Thế giới năm 2025

Ngày tải lên: 14/09/2015, 09:24

... giảm phí bảo hiểm y tế, bảo hiểm xã hội, tăng chi phúc lợi xã hội, tăng cường đào tạo nghề Bài học kinh nghiệm cho Việt Nam - doanh nghiệp phải tập trung đánh giá lại mô hình kinh doanh mình, thách ... doanh nghiệp phải linh hoạt điều chỉnh để thích ứng với thay đổi môi trường kinh doanh, nhằm giảm chi phí, nâng cao hiệu kinh doanh nhanh chóng thích ứng với thay đổi thị trường thời g...

Ngày tải lên: 25/10/2012, 16:14

... đề 5: Khủng hoảng kinh tế giới năm 2008 biện pháp kiềm chế lạm phát Việt Nam GV: GS - TS Dương Thị Bình Minh LỜI MỞ ĐẦU Khủng hoảng kinh tế năm 2008 gây hậu vô nghiêm trọng mặt kinh tế giới Hầu ... 5: Khủng hoảng kinh tế giới năm 2008 biện pháp kiềm chế lạm phát Việt Nam GV: GS - TS Dương Thị Bình Minh PHẦN I KHỦNG HOẢN...

Ngày tải lên: 08/12/2012, 10:20

... giảm phí bảo hiểm y tế, bảo hiểm xã hội, tăng chi phúc lợi xã hội, tăng cường đào tạo nghề Bài học kinh nghiệm cho Việt Nam - doanh nghiệp phải tập trung đánh giá lại mô hình kinh doanh mình, thách ... doanh nghiệp phải linh hoạt điều chỉnh để thích ứng với thay đổi môi trường kinh doanh, nhằm giảm chi phí, nâng cao hiệu kinh doanh nhanh chóng thích ứng với thay đổi thị trường thời g...

Ngày tải lên: 04/04/2013, 09:49

... doanh nghiệp bảo hiểm năm 2006 Bảo hiểm thu xếp qua môi giới bảo hiểm 2005 - 2006 Tỷ trọng phí bảo hiểm gốc thu xếp qua môi giới bảo hiểm năm 2006 17 Tỷ trọng hoa hồng môi giới bảo hiểm theo nghiệp ... 1.248,9 Bảo hiểm tử kỳ Bảo hiểm hỗn hợp Bảo hiểm trả tiền định kỳ Tổng cộng 2006 Phí bảo hiểm (đơn vị: tỷ đồng) 2005 2006 Phí bảo hiểm số t...

Ngày tải lên: 06/08/2013, 08:35

... Bj,j and Cn,n are relatively prime, we can choose integers Cj,n and Bj,n such that this equation is satisfied Doing this step by step for all j = n − 1, n − 2, , 1, we finally get B and C such that ... vertices of V by P1 , , Pk+3 Apply the induction hypothesis on the polygon P1 P2 Pk ; in this triangulation each of vertices P1 , , Pk belong to an odd number of triangles, except two ... vertice...

Ngày tải lên: 17/10/2013, 23:15

... IMC2007, Blagoevgrad, Bulgaria Day 2, August 6, 2007 Problem Let f : R → R be a continuous function Suppose that for any ... using only a translation or a rotation Does this imply that f (x) = ax + b for some real numbers a and b ? Solution No The function f (x) = ex also has this property since cex = ex+log c Problem ... \{y} = 0, ¯ ¯ since A2 = So, AX annihilates the span of all the vY wi...

Ngày tải lên: 20/10/2013, 18:15

... polynomial f (x) − 2008 Then f (ai ) = g(ai )h(ai ) = 2008 for i = 1, , 81, Hence, g(a1 ), , g(a81 ) are integer divisors of 2008 Since 2008 = 23 ·251 (2, 251 are primes) then 2008 has exactly ... orthonormal system This it true for any distinct x′ , x′′ ∈ S \ T ; it follows that the entire system √ (x − y) : x ∈ S d is an orthonormal system of vectors in H, as required Day 2, July...

Ngày tải lên: 20/10/2013, 18:15

... Trong uy tín trường đào tạo kinh doanh châu Âu ngày tăng trường MBA khu vực Bắc Mỹ lại có dấu hiệu thụt lùi So với bảng xếp hạng năm ngoái, có tới nửa trường đại học kinh doanh Mỹ bị tụt hạng Nguyên ... yếu giới phân tích đưa suy thoái kinh tế Mỹ, giới hạn mức lương nhà quản trị, mà chủ yếu lĩnh vực tài ngân hàng, nơi mà phần lớn học viên tốt nghiệp MBA đến đầu...

Ngày tải lên: 12/12/2013, 12:15

... Năm thứ chín kỷ 21 – năm 2008 - năm đánh dấu mốc lớn điện ảnh giới, với kiện 80 năm Liên hoan phim Oscars, 65 năm Liên hoan phim Venice, 33 năm Liên hoan phim Cesars, 10 năm Liên hoan ... 24/2 /2008, dự kiến Nhà hát Kodak Hollywood Đây giải Hàn lâm khoa học nghệ thuật điện ảnh trao năm Kể từ năm 1928, giải Oscar diễn thành phố Los Angeles để ghi nhận thành tựu xuấ...

Ngày tải lên: 24/12/2013, 17:15

... 1 PROBLEMS AND SOLUTIONS First day — July 29, 1994 Problem (13 points) a) Let A be a n × n, n ≥ 2, symmetric, invertible matrix with real positive ... and at least one is negative Hence we have at least two non-zero elements in every column of A−1 This proves part a) For part b) all b ij are zero except b1,1 = 2, bn,n = (−1)n , bi,i+1 = bi+1,i ... (bk/n) − n b bk/n b f (x)dx b(k−1)/n g(x)dx...

Ngày tải lên: 21/01/2014, 21:20

... the inequality 0≤ (f (x) − x)2 dx = f (x)dx − 1 xf (x)dx + x2 dx we get f (x)dx ≥ 1 xf (x)dx − 1 This completes the proof 0 From the hypotheses we have x x2 dx = f (t)dtdx ≥ xf (x)dx − − x2 dx ... obtain −x0 ≤ lim inf x→0+ f (x) f (x) ≤ lim sup ≤ f (x) f (x) x→0+ f (x) exists and x→0+ f (x) Since this happens for all x0 ∈ (0, r) we deduce that lim f (x) = x→0+ f (x) lim Problem (15 points) Le...

Ngày tải lên: 21/01/2014, 21:20

... From (i ) the first and the third integral tend to − m h n as n → ∞, hence f (0) so does the second Also n A (f (x))n dx ≤ n(f (A))n −→ (f (A) < 1) We get L = − n→∞ in this case If M = f (1) we ... consider k ≥ For any m we have (2) cosh θ = cosh ((m + 1)θ − mθ) = = cosh (m + 1)θ.cosh mθ − sinh (m + 1)θ .sinh mθ √ = cosh (m + 1)θ.cosh mθ − cosh (m + 1)θ − cosh mθ − Set cosh kθ = a, cosh (k...

Ngày tải lên: 21/01/2014, 21:20

... 1+ M M M M 1 Assume that for some k we have 1+ < θk 1 nk − Then we get α (1 + n1 ) (1 + n2 ) = ≥ (1 + θk 1 1 nk ) (1 + nk +1 ) (1 + θk 1 1 ) (1 + n2 ) nk k = θk 1 >1 + nk1 1 – a contradiction ... (1 ni ) so that θk > for all k Choose nk to be the least n for which 1+ < θk 1 n (θ0 = α) so that for each k, (1) 1+ 1 < θk 1 ≤ + nk nk − Since θk 1 ≤ + we have 1+ nk +1 nk...

Ngày tải lên: 21/01/2014, 21:20

... (x) = (x + |x|3 /2 )2 = x2 + 2x2 |x| + |x|3 , so f is C For x > 0, g(x) = 1 √ −→ −∞ =− · 3√ · · (1 + x) x x→0 1+ 3√ x Problem Let M be an invertible matrix of dimension 2n × 2n, represented in ... {0, 2} } ∞ There is an one-to-one mapping f : [0, 1) → C Indeed, for x = ∞ aj ∈ {0, 1} we set f (x) = j=1 (2aj )3−j Hence C is uncountable j=1 aj 2 j , For k = 1, 2, and i = 0, 1, 2, , 2k−1 .....

Ngày tải lên: 21/01/2014, 21:20