Luận văn thạc sĩ HUS một số phương pháp giải hệ phương trình và hệ bất phương trình đại số

ĐẠI HỌC QUỐC GIA HÀ NỘI TRƯỜNG ĐẠI HỌC KHOA HỌC TỰ NHIÊN HOÀNG THỊ DỊU MỘT SỐ PHƯƠNG PHÁP GIẢI HỆ PHƯƠNG TRÌNH VÀ HỆ BẤT PHƯƠNG TRÌNH ĐẠI SỐ LUẬN VĂN THẠC SỸ TOÁN HỌC HÀ NỘI - NĂM 2014 LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com ĐẠI HỌC QUỐC GIA HÀ NỘI TRƯỜNG ĐẠI HỌC KHOA HỌC TỰ NHIÊN HOÀNG THỊ DỊU MỘT SỐ PHƯƠNG PHÁP GIẢI HỆ PHƯƠNG TRÌNH VÀ HỆ BẤT PHƯƠNG TRÌNH ĐẠI SỐ Chuyên nghành: PHƯƠNG PHÁP TOÁN SƠ CẤP Mã số 60.46.01.13 LUẬN VĂN THẠC SỸ TOÁN HỌC Người hướng dẫn khoa học GS TSKH NGUYỄN VĂN MẬU HÀ NỘI - NĂM 2014 LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com Mục lục LỜI GIỚI THIỆU CÁC DẠNG HỆ PHƯƠNG TRÌNH CƠ BẢN 1.1 Hệ phương trình tuyến tính 1.2 Hệ phương trình đối xứng 10 1.3 Hệ phương trình dạng hốn vị vòng quanh 18 1.4 Hệ phương trình đẳng cấp 24 MỘT SỐ PHƯƠNG PHÁP GIẢI HỆ PHƯƠNG TRÌNH 28 2.1 Phương pháp 28 2.2 Phương pháp đặt ẩn phụ 32 2.3 Phương pháp sử dụng tính đơn điệu hàm số 39 2.4 Phương pháp sử dụng bất đẳng thức 46 2.5 Phối hợp nhiều phương pháp 55 HỆ BẤT PHƯƠNG TRÌNH ĐẠI SỐ 57 3.1 Phương pháp tham số hóa giải hệ bất phương trình 57 3.2 Hệ phương trình bất phương trình ẩn 60 Kết luận 70 Tài liệu tham khảo 71 LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com LỜI GIỚI THIỆU Hệ phương trình chuyên đề quan trọng chương trình học phổ thông Đề thi đại học năm hầu hết có câu hệ phương trình Đó phần học quan trọng đại số lớp 10 Từ lâu việc tìm cách tổng hợp phương pháp để giải hệ phương trình nhiều người quan tâm Hệ bất phương trình lại lĩnh vực mà người quan tâm Các tài liệu tổng hợp phương pháp giải hệ bất phương trình nói Dựa giúp đỡ dẫn thầy Nguyễn Văn Mậu với tìm tịi tham khảo tơi tổng hợp số phương pháp giải hệ phương trình hệ bất phương trình đại số Ngồi phần mở đầu, phần kết luận chung, danh mục tài liệu tham khảo, cấu trúc luận văn bao gồm có ba chương Chương trình bày số dạng phương pháp cách giải hệ phương trình đại số Chương trình bày số phương pháp ví dụ giải hệ bất phương trình đại số Chương xét hệ chứa tham số hệ bất phương trình ẩn LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com Chương CÁC DẠNG HỆ PHƯƠNG TRÌNH CƠ BẢN 1.1 Hệ phương trình tuyến tính Nhận dạng Xét hệ phương trình a1 X + b1Y = c1 a2 X + b2Y = c2 Phương pháp giải Thường có ba phương pháp: Cách phương pháp Tư phương trình ta rút ẩn theo ẩn vào phương trình cịn lại Cách phương pháp cộng đại số Cộng trừ vế hai phương trình hợp lý để dễ dàng tìm x y Cách dùng định thức Ta kí hiệu a c c b a b D = a1 b1 = a1 b2 −a2 b1, DX = c1 b1 = c1 b2 −c2 b1, DY = a1 c1 = a1 c2 −a2 c1 2 2 2 TH1: D = Hệ có nghiệm   X = DX D D  Y = Y D LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com TH2: D = DX = DY = Hệ có vơ số nghiệm dạng {(X0; Y0)|a1 X0 + b1Y0 = c1 } TH3:D = DX = DY = Khi hệ vơ nghiệm Lưu ý : Đơi cần vài biến đổi đặt ẩn phụ hệ quy hệ hai phương trình bậc hai ẩn Sau số toán Và thơng thường, với tốn ta kết hợp vài phương pháp để giải cách thuận lợi Bàitốn 1.1 Giải hệ phương trình 3(x + y) +    = −2 x−y 5x − y   =  y−x Lời giải Điều kiện: x = y Hệ phương trình đề tương đương với 3x + 3y + = −2x + 2y 15x − 3y = 5y − 5x ⇔ 5x + y = −2 5x − 2y = Từ phương trình thứ nhất, ta rút y = −5x − 2, vào phương trình thứ hai , từ dễ dàng tìm y = − 15x + = hay x = − 15 Vậy nghiệm hệ phương trình cho (x; y) = (− ; − ) 15 Bài toán 1.2 Giải hệ phương trình 6   + x   − x =3 y 10 =1 y Lời giải 1 Đặt = u, = v với u, v = Khi hệ phương trình trở thành x y 6u + 5v = 9u − 10v = LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com Nhân hai vế phương trình đầu với cộng vế phương trình thu với phương trình cịn lại ta u = , thay vào hai phương trình v = Từ suy nghiệm hệ phương trình (x; y) = (3; 5) Bài tốn 1.3 Giải hệ phương trình  2x − y +   + =5 x−2 y+3 x + 3y +   + =5 x−2 y+3 Lời giải +1+ =5 x − y + ⇔ Hệ phương trình tương đương với  1 + +3− =5 x − y +   + =2  x−2 y+3   − =1 x−2 y+3 1 u + 4v = Đặt = u, = v với u, v = hệ trở thành 3u − 8v = x−2 y+3 Sử dụng định thức, ta tính D = −20, DX = −20, DY = −5 Từ thu DY DX = 1, v = = Cuối ta dễ dàng tính (x; y) = (3; 1) u = D D Hay ta xét hệ chứa dấu giá trị tuyệt đối mà chia trường hợp để giải quy hệ hai phương trình bậc hai ẩn   2 + Bài tốn 1.4 Giải hệ phương trình sau |x − 1| + y = 2x − y = Lời giải Từ phương trình thứ rút y = −|x − 1|, vào phương trình thứ hai ta thu |x − 1| = − 2x TH1 Nếu x ≥ |x − 1| = x − 1, x − = − 2x, tìm x = < 1, khơng thỏa mãn TH2 Nếu x < |x − 1| = − x, giải tương tự tìm x = < 1, thỏa mãn LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com Khi y = −1 Vậy nghiệm hệ (x; y) = (0; −1) Sau ta đưa số tốn hình học phẳng câu đề thi đại học năm gần ứng dụng giải hệ phương trình tuyến tính bậc Bài toán 1.5 (Đề thi Đại học khối A 2014) Trong mặt phẳng tọa độ Oxy , cho hình vng ABCD có điểm M trung điểm đoạn AB N điểm thuộc đoạn AC cho AN = 3N C Viết phương trình đường thẳng CD, biết M(1; 2) N (2; −1) Lời giải M A K B I N C D Hình 1.1: Gọi K trung điểm MB , N K song song với BC , N K vng góc với AB CD Gọi E giao đường thẳng N K với DC √ 3a a 10 a Trong tam giác vuông MKN ta có MK = , N K = , suy MN = 4 Từ cos MN K = √ 10 −−→ Gọi vecto phương N K có tọa độ (a; b) (a2 + b2 > 0) Ta có MN = (1; −3) LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com Khi ta có |a − 3b| √ =√ cos(N K, N M) = | cos MN K| ⇔ √ 10 a2 + b2 10 √ 2 ⇔ |a − 3b| = a + b ⇔ a2 − 6ab + 9a2 = 9(a2 + b2) ⇔ 4a2 + 3ab = a=0 ⇔ 4a + 3b = - Với a = 0, a2 + b2 > nên ta chọn b = Khi dễ dàng viết phương trình đường thẳng AB y − = 0, đường thẳng N K x − = Suy tọa độ điểm K nghiệm hệ phương trình y−2=0 x−2=0 Suy K(2; 2) −−→ −−→ Ta có KE = KN Từ suy E(2; −2) Đường thẳng CD qua điểm E(2; −2), nhận vecto phương (0; 1) N K làm vecto pháp tuyến có phương trình y + = - Với 4a + 3b = 0, a2 + b2 > 0, nên ta chọn a = 3, b = −4 D vecto phương N K (3; −4) Khi dễ dàng viết phương trình đường thẳng AB 3x − 4y + = 0, đường thẳng N K 4x + 3y − = Tọa độ điểm K nghiệm hệ phương trình   x = 3x − 4y + = ⇔ 4x + 3y − =  y = Suy tọa độ điểm K ; 5 13 ; − Do Tương tự lập luận trường hợp ta tìm điểm E 5 ta dễ dàng viết phương trình đường thẳng CD 3x − 4y − 15 = Bài toán 1.6 (Đề thi Đại học khối D 2011) Trong mặt phẳng tọa độ Oxy , cho tam giác ABC có đỉnh B(−4; 1), trọng tâm G(1; 1) đường thẳng chứa phân giác góc A có phương trình x − y − = Tìm tọa độ đỉnh A C LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com Lời giải B(−4,1) d I G A B′ M C Hình 1.2: Gọi d đường phân giác góc A, tức d có phương trình x−y−1 = Gọi điểm B ′ đối xứng với điểm B qua d Vì d tia phân giác góc A nên suy B ′ nằm đường thẳng AC Gọi I giao điểm BB ′ d Suy tọa độ I nghiệm hệ phương trình x+y+3=0 x−y−1= ⇔ x = −1 y = −2 Suy I(−1; −2) Ta có I trung điểm BB ′ , dễ dàng ta tìm B ′ (2; −5) −− → −−→ Gọi M trung điểm AC , suy BG = 2GM Do ta tìm M ; ′ Đường thẳng AC qua hai điểm B M nên ta viết phương trình AC 4x − y − 13 = Điểm A giao điểm d AC nên tọa độ điểm A nghiệm hệ phương trình 4x − y − 13 = x=4 ⇔ x−y−1= y=3 Suy A(4; 3) Điểm M trung điểm AC nên dễ dàng tìm C(3; −1) LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com Chương HỆ BẤT PHƯƠNG TRÌNH ĐẠI SỐ 3.1 Phương pháp tham số hóa giải hệ bất phương trình Bài √ tốn 3.1 √ Chứng minh hệ sau có nghiệm √x + + √ y − > (1) y+1+ x−2>2 Lời giải Ta xét tốn Tìm √ m để hệ√phương trình √ sau có nghiệm √x + + √ y − = √m (1) y+1+ x−2= m Điều kiện: x 2, y Với m hệ phương trình đề tương đương với √ x + y − + 2√xy + y − 2x − = m x + y − + xy + x − 2y − = m Trừ vế hai phương trình cho ta √ √ xy + y − 2x − = xy + x − 2y − ⇔ xy + y − 2x − = xy + x − 2y − ⇔ x = y , vào (1) ta có √ √ √ x + + x − =√ m(2) √ Xét hàm số f (x) = x + + x − [2; +∞) 1 Ta có f ′ (x) = √ > 0, ∀x > + √ x+1 x−2 √ Do hàm số đồng biến [2; +∞) Trên [2; +∞), f (x) f (2) = √ √ Hệ đề có nghiệm phương trình (2) có nghiệm ⇔ m 3⇔ m Vậy hệ phương trình có nghiệm m Từ suy hệ cho có nghiệm 56 LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com Đối với số hệ đơn giản, áp dụng phương pháp đồ thị để giải Ở đây, làm quen với phương pháp biểu diễn nghiệm thông qua tham số, gọi phương pháp tham biến x+y ≤1 x2 + y + xy = Bài toán 3.2 Giải hệ x + y = − a, a ≥ x2 + y + xy = Lời giải Viết hệ cho dạng x+y =1−a x+y =1−a ⇔ (x + y) − xy = xy = (1 − a2 ) − Điều kiện a : ∆ = (1 − a)2 − 4[(1 − a)2 − 1] ≤ ⇔ a≥0 ⇔0≤a≤1+ √ (a − 1) ≤ 3 Với điều kiện (3.1) ta có nghiệm a − + − 3(1 − a)2 a − − − 3(1 − a)2 ,y = x= 2 a − + − 3(1 − a)2 a − − − 3(1 − a)2 x= ,y = 2 ⇔ Bài toán 3.3 Giải hệ (3.1) x2 + y ≤ xy + x2 + y ≤ 4xy Lời giải Viết hệ cho dạng x2 + y = xy + a + a, b ≤ x2 + y = 4xy + b x2 + y = b + 4xy x2 + y = b + 4xy ⇔ a+1−b ⇔ 4xy + b = xy + a + xy =  4a + − b  x2 + y = (x + y)2 = 2a + − b 2a + + b ⇔ ⇔ 2a + − 2b  (x − y)2 = 2xy = 3 Điều kiện a, b : 57 LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com  a, b ≤   2a + − b ≥ ⇔ a, b ≤ ⇔ 2a + + b ≥   2a + + b ≥ 3 √ x + y = ± 2a + − b Khi 2a + + b x − y = ± 2a + + b √ 2a + − b + x=± ;y ⇔ √ 2a + + b 2a + − b − ;y x=± b với −2 ≤ b ≤ 0; −1 − ≤ a ≤ Bài toán 3.4 Giải hệ x + 2y = x2 − 2y ≤ ≥ a ≥ −1 − −2 ≤ b ≤ b √ 2a + − b − √ 2a + − b + =± =± 2a + + b 2a + + b Lời giải x = − 2y x = − 2y ⇔ 2 (2 − 2y) − 2y  ≤1 2y − 8y + ≤ − 2y x = √ √ ⇔ − 10 + 10  ≤y≤ 2 Vậy hệ có nghiệm: √ √ + 10 − 10 y=t ≤t≤ với x = − 2t 2 Hệ ⇔ Bài toán 3.5 Giải hệ x−y ≥1 x2 − xy − 2y = Lời giải Viết hệ dạng x − y = + a, a ≥ x2 − xy − 2y = y = x − (1 + a) ⇔ x2 − x[x − (1 + a)] − 2[x − (1 + a)]2 = y = x − (1 + a) ⇔ 2x2 − 5(1 + a)x + 2(1 + a)2 + = 58 LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com  y = x − (1 + a) ⇔ 5(1 + a) ± x = √ 9(1 + a)2 − 24 với a ≥ −1 Vậy hệ cónghiệm   x = 5(1 + a) ± 3.2  1+a±  y = 9(1 + a)2 − 24 9(1 + a)2 − 24 √ −1 với a ≥ Hệ phương trình bất phương trình ẩn Sau ta đưa số tốn liên quan đến hệ phương trình bất phương trình ẩn Bài tốn 3.6 Xác định giá trị m để hệ sau có nghiệm x+y ≤m x4 + y ≤ m + x2 y Lời giải Vì vai trị x y bình đẳng, nên (x, y) = (α, β) nghiệm hệ (x, y) = (β, α) nghiệm Vậy điều kiện cần để hệ có nghiệm α = β Thế vào hệ, ta m α≤ α4 ≤ m a) Nếu m < khơng tồn α b) Nếu m > tồn vơ số α thỏa mãn √ m √ , 4m − m ≤ α ≤ c) Xét m = α = Hệ có dạng x+y ≤0 x+y ≤0 ⇔ 4 2 x + y ≤x y (x2 − y )2 + x2y ≤ x + y ≤ x=0 ⇔ x2 − y = ⇔ y=0  2 x y =0 Kết luận: hệ có nghiệm m = Bài toán 3.7 Xác định m để hệ sau có nghiệm x2 + 2y ≤ m y + 2x ≤ m 59 LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com Lời giải Vì vai trị x, y bình đẳng, nên (x, y) = (α, β) nghiệm (x, y) = (β, α) nghiệm Suy điều kiện cần để hệ có nghiệm α = β Thế vào hệ, ta α2 + 2α ≤ m ⇔ α2 + 2α − m ≤ (3.2) Bất phương trình (3.2) có nghiệm ∆′ = + m = ⇔ m = −1 Thay vào hệ cho  x2 + 2y ≤ −1 x2 + 2y ≤ −1 ⇔ y + 2x ≤ −1 y + 2x ≤ −1  (x + 2y) + (y + 2x) ≤ −1 −  x + 2y ≤ −1 x = −1 ⇔ y + 2x ≤ −1 ⇔ y = −1  (x + 1)2 + (y + 1)2 ≤ Kết luận: hệ có nghiệm m = −1 Bài toán 3.8 Giải hệ  x + 3x + ≤ y y + 3y + ≤ z  z + 3z + ≤ x Lời giải. Hệ cho tương đương với hệ x2 + 3x + ≤ y    y + 3y + ≤ z z + 3z + ≤ x    (x+ 3x + 1) + (y + 3y + 1) + (z + 3z + 1) ≤ y + z + x  x2 + 3x + ≤ y    x = −1 y + 3y + ≤ z ⇔ y = −1 z + 3z + ≤ x    z = −1  2 (x + 1) + (y + 1) + (z + 1) ≤ Vậy hệ có nghiệm (x, y, z) = (−1, −1, −1) Bài toán 3.9 Xác định giá trị m để hệ x2 − 3x + m + ≤ x2 − 5x + 4m + ≤ có nghiệm 60 LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com Lời giải bất phương trình f (x) := x2 − 3x + m + ≤ (3.3) g(x) := x2 − 5x + 4m + ≤ (3.4) vơ nghiệm hệ vơ nghiệm ∆1 = − 4(m + 1) ≥ Xét ∆2 = 25 − 4(4m + 2) ≥ ⇔ ⇔m≤ − 4m ≥ 17 − 16m ≥ 17 16 (3.5) Với điều kiện (3.5) ∆1 > (3.3) ⇔ x1 ≤ x ≤ x2 ; x1,2 = (3.4) ⇔ x3 ≤ x ≤ x4 ; x3,4 = 3∓ 5∓ √ − 4m √ 17 − 16m Hệ có nghiệm x1 ≤ x3 = x4 ≤ x2 x1 = x4 x3 = x2 1) x1 ≤ x3 = x4 ≤ x2 ∆2 = ≤0 1·f hệ vô nghiệm   m = 17 16 ⇔ 5 17   +1≤0 −3· + 2 16 2) x1 = x4 ⇒ x3 ≤ x2 ⇒ x3 + x4 ≤ x1 + x2 ⇔ ≤ 3, trường hợp không xảy √ √ + − 4m − 17 − 16m 3) x2 = x3 ⇔ = 2 √ √ ⇔ − 4m + 17 − 16m = ⇔ 22 − 20m + (5 − 4m)(17 − 16m) = ⇔ (5 − 4m)(17 − 16m) = 10m − 10m − ≥ ⇔ (5 − 4m)(17 − 16m) = (10m − 9)2 61 LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com    m ≥   10 m=1 ⇔ ⇔ m = (thỏa mãn (3.5))     m=− Kết luận: hệ có nghiệm m = Bài toán 3.10 Xác định giá trị m để hệ có nghiệm x2 − 5x + − m ≤ x2 − 6x + 2m + ≥ Lời giải Nhận xét bất phương trình ln ln có nghiệm g(x) := x2 − 6x + 2m + ≥ (3.6) Nếu ∆′2 = − (2m + 2) ≤ (⇔ m ≥ ) (3.6) nhận x nghiệm Khi hệ có nghiệm bất phương trình f (x) := x2 − 5x + − m ≤ (3.7) 11 có nghiệm nhất, hay ∆1 = 25 − 4(9 − m) = ⇔ m = Giá trị không phù hợp với điều kiện m ≥ 11 ∆1 ≥ 4m − 11 ≥ ≤m< Xét ⇔ ⇔ ′ ∆2 > − 2m > Khi √ ∓ 4m − 11 (3.7) ⇔ x1 ≤ x ≤ x2 ; x1,2 √ x≥x (3.6) ⇔ x ≤ x4 ; x3,4 = ∓ − 2m Hệ có nghiệm  x1 = x2 ≤ x3 x1 = x2 ≥ x4  x1 = x3   x2 < x4   x2 = x4 x3 < x1 62 LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com ∆1 = x1 = x2 ≤ x3 i) Trường hợp x = x ≥ x ⇔ 1·g ≥0  4m − 11 =      11   m = 5 hệ vô nghiệm ⇔ − · + 2m + ≥ ⇔   27   m ≥  x1 = x3 x1 = x3 ii) Trường hợp ⇔ x2 < x4 x1 + x2 < x3 + x4 x1 = x3 ⇔ x1 = x3 ⇔ 5 −2) hệ cho vô nghiệm Xét a + ≤ ⇔ a ≤ −2 i) a < −2 x = nghiệm hệ  ax + x + ≤ x2 + ax + ≤  x +x+a≤0 Hệ khơng thể có nghiệm x = nằm bên khoảng nghiệm bất phương trình ii) a = −2 Hệ có dạng  −2x2 + x + ≤ x2 − 2x + ≤  x +x−2≤0 Bất phương trình thứ hai hệ có nghiệm x = nghiệm thỏa mãn hệ Vậy hệ có nghiệm a = −2 Bài toán 3.12 Xác định giá trị m để phương trình f (x) := x2 − 2mx + m + = (3.8) g(x) := x2 + 4mx + 2m + ≤ (3.9) có nghiệm nghiệm thỏa mãn bất phương trình Lời giải Điều kiện để (3.8) có nghiệm ∆′1 = m2 − m − ≥ √ 1+ m≥ 2√ ⇔ 1− m≤ Khi gọi hai nghiệm (3.8) x1 , x2 , x1 + x2 = 2m x1 x2 = m + (3.10) Cần xác định giá trị m cho g(x1) ≤ g(x2) ≤ Để ý (3.11) ⇔ g(x1) + g(x2) ≤ g(x1)g(x2) ≥ (3.11) (3.12) 64 LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com g(x1) = 6mx1 + m + g(x2) = 6mx2 + m + Vì g(x) = f (x) + (6mx + m + 1) nên g(x1) + g(x2) = 6m(x1 + x2 ) + 2(m + 1) = 6m · 2m + 2(m + 1) = 2(6m2 + m + 1) g(x1)g(x2) = 36m2x1x2 + 6m(m + 1)(x1 + x2) + (m + 1)2 = 36m2(m + 1) + 6m(m + 1)2m + (m + 1)2 = (m + 1)(48m2 + m + 1) 2(6m2 + m + 1) ≤ Vậy (3.12) ⇔ (m + 1)(48m2 + m + 1) ≥ Hệ vô nghiệm Vậy không tồn m Bài toán 3.13 Xác định giá trị m để hệ f (x) := x2 + 2mx + m − ≤ g(x) := x2 − 2(m + 1)x + m ≤ (3.15) (3.16) có tập hợp nghiệm lập thành đoạn [α, β] với β − α = Lời giải Điều kiện để (3.15) (3.16) có nghiệm ∆′1 = m2 − m + ≥ ⇔ ∀m ∆′2 = (m + 1)2 − m ≥ √ Vậy ∀m : (1.50) ⇔ x1 ≤ x ≤ x2 ; x1,2 = −m ∓ m2 − m + √ (1.51) ⇔ x3 ≤ x ≤ x4; x3,4 = (m + 1) ∓ m2 + m + Cần xác định m để có bốn trường hợp sau: i) x3 ≤ x1 ≤ x2 ≤ x4 x2 − x1 = ii) x1 ≤ x3 ≤ x4 ≤ x2 x4 − x3 = iii) x1 ≤ x3 ≤ x2 ≤ x4 x2 − x3 = iv) x3 ≤ x1 ≤ x4 ≤ x2 x4 − x1 = Xét i) Để ý (x2 − x1 )2 = ∆1 = 4(m2 − m + 1) Vậy 4(m2 − m + 1) = ⇔ 4m2 − 4m + = Phương trình vô nghiệm Trường hợp không xảy Xét ii) Ta có (x4 − x3 )2 = ∆2 = 4(m2 + m + 1) = ⇔ 4m2 + 4m + = Phương trình vơ nghiệm √ Xét iii) Ta có −m + m2 − m + − (m + 1) + sqrtm2 + m + = 65 LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com √ √ ⇔ (m + 1) − m2 − m + = m2 + m + − (m + 1) Nếu m > VT>0>VP Nếu m < VT −2m ⇔ 2(m2 + 1) + (m2 + 1)2 − m2 > 4m2 ⇔ (m2 + 1)2 − m2 > m2 − ⇔ (m2 − 1)2 + 3m2 > m2 − Điều luôn ∀m < Vậy trường hợp iv) không xảy Kết luận: m = giá trị cần tìm Bài tốn 3.14 Xác định giá trị m để hệ sau có nghiệm x2 − 5x +√4 ≤ (3.17) (3.18) 3x − mx x + 16 = 1≤x≤4 √ Lời giải Hệ phương trình tương đương với ⇔ 3x + 16 = mx x  (3.19) 1 ≤ x ≤ 3x2 + 16 3x + 16 √ Đặt g(x) = √ =m (3.20)  x x x x Ta có √ √ √ x √ 2 6x.x x − (3x + 16)( x + √ ) 6x x − (3x + 16) x x = g ′ (x) = 3 x √ √x x x = (x − 16) = (x − 4)(x + 4) ≤ 0, ∀x ∈ [1; 4] 2x3 2x3 Kết hợp với g(x) hàm số liên tục [1; 4] ta có lập luận: Hệ đề có nghiệm ⇔ (3.18) có nghiệm x ∈ [1; 4] ⇔ g(x) ≤ m ≤ max g(x) ⇔ g(4) ≤ m ≤ g(1) 66 LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com ≤ m ≤ 19 Bài tốn 3.15 Tìm tất giá trị tham số a để hệ sau có nghiệm (x; y) thỏa mãn √ điều kiện √ x≥4 x + y= (3.19) √ √3 x+5+ y+3 Bài tốn 3.16 Tìm tất cặp số thực (x; y) thỏa mãn 3|x −2x−3|−log3 = 5−(y+4) 4|y| − |y − 1| + |y + 3|2 ≤ (3.22) (3.23) Lời giải Bất phương trình 3.23 tương đương với 4|y| − |y − 1| + |y + 3|2 − ≤ (3.24) Xét khoảng y ta giải bất phương trình (3.24) tương ứng: - Với y ≤ |y| = −y, |y − 1| = − y , (3.24) ⇔ y + 3y ≤ ⇔ −3 ≤ y ≤ - Với < y < |y| = y, |y − 1| = − y, (3.24) ⇔ y + 11y ≤ ⇔ −11 ≤ y ≤ (không thỏa mãn với y > 0) - Với y√≥ |y| = y, |y√− 1| = y − 1, (3.24) ⇔ y + 9y + ≤ −9 + 73 −9 − 73 ≤y≤ (không thoả mãn với y ≥ 1) ⇔ 2 Vậy miền nghiệm (3.24) [−3; 0] Ta biến đổi (3.23) tương đương với |(x+1)(x−3)| −log3 3 = 5−(y+4) ⇔ 3|(x+1)(x−3)| = 5−(y+4) ⇔ 3|(x+1)(x−3)| = 5−(y+3) ⇔ |(x + 1)(x − 3)| = −log3 5.(y + 3)(3.25) Ta có log3 > 0, y + ≥ nên −log3 5.(y + 3) ≤ Mà |(x + 1)(x − 3)| ≤ Do theo (3.25) ta có  y = −3 −log35.(y + 3) = x = −1 ⇔ |(x + 1)(x − 3)| =  x=3 Thử lại hệ đề ta có hệ có hai cặp số (x, y) thỏa mãn (−1; −3), (3; −3) 68 LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com Kết luận Luận văn hoàn thành đạt số kết sau: Giới thiệu tổng quan hệ phương trình đại số với tính chất cách giải chúng Khảo sát cách chi tiết hệ thống tốn giải hệ phương trình chứa tham số phương pháp bất đẳng thức giải hệ phương trình Đưa số ví dụ áp dụng từ đề thi đại học, đề thi HSG Olympic quốc gia khu vực 69 LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com Tài liệu tham khảo [1] Nguyễn Văn Mậu (1993), Một số phương pháp giải phương trình bất phương trình, NXB Giáo dục [2] Nguyễn Văn Mậu, Nguyễn Thủy Thanh, Đặng Huy Ruận (2003),Đại số tuyến tính, NXB Giáo dục bibitem3Nguyễn Văn Mậu, 2004, Đa thức đại số phân thức hữu tỷ, NXB Giáo dục [3] Nguyễn Văn Mậu (2006),Bất đẳng thức, định lý áp dụng, NXB Giáo Dục [4] Nguyễn Văn Mậu (Chủ biên), Trần Nam Dũng, Nguyễn Đăng Phất, Trịnh Đào Chiến (2007) Chuyên đề chọn lọc đa thức áp dụng, NXB Giáo dục [5] Trần Nam Dũng (Chủ biên), (2010) Phương trình nữa, NXB ĐHQG Tp HCM 70 LUAN VAN CHAT LUONG download : add luanvanchat@agmail.com ... trình bày số dạng phương pháp cách giải hệ phương trình đại số Chương trình bày số phương pháp ví dụ giải hệ bất phương trình đại số Chương xét hệ chứa tham số hệ bất phương trình ẩn LUAN VAN...ĐẠI HỌC QUỐC GIA HÀ NỘI TRƯỜNG ĐẠI HỌC KHOA HỌC TỰ NHIÊN HOÀNG THỊ DỊU MỘT SỐ PHƯƠNG PHÁP GIẢI HỆ PHƯƠNG TRÌNH VÀ HỆ BẤT PHƯƠNG TRÌNH ĐẠI SỐ Chuyên nghành: PHƯƠNG PHÁP TOÁN SƠ CẤP Mã số 60.46.01.13... hợp số phương pháp giải hệ phương trình hệ bất phương trình đại số Ngồi phần mở đầu, phần kết luận chung, danh mục tài liệu tham khảo, cấu trúc luận văn bao gồm có ba chương Chương trình bày số