,5 + 18.1 + 23.1 = 119 gam Câu 23: Chọn A Loại B C B C chất Y NaH2PO4 không cho pứ với H3PO4 Loại D chất Z NaH2PO4 khơng cho pứ với H3PO4 PTHH: P + 5HNO3 → 5NO2 + H3PO4 + H2O => X H3PO4 H3PO4 + 3NaOH → Na3PO4 (Y) + 3H2O 2Na3PO4 (Y) + H3PO4 → Na2HPO4 (Z) Na2HPO4 (Z) + H3PO4 → 2NaH2PO4 (T) Câu 24: Chọn A (d) Đúng (a) Sai ví dụ: Hai chất CH3OH CH3OCH3 có thành phần nguyên tố giống nhau, nhóm CH2 khơng phải hai chất đồng đẳng (b) Sai (c) Sai Câu 25: Chọn A: Ta có n(T) = 0,08; đốt T (ankan) cho n(H 2O) = 0,24 mol CT T CpH2p+2 => n(H2O) = 0,08(p+1) = 0,24 => p =2 => m(T) = 30.0,08 = 2,4 gam BTKL ta có m(F) = 3,68 + 2,4 = 6,08 gam = m(E) => n(F) = 6,08: 38 = 0,16 mol Trong pứ cộng H2 số mol chất hữu khơng đổi => n(X) = n(F) = 0,16 ( hết H 2) => n(H2) = 0,14 mol => m(X) = m(E) – m(H2) = 6,08 – 2.0,14 = 5,8 Gọi CT X CxH4 => M(X) = 12x + = 5,8:0,16 = 36,25 => x = 2,6875 => Độ bất bão hòa C xH4 = (2+2.2,6875-4)/2 = 1,6875 BT liên kết pi => 1,6875.0,16 = n(H2) + n(Br2) = 0,14 + a => a = 0,13 => chọn A Câu 26: Chọn A Đó phát biểu (b) C7H8O2 có = 4, A có nhân thơm A phản ứng hết với Na dư sinh H2 có số mol số mol A, A có hai nhóm chức chứa H linh động (hai nhóm –OH) A tác dụng với Na2CO3, không phản ứng với NaHCO3, A có nhóm phenol A tác dụng với HCl cho thấy A chứa nhóm ancol Khi tác dụng với Br2, A tạo dẫn xuất tribrom, hai nhóm nhân thơm vị trí meta- Cấu tạo tên gọi : Các phương trình phản ứng : HOCH2C6H4OH + 2Na NaOC6H4CH2ONa + H2 HOCH2C6H4OH + Na2CO3 HOCH2C6H4ONa + NaHCO3 HOCH2C6H4OH + HCl ClCH2C6H4OH + H2O Câu 27: Chọn D: Z CH≡C-R theo M(Z) = 25 + R < 62 => R < 37 => R chứa nhiều 2C, X, Y, Z có C nên R có 2C, MX < MY < MZ => X CH≡C-C≡CH, Y CH≡C-CH=CH2, Z CH≡C-CH2-CH3 Vậy D sai ( Thực chọn D Z có 4C, => X, Y có 4C mà MZ lớn chất vơ lí Câu 28 Chọn A Ta dễ tìm số mol H2 0,095 mol CO2 0,115 mol Ta có n(CaCl2) = 0,18 mol Quy đổi hỗn hợp ban đầu x mol Mg, 0,18 mol Ca; y mol O 0,115 mol CO2 => 24x + 0,18.40 + 16y + 0,115.44 = 19,02 Bảo toàn electron: 2x + 0,18.2 = 0,095.2 + 2y Giải hệ có: x = 0,135 mol; y = 0,22 mol BTNT cho Cl ta có n(HCl) = 2n(CaCl2) + 2n(MgCl2) = 0,63 mol => m = 229,95 Câu 29: Chọn D A,B,C NaHSO4, NaHSO3, NaHCO3 Các phương trình phản ứng: NaHSO4 + Ba(NO3)2 → BaSO4 + NaNO3 + HNO3 2NaHSO3 + H2SO4 → Na2SO4 + 2H2O + 2SO2 2NaHCO3 + H2SO4 → Na2SO4 + 2H2O + 2CO2 NaHSO4 + Ba(OH)2 → BaSO4 + NaOH + H2O 2NaHSO3 + Ba(OH)2 → BaSO3 + NaOH + H2O 2NaHCO3 + Ba(OH)2 → BaCO3 + NaOH + H2O 10NaHSO3 + 4KMnO4 + H2SO4 → 5Na2SO4 + 2K2SO4 + 4MnSO4 + 6H2O Câu 30: Chọn C: Dùng suy tắc sơ đồ chéo ta tìm a = 25 Ta có n(Mg) = 0,2; n(Fe) = 0,7; Hòa tan X HCl: O2- + 2H+ → H2O 0,9 → 1,8 => n(HCl) = 1,8 mol => b = 1,8.36,5:25% = 262,8 gam => n(Cl ) = 2.0,25 + 1,8 = 2,3 = n(AgCl) Đặt n(Ag) = x, ĐLBT e ta có 3.0,7 + 2.0,2 = 2.0,25 + 4.0,45 + x => x = 0,2 => m = 108.0,2 + 143,5.2,3 = 351,65 => b + m = 614,45 => C Câu 31: nZ = (nCO2 - nH20)/2 = 0,01 Y có k = Z có k = nên nH2 = nNaOH phản ứng Quy đổi X thành HCOOH (a), (HCOO)3C3H5 (0,01), H2 ( a -0,03), CH2 (b) nCO2 = a +0,01.6+b=0,91 (1) nNaOH dư = 37,5% ban đầu —> nNaOH phản ứng =62,5% ban đầu nNaOH phản ứng = a +0,03 - nNaOH ban đầu = (a + 0,03)/62,5% = 1,6a+ 0,048 Bảo toàn khối lượng: 46a+ 176.0,01 -2(a + 0,03)+14b+40(1,6a +0,048)= 16,12+18a+ 92,0,01 (2) (1X2) a = 0,02; b= 0,83 > mX=14,2 Câu 32: Cho phát biểu sau : (1) Liên kết nhóm CO với nhóm NH đơn vị α-amino axit gọi liên kết peptit (2) Anilin có tính bazơ làm xanh q tím (3) Anilin có phản ứng với nước Brom dư tạo p-Bromanilin (4) Tất amin đơn chức chứa số lẻ nguyên tử H phân tử (5) Các amin khí có mùi tương tự amoniac, độc (6) Nhờ tính bazơ, anilin tác dụng với dung dịch brom (7) Thêm vài giọt phenolphtalein vào dung dịch dimetylamin thấy xuất màu xanh Số phát biểu sai A B C D Câu 33 Cho phát biểu sau: (1) Glucozơ vừa có tính oxi hóa vừa có tínhkhử (2) Este isoamyl axetat có mùi chuối chín (3) Oxi hóa glucozơ dung dịch nướcbrom tạo thành axit gluconic (4) Dung dịch axit axetic tác dụng với CaCO3 (5) Tristearin este thể lỏng (điều kiện thường) (6) Tính bazơ anilin mạnh amoniac (7) Cao su buna-N thuộc loại cao su thiênnhiên (8) Thủy phân este môi trường axit luônthu sản phẩm axit ancol 9) Hàm lương glucozơ không đổi máungười khoảng 1% (10) Xenlulozơ nguyên liệu dùng đểsản xuất tơ nhân tạo, chế tạo thuốc súng khơng khói (11) Hợp chất hữu thiết phải chứanguyên tố C H (12) Hầu hết enzim có chất protein Số phát biểu A B C D Câu 34: Cho este sau: (1) CH2=CHCOOCH3; (2) CH3COOCH=CH2; (3) HCOOCH2-CH=CH2; (4) CH3COOCH(CH3)=CH2; (5) C6H5COOCH3; (6) HCOOC6H5; (7) HCOOCH2-C6H5; (8) HCOOCH(CH3)2 Biết C6H5-: phenyl; số este tác dụng với dung dịch NaOH, đun nóng thu ancol A B C D Câu 35: Chọn A: Gồm (a); (b); (e); (g) Câu 36: Cho 1g hỗn hợp X gồm C S tác dụng hết với lượng dư dung dịch H2SO4 đặc nóng thu a mol hỗn hợp khí Y gồm SO2 CO2 Hấp thụ tồn sản phẩm vào 500ml dung dịch NaOH 1M thu dung dịch chứa 26,3g chất tan Biết phản ứng xảy hoàn toàn Giá trị a : A 0,12. B.0,15. C 0,25. D 0,27. Đáp án : B nNaOH=0,5 Nếu tạo muối trung hịa m chất tan > 0,25.106 =26,5 > 26,3: Vơ lý Vậy chất tan có kiếm cịn dư. X gồm C (x) S(y)-> 12x + 32y = 1(1) Bảo toàn electron => 2nSO2=4nC+6nS => nSO2 =2x+3y Chất tan gồm Na+ (0,5), CO32- (x), SO32-(2x+3y), bảo toàn điện tích —> nOH- = 0,5 – 6x – 6y ->m chất tan= 0,5.23 +60x + 80(2x + 3y) +17(0,5-6x-6y)=26,3 (2) (1)(2) ->x=0,03;y=0,02 nY = x + (2x + 3y) =0,15 Câu 37: Cho 66,2 gam hỗn hợp X gồm Fe3O4 , Fe(NO3)2 tan hoàn toàn dung dịch chứa 3,1 mol KHSO4 loãng Sau phản ứng xảy hoàn toàn thu dung dịch Y chứa 466,6 gam muối sunfat trung hịa 10,08 lít (đktc) khí Z gồm khi, có khí hóa nâu ngồi khơng khí Biết tỉ khối Z so với He 23/18 Phần trăm khối lượng Al hỗn hợp X gần với giá trị sau : A.15. B.20. C.25. D.30. Đáp án : A Câu 38: Hỗn hợp X gồm ancol sản phẩm hợp nước propen Tỉ khối X so với hiđro 23 Cho m gam X qua ống sứ đựng CuO (dư) nung nóng Sau phản ứng xảy hồn toàn, thu hỗn hợp Y gồm chất hữu nước, khối lượng ống sứ giảm 3,2 gam Cho Y tác dụng hoàn toàn với lượng dư dung dịch AgNO3 NH3, tạo 48,6 gam Ag Phần trăm khối lượng propan-1-ol X là: A.16,3% B 65,2% C.48,9% D.83,7% Đáp án : A X chứa C3H7OH có MX = 46 -> Ancol cịn lại CH3OH Đặt CH3-CH2-CH2OH (a mol); CH3-CHOH-CH3 (b mol) ->CH3OH (a+b mol) nO = a+b+a+b = 0,2 Y gồm CH3-CH2-CHO (a); CH3-CO-CH3 (b) HCHO (a+b) nAg =2a + 4(a +b) =0,45 a=0,025 b=0,075 %CH3-CH2-CH2OH = 16,3% Câu 39: Cho chất hữu mạch hở: X axit khơng no có hai liên kết π phân tử, Y axit no đơn chức, Z ancol no hai chức, T este X, Y với Z Đốt cháy hoàn toàn a gam hỗn hợp M gồm X T, thu 0,1 mol CO2 0,07 mol H2O Cho 6,9 gam M phản ứng vừa đủ với dung dịch NaOH, cô cạn dung dịch sau phản ứng thu hỗn hợp muối khan E Đốt cháy hoàn toàn E, thu Na2CO3; 0,195 mol CO2 0,135 mol H2O Phần trăm khối lượng T M có giá trị gần với giá trị sau đây? A.68,7 B.68,1 C.52,3 D,51,3 Đáp án : A X có 2π: CnH2n-2O2 (n≥3) T có 3π: CmH2m-4O4 (m≥6) nCO2 = n+m nH2O = (n-1)+(m-2)=n+m-3 => (n + m)/(n+m-3) = 0,1/0,07 => n + m=10 Chỉ có n=3 m=7 thỏa mãn. X CH2=CH-COOH, T CH2=CH-COOCH2CH2OCOCH3. nX = x mol, nT = y mol. E: x + y mol CH2=CH-COONa, CH3COONa: y mol 72x + 158y = 6,9 3(x+y) + 3y= nH= 2nH2O=0,27 => x = 0,03; y = 0,03 mol. %mT= 0,03.158/6,9 = 0,6869 = 68,69% Câu 40: Cho 85,05 gam muối khan M(NO3)2 vào 300 ml dung dịch NaCl 1M thu dùng dịch X Tiến hành điện phân dung dịch X diện cực trơ, màng ngăn xốp với cường độ dòng điện I = 13,4, sau thời gian t (giờ) dừng diện phân, thu dung dịch Y chứa loại cation; đồng thời thấy khối lượng catot tăng m gam Nhú ng Fe vào dung dịch sau điện phân, thấy 0,15 mol khí NO (sản phẩm khử N+5) đồng thời khối lượng Fe giảm 12,6 gam Nhận định sau : A Giá trị m 29,25 gam. B Nếu thời gian điền phân 1,89 nước bắt đầu điện phân hai cực C Dung dịch Y chứa Na+, Zn2+, H+ NO3. D Giá trị tà 1,84 giờ. Đáp án: B Y chứa loại cation M2+, Na+, H+ nNO=0,15 nH+ = 0,6 -> nO2 =0,15 nNaCl = 0,3 -> nCl2 = 0,15 ne = 4n02 + 2nCl2 = It/F ->t=6481s= 1,8h -> D sai Nếu Fe không khử M2+ dư nFe = 1,5 nNO = 0,225 −> m giảm = 0,255.56 = 12,6 Thỏa mãn đề bài nM2+ bị điện phân = ne/2 = 0,45 M(NO3)2 ban đầu > 0,45 M+62.2 < 85,05/0,45 àM Chọn M = 56: M Fe → C sai, Y chứa Fe2+, Na+, H+, NO3 m=0,45.56 = 25,2 -> A sai nFe(NO3)2 ban đầu = 0,4725 Để H2O bị điện phân điện cực thì: ne = 0,4725.2 = It/F->t=6805s = 1,89hàB đúng Câu 41 : Hòa tan hoàn toàn 216,55 gam hỗn hợp KHSO4 Fe(NO3)3 vào nước dung dịch X Cho m gam hỗn hợp Y gồm Mg, Al, MgO Al2O3 (trong oxi chiếm 64/205 khối lượng) tan hết vào X, sau phản ứng kết thúc thu dung dịch Z chứa muối trung hịa 2,016 lít hỗn hợp khí T có tổng khối lượng 1,84 gam gồm khí (đktc), thể tích H2, N2O, NO2 chiếm 4/9, 1/9 1/9 Cho BaCl2 dư vào Z thu 356,49 gam kết tủa Giá trị m gần với: A.18 B.20 C.22 D.24 Đáp án : B nT=0,09-> nH2 = 0,04 mol; nN20 = 0,01 mol; nNO2 = 0,01 mol Đặt nNO = a mol nN2 = b mol Có nT mT —> a = 0,01 b = 0,02 Ta có: nKHSO4 = nBaSO4 = 1,53 Vì mhh = 216,55-> nFe(NO3)3 = 0,035 Do có H2 nên NO3- hết, bảo toàn N nNH4+= 3nFe(NO3)3 - 2nN20-nNO2-nNO - 2nN2 =0,025 mol nH+= 2nNO2 + 4nNO+ 10nN20 + 12nN2 + 10nNH4+2nH2 + 2nO Y → nO Y = 0,4 —> mO Y = 6,4-> mY = 20,5 gam Câu 42 : Các dung dịch riêng biệt Na2CO3,BaCl2,MgCl2 , H2SO4,NaOH đánh số ngẫu nhiên (1),(2),(3),(4),(5).Tiến hành số thí nghiệm kết thu bảng sau : Dung dịch (1) (2) (4) (5) (1) Có khí Có kết tủa (2) Có khí Có kết tủa Có kết tủa (4) Có kết tủa Có kết tủa (5) Có kết tủa Các dung dịch (1),(3),(5) : A.H2SO4,MgCl2,BaCl2 B.H2SO4,NaOH,MgCl2 C.Na2CO3,MgCl2,BaCl2 D.Na2CO3,NaOH,MgCl2 Đáp án B Câu 43: Giải: Z chắn phải chứa CO2 Lại có MZ = 44 = MCO2 ⇒ khí cịn lại có M = 44 ⇒ Khí cịn lại N2O , NaOH + Y → ↓ nung ⇒ có MgO ⇒ nMg2+ = 0,34 mol Ta có sơ đồ sau: Bảo toàn khối lượng: mH2O = 11,16(g) ⇒ nH2O = 0,62 mol Bảo toàn nguyên tố Hidro: ⇒ nNH4+ = (1,08 + 0,32 - 0,62 ì 2) ữ = 0,04 mol || Đặt nAl3+ = x; nNO3– = y ⇒ mmuối = 27x + 62y + 137,4 = 149,16(g) || Bảo tồn điện tích: 3x - y = 0,36 mol Giải hệ có: x = 0,16 mol; y = 0,12 mol Bảo tồn ngun tố Nitơ: nN2O = 0,08 mol ⇒ nMgCO3 = nCO2 = 0,04 mol Bảo toàn nguyên tố Mg: nMg = 0,32 mol ∑nH+ = 10nNH4+ + 10nN2O + 2nO + 2nCO3 ⇒ nO = 0,06 mol ⇒ nAl2O3 = 0,02 mol || %mAl2O3= 0,02 ì 102 ữ 15,84 ì 100% = 12,88% Câu 44 (e) —> Y CH3OH Y1 CH3COOH (b) — > X1 CH3COONa X có chức este, tác dụng với NaOH theo tỉ lệ : nên có chức este phenol X là:CH3COO-C6H4-COO-CH2-COO-CH3 (o, m, p) CH3COO-CH2-COO-C6H4-COO-CH3 (o, m, p) X2 NaO-C6H4-COONa; Y2 HO-C6H4-COOH X3 HO-CH2-COONa; Y3 HO-CH2-COOH; Z H20 (1) Sai, X có đồng phân cấu tạo (2) Đúng (3) Sai, Y1ZY (4) Sai, Y3 tạp chức (5) Sai Câu 45: Chọn D: Xét TN2: n(este đơn chức) + n(este hai chức) = 0,18 (1) n(NaOH) = n(este đơn chức) = 2n(este hai chức) = 0,2925 => n(este hai chức) = 0,1125 mol => n(este dơn chức) = 0,0675 = 3/5 số mol este hai chức Xét TN1: Đặt n(este đơn chức) = 3x => este hai chức có số mol 5x Gọi CT este đơn chức CnH2n-6 O2 (n ≥ 7) 3x mol; este hai chức CmH2m-6 O4 5x mol ( m ≥ 8) Ta có m(E) = 3x(14n + 26) + 5x(14m +58) = 9,165 => 14.3xn + 14.5xm + 368x = 9,165 (3) n(H2O) = 3x(n-3) + 5x(nm-3) = 3xn + 5xm -24x = 0,2775 (4) => 14.3xn + 14.5xm – 336x = 3,885 (5) Lấy (3) – (5) => x =0,0075 thay vào (4) => 3n + 5m = 61 => nghiệm n = 7; m = Vậy este đơn chức CH2=C(CH3)COO-CH2-C≡CH 0,0675 Và hai este hai chức CH3-OOC-C2H2-COOCH2-CH=CH2 0,1125 => m1 = 56.0,0675 + 58.0,1125 = 10,305; m2 = 32.0,1125 =3,6 => m2: m1 = 0,349 => D Câu 46: Chọn D: Ta thấy NH2CH2COOH = CO2+ NH3+ CH2 NH2C3H5(COOH)2 = 2CO2 + NH3 + C3H6 CH2=CHCOOH = CO2 + C2H4 (CH3)3N = NH3 + C3H6 Vậy ta quy đổi a mol X b mol Y 0,28 mol NH3 (BTNT cho N); x mol CO2 y mol CH2 TN1: Đốt 2NH3 +1,5 O2 → N2 + 3H2O 0,28 0,21 mol CH2 + 1,5O2 → CO2 + H2O y 1,5y y => n(O2) =0,21 + 1,5y = 1,596 => y = 0,924 => n(CO2) = x+ y = 1,274 => x = 0,35 TN2: Ta có n(NaOH) pứ = n(CO2) = x = 0,35 mol => m = 40.0,35 =14 gam => D Câu 48: Cho chất sau: (1) ClH3N-CH2-COOH (2) H2N-CH(CH3)-CO-NH-CH2-COOH (3) CH3-NH3-NO3 (4) (HOOC-CH2-NH3)2SO4 (5) ClH3N-CH2-CO-NH-CH2-COOH (6) CH3-COO-C6H5 (7) HCOOCH2OOC-COOCH3 (8) O3NH3N-CH2-NH3HCO3 Số chất dãy tác dụng với dung dịch NaOH dư, đun nóng, thu dung dịch chứa hai muối A B C D Câu 49: Chọn B: Ta thấy CT tripanmitin (C15H31COO)3C3H5 tristearin (C17H35COO)3C3H5 có CT dạng CnH2n-4O6 Do tổng số mol axit acrylic + số mol axit oxalic = số mol HOC6H4CH2OH Nên quy hh C2H3COOH HOC6H4CH2OH( có số mol) C5H6O2; quy hh (COOH)2 phần cịn lại HOC6H4CH2OH( có số mol) C4,5H5O3 Và ta nhận thấy C4,5H5O3, C5H6O2, CnH2n-4O6 có dạng CmH2m-4Ot Khi ta có n(CO2) –n(H2O) = 2n(hh) => n(CO2) = 2.0,2272 + 1,0044 = 1,4588, BTNT cho O ta có: n(O) hh = 2n(CO 2) + n(H2O) -2n(O2) = 0,5432 mol BTKL ta có m(X) = 18,0792 + 44.1,4588 – 32.1,6894 = 28,2056 gam Ta thấy 56,4112:28,2056 =2, => n(hh) ứng với 56,4112 gam = 0,4544 mol Gọi x n(CnH2n-4O6); y n(C5H6O2); z n(C4,5H5O3) có 56,4112 gam hỗn hợp => x + y + z = 0,4544 (1) n(O) hh = 6x + 2y + 3z = 2.0,5432 = 1,0864 (2) CnH2n-4O6 + 3NaOH muối + C3H5(OH)3 x x C5H6O2 + NaOH muối + H2O y y C4,5H5O3 + 1,5NaOH muối + 1,5H2O z 1,5z ( pứ tỉ lệ 1: 1,5 hai chất có số mol chất cho pứ tỉ lệ 1:2 chất cho pứ theo tỉ lệ 1:1) Ta có m(NaOH) = 58,5.40% =23,4 gam, => m(H 2O) dd NaOH ban đầu = 58,5 -23,4 =35,1 gam Theo ta có 92x = (92x + 35,1+ 18.y + 18.1,5z)2,916%, => 8931,728x – 52,488y – 78,732z =102,3516 (3) Giải hệ ta có x =0,0144; y = 0,32; z =0,12 BTKL ta có: 56,4112 + 23,4 = m(chất rắn) + 92.0,0144 + 18.(0,32+ 0,12.1,5) => m(chất rắn) = 69,4864, => chọn B Câu 50: Tiến hành thí nghiệm theo bước sau: • Bước 1: Cho vào hai ống nghiệm ống ml etyl axetat • Bước 2: Thêm ml dung dịch H 2SO4 20% vào ống nghiệm thứ nhất, ml dung dịch NaOH 30% vào ống thứ hai • Bước 3: Lắc hai ống nghiệm, lắp ống sinh hàn, đun sôi nhẹ khoảng phút, để nguội Cho phát biểu sau: (a) Sau bước 2, chất lỏng ống thứ phân thành hai lớp, ống thứ đồng (b) Sau bước 3, chất lỏng hai ống nghiệm phân lớp (c) Sau bước 3, ống thứ có lớp chất rắn màu trắng lên (d) Ở bước 3, thay việc đun sơi nhẹ đun cách thủy (ngâm nước nóng) (e) Ống sinh hàn có tác dụng hạn chế thất chất lỏng ống nghiệm Số phát biểu A B C D ... xảy hoàn toàn Giá trị a : A 0,12. B.0,15. C 0,25. D 0,27. Đáp án : B nNaOH=0,5 Nếu tạo muối trung hịa m chất tan > 0,25.106 =26,5 > 26,3: Vơ lý Vậy chất... lượng Al hỗn hợp X gần với giá trị sau : A.15. B.20. C.25. D.30. Đáp án : A Câu 38: Hỗn hợp X gồm ancol sản phẩm hợp nước propen Tỉ khối X so với hiđro 23 Cho m gam... Phần trăm khối lượng propan-1-ol X là: A.16,3% B 65,2% C.48,9% D.83,7% Đáp án : A X chứa C3H7OH có MX = 46 -> Ancol cịn lại CH3OH Đặt CH3-CH2-CH2OH (a mol); CH3-CHOH-CH3