: Hỗn hợp Y gồm hai aminoaxit no, mạch hở, phân tử mỗi chất chỉ chứa một nhóm amino và một nhóm cacboxyl ⇒ Y dạng CnH2n + 1NO2.
n= n= 0,13mol → m= 13 (g)
[H12][03][1172] Chọn đáp án C
Hỗn hợp X gồm 1 mol amin no mạch hở Y và 2 mol amino axit no mạch hở Z tác dụng vừa đủ với 4 mol HCl hay 4 mol NaOH
→ Y là amin no chứa 2 chức amin CnH2n+4N2 , Z chứa 2 chức COOH và 1 chức amin CmH2m- 1NO4 ( với m ≥ 3)
Chú ý khi đốt a gam hỗn hợp X tỉ lệ các chất Y, Z tương ứng là 1:2. Gọi số mol của Y, Z tương ứng trong a gam là b, 2b mol
CnH2n+4N2 + (1,5n +1) O2 → nCO2 + (n + 2) H2O + N2
CmH2m-1NO4 + ( 1,5m-2,25)O2 → mCO2 + (m-0,5)H2O + 0,5N2 Có nN2 = b + 2b. 0,5 = 0,36 → b = 0,18 mol
Có nO2 = 0,18. ( 1,5n+1) + 0,36. ( 1,5m - 2,25) = 2,07 → n + 2m = 10
→ a = 0,18. ( 14n +32) + 0,36. ( 14m + 77) = 0,18. 14 ( n+ 2m) + 0,18. 32 + 0,36 .77= 58,68g
Có nHCl = 2nY + nZ = 0,18. 2 + 0,36 = 0,72 mol
Bảo toàn khối lượng → mmuối = mX + mHCl = 58, 68 + 0,72. 36,5 = 84,96 gam.
[H12][03][1173] Chọn đáp án C [H12][03][1174] Chọn đáp án C
X dạng CnH2n + 3N; Y dạng CmH2m + 1NO2 đốt thu 0,4 mol hỗn hợp (CO2; N2) + 0,46 mol H2O. Tương quan: ∑nH2O – ∑nCO2 + N2 = 1.nX + 0.nY ||→ nX = 0,06 mol → nX = 0,06 mol.
∑nN2 = ½.nX + Y = 0,06 mol → nCO2 = 0,34 mol ||→ mZ = mC + mH + mN + mO = 8,6 gam. phản ứng với HCl là –NH2 + HCl → –NH3Cl ||→ mmuối = 8,6 + 0,12 × 36,5 = 12,98 gam.
► yêu câu: dùng 21,5 gam Z là dùng gấp 2,5 lân ||→ mmuối yêu câu = 12,98 × 2,5 = 32,45 gam.
[H12][03][1175] Chọn đáp án C
Có nO2 = nkk : 5 = 0,315 mol, nCO2 = 0,3 mol , nH2O = 0,27 mol
Bảo toàn nguyên tố O → n O (X) = 0,3.2 + 0,27 - 2. 0,315 = 0,24 mol → nCOOH = 0,12 mol Có nNaOH = nCOOH + nHCl → 0,16 = 0,12 + nHCl= 0,04 mol
Dung dịch phản ứng vừa đủ với 0,16 mol NaOH tạo 13,8 gam muối
2 x y NaCl : 0, 04 R(NH ) (COONa) : b Nếu y = 1 → b =0,12 → Mmuối = 13,8 0,04.58,5 0,06 −
Nếu y = 2 → b =0,06 → Mmuối = 13,8 0,04.58,5 0,06 − = 191 =147 + 22. 2( NH2-C3H5-(COONa)2) Vậy X có dạng NH2-C3H5-(COOH)2 %Ở = 16.4 147 .100% = 43,54%. [H12][03][1176] Chọn đáp án C
1 mol X + 2 mol H2O → 2 mol Y + 1 mol Z chứng tỏ X là tripepit chứa 2 Y và 1 Z.
Đốt cháy Z : nO2 = 0,375 mol, nCO2 = 0,3 mol, nH2O = 0,35 mol, nN2 = PV RT = 1.1,23 0,082.300 = 0,05 mol
Bảo toàn khối lượng → m2 = 13,2 + 6,3 + 0,05. 28 - 0,375. 32 = 8,9 gam → loại C Luôn có nC (Z) = nCO2 = 0,3 mol, nH (Z) = 2nH2O = 0,7 mol, nN(Z) = 2nN2 = 0, 1 mol
→ nO (Z) =
8,9 0,3.12 0, 7 0,1.14 16
− − −
= 0,2 mol
→ C : H : N : O = 0,3 : 0,7 : 0,1 : 0,2 = 3: 7 : 1:2 → công thức của Z là C3H7NO2 Vậy nY= nH2O = 2nZ = 0,2 mol
Bảo toàn khối lượng cho phản ứng thủy phân → m1 = 20,3 + 0,2. 18 - 8,9 = 15 gam → MY = 15 : 0,2 = 75 → Y có cấu tạo H2N-CH2-COOH.
Vậy Y : H2N-CH2-COOH (15 gam) và Z : CH3-CH(NH2)-COOH ( 8,9 gam).
[H12][03][1177] Chọn đáp án C [H12][03][1178] Chọn đáp án B [H12][03][1179] Chọn đáp án D ► Đặt CTTQ cho X là CaH2a+2+b–2cNbO2c ⇒ ( ) 2a 2 b 2c 2c 0,1 a 0, 405 4 2 0,1 2a 2 b 2c 0,39 2 0,1a 0,1 0,5b 0,34 × + + + − − = ÷ × + + − = × + × =
||⇒ giải hệ có: a = 2,6; b = 1,6; c = 0,5 ⇒ muối là C2,6H7,8ON1,6(HCl)1,6 (0,2 mol) ⇒ m = 27,16(g)
[H12][03][1180] Chọn đáp án B
Vì 1 mol amin no, mạch hở A và 2 mol aminoaxit no, mạch hở B tác dụng vừa đủ với 4 mol HCl hoặc 4 mol NaOH.
⇒ A là amin no 2 chức và B là amino axit no chứa 2 gốc COOH và 1 gốc NH2.
Đặt a gam X chứa n 2n 4 2 m 2m 1 4 A C H N : a B C H O N : 2a + − ⇔ ⇔
[1 phân hỗn hợp X ⇒ vẫn tuân theo tỉ lệ mol ban đâu của A và B]
Bảo toàn N ⇒ a×2 + 2a×1 = 4a = 2nN2 = 0,48 ⇔ a = 0,12 mol + Phản ứng cháu của A và B là: CnH2n+4N2 + (1,5n+1) O2 o t → nCO2 + (n+2)H2O + N2
CmH2m–1O4N + (4,5m–2,25) O2
o
t
→
mCO2 + (m–0,5)H2O + 0,5N2 + PT theo số mol của O2 đốt cháy là:
0,12×(1,5n+1) + 0,24×(1,5m–2,25) = 1,74 ⇔ 0,18n + 0,36m = 2,16 ⇔ n + 2m = 12
Ta có mX = 0,12×(14n+28) + 0,24×(14m+77) = 1,68×(n + 2m) + 21,84 = 20,16 + 21,84 = 42 gam.
⇒ mMuối = mX + mHCl = 42 + 0,48×36,5 = 59,52 gam
[H12][03][1181] Chọn đáp án C
Nhận thấy cả 4 chất đêu chứa 1 nguyên tử N ⇒ NTrung bình = 1 ⇒ nN2 = 0,1 mol. Ta có mBình H2SO4 tăng = mH2O = 14,76 gam ⇒ nH2O = 0,82 mol.
⇒ nCO2 = 1,58 – nH2O – nN2 = 0,66 mol.
Đặt số nguyên tử Oxi = 2a để các bạn dễ hình dung nó ứng với 1 liên kết π
⇒ CTTQ của hỗn hợp X có dạng là: CnH2n+2–2a+1O2aN1.
Với số CTrung bình = n = 0,66 ÷ 0,2 = 3,3 || Số HTrung bình = 0,82×2÷0,2 = 8,2. Bảo toàn hiđro ta có: 2n+2–2a+1 = 8,2 ⇔ 2×3,3 + 2 – 2a + 1 = 8,2 ⇔ a = 0,7. ⇒ CTTQ của X có dạng: C3,3H8,2O1,4N.
⇒ Với 29,47 gam X thì nHỗn hợp X = 29,47÷84,2 = 0,35 mol.
⇒ nHCl pứ = 0,35 mol ⇒ mMuối = 29,47 + 0,35×36,5 = 42,245 gam
[H12][03][1182] Chọn đáp án A
có nO ÷ nN = 24 ÷ 11 ||→ X dạng CnHmN11O24; X + HCl là phản ứng của –NH2 + HCl → –NH3Cl. nHCl = 0,22 mol ||→ nX = 0,02 mol. Đốt X → 0,62 mol CO2 ||→ n = 31.
19,62 gam X, nX = 0,02 mol → MX = 981 → m = 71 → nH2O = 0,71 mol. Bảo toàn O có nO2 = 0,735 mol ||→ V = 16,464 lít.
[H12][03][1183] Chọn đáp án B
nX = 1 + 1 = 2 mol ⇒ Ctb = 6 ÷ 2 = 3. Lại có: -NH2 + HCl → -NH3Cl ⇒ nN = nHCl = 2 mol ⇒ Ntb = 1; y = nN2 = 2 ÷ 2 = 1 mol.
► Tương tự: -COOH + NaOH → -COONa + H2O ⇒ COOtb = 1. Do các chất đêu no, mạch hở. ||⇒ ktb = πC=O tb = COOtb = 1.
Lại có: Htb = 2 × Ctb + 2 + Ntb – 2k = 7. ⇒ x = 2 × 7 ÷ 2 = 7
[H12][03][1184] Chọn đáp án C
nCO2 = 0,05 mol < nH2O = 0,055 mol ⇒ amino axit no, mạch hở. ⇒ nX = 2 × (0,055 – 0,05) = 0,01 mol ⇒ CX = 5 ||● Quy quá trình vê: 0,25 mol X + H2SO4 + 0,2 mol NaOH + 0,25 mol KOH vừa đủ.
⇒ nH2SO4 = (0,2 + 0,25 – 0,25) ÷ 2 = 0,1 mol; nH2O = 0,45 mol.
||⇒ BTKL: a = 29,25 + 0,1 × 98 + 0,2 × 40 + 0,25 × 56 – 0,45 × 18 = 52,95 gam.
[H12][03][1185] Chọn đáp án D
từ dữ kiện bđ ta biết Y chỉ có 1 nhóm amin 2 H O OH n − =0,12→n =0,12 m 17, 04 0,12.18 0, 06.171 8, 94(g)= + − = TH1:cả 2 chất đêu có 1 nhóm cacboxyl 1 2 Y Y n =x;n =y
dựa vào đáp án C ta có hpt do chỉ có đáp án này là Y có 1 nhóm cacboxyl x+ =y 0, 06
75x 89y+ =8, 94 → =x 35−9(Sai)
TH2:Y1 1 nhóm COOH; Y2 có 2 nhóm COOH TB
n =0, 26 : 0, 06=4, 33
loại B,loại A vì số nguyên tử C Y1 nhỏ hơn Y2 nhưng lại chiếm tỉ lệ mol nhiêu hơn Y2,dùng sơ đồ đường chéo sẽ thấy rõ
[H12][03][1186] Chọn đáp án C
♦ đốt X cân 30 gam O2 t° →
48,75 gam (CO2 + H2O) + 0,125 mol N2. ⇒ theo bảo toàn khối lượng có mX = 22,25 gam.
Quan sát 4 đáp án ⇒ X có 1N ⇒ nX = 2nN2 = 0,25 mol. ⇒ MX = 22,25 ÷ 0,25 = 89 ⇒ CTPT của X là C3H7O2N.
[H12][03][1187] Chọn đáp án B
Đốt cháy a mol amino axit X → 3a mol CO2. ⇒ Phân tử của X có 3 cacbon.
⇒ CTPT của X là C3H7O2N ⇒ nX = 31,15 ÷ 89 = 0,35 ⇒ mMuối = 0,35 × (89 + 39 – 1) = 44,45 [H12][03][1188] Chọn đáp án A đốt X dạng H2NCxHy(COO)t + O2 t° →
a mol CO2 + b mol H2O + N2. amino axit có 1 nhóm NH2 mà đốt cho nH2O > nCO2
⇒ chỉ có thể là amino axit no, hở có 1 nhóm COOH, 1 nhóm NH2 ⇒ t = 1 và y = 2x.
☆ quy đổi quá trình: 0,2 mol X + 0,4 mol KOH + 0,3 mol NaOH + ? mol HCl → 75,25 gam muối + H2O.
Phản ứng: OH– + H+→ H2O ||⇒ nH2O = ∑(nNaOH + nKOH) = 0,7 mol.
HCl ngoài trung hoa kiêm con phản ứng: –NH2 + HCl → –NH3Cl ||⇒ ∑nHCl = 0,7 + 0,2 = 0,9 mol.
⇒ BTKL có mX = 0,7 × 18 + 75,25 – 0,9 × 36,5 – 0,4 × 56 – 0,3 × 40 = 20,6 gam. ⇒ MX = 20,6 ÷ 0,2 = 103 ⇒ cấu tạo của X là H2NC3H6COOH.
⇒ đốt 12,36 gam X ⇔ 0,12 mol H2NC3H6COOH → 0,12 × 9 ÷ 2 = 0,54 mol H2O. Vậy b = 0,54.
[H12][03][1189] Chọn đáp án B
amino axit T mạch hở chứa 1 nhóm NH2 và 1 nhóm COOH ⇒ dạng H2NCnHmCOOH. 0,04 mol T + NaOH → 0,04 mol G là H2NCnHmCOONa.
♦ giải đốt: 0,04 mol H2NCnHmCOONa + O2 t° →
0,02 mol Na2CO3 + 0,06 mol CO2 + 0,08 mol H2O + 0,02 mol N2.
(biết số mol Na2CO3 theo bảo toàn Na, biết N2 theo bảo toàn N). ||⇒ bảo toàn C: ∑số Ctrong muối = (0,02 + 0,06) ÷ 0,04 = 2 ⇒ n = 1. bảo toàn H có ∑số Htrong muối = 0,08 × 2 ÷ 0,04 = 4 ⇒ m = 2. ⇒ công thức của T là H2NCH2COOH → là Glyxin, M = 75
Công thức của X 2 n 2n m 2m 1 2 H NC H COOH C H +O N →
công thức muối natri
2 n 2n m 2m 2 H NC H COONa C H O NNa Phản ứng hóa học 0 t m 2m 2 2 2 3 2 2 2 6m 3 2C H O NNa O Na CO (2m 1)CO 2mH O N 2 − + → + − + + 0,10 0,12 0,12 (2m 1)× − =0,1 2m× →0, 04m=0,12→m 3= [H12][03][1191] Chọn đáp án B [H12][03][1192] Chọn đáp án B
X + NaOH → muối của a.a + 2 ancol ⇒ X có dạng R1OOC-R(NH2)-COOR2. R1OOC-R(NH2)-COOR2 + 2NaOH → H2NR(COONa)2 + R1OH + R2OH. ● GIẢ SỬ có 1 mol X ⇒ nR1OH = nR2OH = 1 mol; nNaOH = 2 mol.
BTKL: m + 2 × 40 = (m + a) + 1 × (R1 + 17 + R2 + 17) ⇒ a = 46 – R1 – R2 > 0. ⇒ R1 + R2 < 46 ⇒ R1 = 15 (CH3–) và R2 = 29 (C2H5–).
● Dễ thấy Y có dạng H2NCnH2n–1(COONa)2 ||⇒ phương trình cháy: H2NCnH2n–1(COONa)2 + ?O₂ → Na2CO3 + (n + 1)CO2 + (n + 0,5)H2O. gt ⇒ mY = ∑m(CO2,H2O) ⇒ 14n + 149 = 44(n + 1) + 18(n + 0,5). ||⇒ n = 2 ⇒ X là CH3OOC-C2H3(NH2)-COOC2H5
[H12][03][1193] Chọn đáp án A
► Quy X và Y vê CH2, COO và NH3 ⇒ nNH3 = 2nN2 = 0,4 mol.
COO ⇌ CO2 ⇒ không bị đốt ⇒ nO2 = 1,5nCH2 + 0,75nNH3 ⇒ nCH2 = 1,55 mol. ⇒ nCOO = 2,05 – 1,55 = 0,5 mol ⇒ m = 0,5 × 40 = 20(g)
[H12][03][1194] Chọn đáp án D
► Quy X và Y vê CH2, COO và NH3 ⇒ nNH3 = 2nN2 = 0,2 mol.
COO ⇌ CO2 ⇒ không bị đốt ⇒ nO2 = 1,5nCH2 + 0,75nNH3 ⇒ nCH2 = 0,66 mol. ⇒ nCOO = 0,91 – 0,66 = 0,25 mol ⇒ m = 0,25 × 56 = 14(g)
[H12][03][1195] Chọn đáp án D
nY = nNaOH = 0,07 mol ⇒ nX = 0,47 – 0,07 = 0,4 mol.
Gọi CX = x; Ctb Y = y (x, y > 2; x ∈ N*) ⇒ 0,4x + 0,07y = 1,38. ||⇒ giải phương trình nghiệm nguyên cho: x = 3 và y = 2,57. ⇒ Y gồm Gly (a mol) và Ala (b mol) ⇒ a + b = 0,07.
2a + 3b + 0,4 × 3 = 1,38 ||⇒ giải hệ có: a = 0,03 mol; b = 0,04 mol.
||⇒ %mAla = 0,04 89 0, 4 59 0,03 75 0,04 89 × × + × + × × 100% = 12,1% [H12][03][1196] Chọn đáp án A
Vì 1 mol amin no, mạch hở A và 2 mol aminoaxit no, mạch hở B tác dụng vừa đủ với 4 mol HCl hoặc 4 mol NaOH.
⇒ A là amin no 2 chức và B là amino axit no chứa 2 gốc COOH và 1 gốc NH2.
Đặt a gam X chứa n 2n 4 2 m 2m 1 4 A C H N : a B C H O N : 2a + − ⇔ ⇔
[1 phân hỗn hợp X ⇒ vẫn tuân theo tỉ lệ mol ban đâu của A và B]
Bảo toàn N ⇒ a×2 + 2a×1 = 4a = 2nN2 = 0,48 ⇔ a = 0,12 mol + Phản ứng cháu của A và B là: CnH2n+4N2 + (1,5n+1) O2 o t → nCO2 + (n+2)H2O + N2 CmH2m–1O4N + (4,5m–2,25) O2 o t → mCO2 + (m–0,5)H2O + 0,5N2 + PT theo số mol của O2 đốt cháy là:
0,12×(1,5n+1) + 0,24×(1,5m–2,25) = 1,74 ⇔ 0,18n + 0,36m = 2,16 ⇔ n + 2m = 12
Ta có mX = 0,12×(14n+28) + 0,24×(14m+77) = 1,68×(n + 2m) + 21,84 = 20,16 + 21,84 = 42 gam.
⇒ mMuối = mX + mHCl = 42 + 0,48×36,5 = 59,52 gam
[H12][03][1197] Chọn đáp án A
Quy X vê CH2, COO, NH3 ⇒ nNH3 = nX = 0,18 mol.
nO2 = 0,75nNH3 + 1,5nCH2 ⇒ nCH2 = 0,32 mol || Bảo toàn C: nCOO = 0,08 mol ⇒ a = 0,08 mol
[H12][03][1198] Chọn đáp án A
Nhận xét: Số nguyên tử cacbon 3 2 1= +
, ứng với một công thức duy nhất t
2 2 3 3 2 2 3 2 2
H NCH COONH CH NaOH H NCH COONa CH NH H O
0, 02 ° ° + → + ↑ + 0, 02 du:0,04 1 2 3 0, 02 m=97 0, 02 40 0, 04 3,54 gam× + × = [H12][03][1199] Chọn đáp án A [H12][03][1200] Chọn đáp án C
X + NaOH → muối của a.a + 2 ancol ⇒ X có dạng R₁OOC-R(NH₂)-COOR₂ R₁OOC-R(NH₂)-COOR₂ + 2NaOH → H₂NR(COONa)₂ + R₁OH + R₂OH. ● GIẢ SỬ có 1 mol X ⇒ nR₁OH = nR₂OH = 1 mol; nNaOH = 2 mol.
BTKL: m + 2 × 40 = (m + a) + 1 × (R₁ + 17 + R₂ + 17) ⇒ a = 46 – R₁ – R₂ > 0 ⇒ R₁ + R₂ < 46 ⇒ R₁ = 15 (CH₃–) và R₂ = 29 (C₂H₅–) ^_^
● Dễ thấy Y có dạng H₂NCnH2n–1(COONa)₂ ||⇒ phương trình cháy: H₂NCnH2n–1(COONa)₂ + ?O₂ → Na₂CO₃ + (n + 1)CO₂ + (n + 0,5)H₂O gt ⇒ mY = ∑m(CO₂,H₂O) ⇒ 14n + 149 = 44(n + 1) + 18(n + 0,5) ||⇒ n = 2 ⇒ X là CH₃OOC-C₂H₃(NH₂)-COOC₂H₅
[H12][03][1201] Chọn đáp án A [H12][03][1202] Chọn đáp án C
► Quy đổi quá trình vê: X + 0,44 mol HCl + 0,84 mol KOH vừa đủ. ⇒ nX = 0,84 – 0,44 = 0,4 mol || CT chung của X là CnH2n+1NO2.
⇒ nCO2 = 0,4n mol; nH2O = 0,4.(n + 0,5) mol ||⇒ 44 × 0,4n + 18 × 0,4.(n + 0,5) = 78(g). ⇒ n = 3 ⇒ chứa Gly || Do 2 amino axit có cùng số mol ⇒ Ca.a con lại = 3 × 2 – 2 = 4
[H12][03][1203] Chọn đáp án B [H12][03][1204] Chọn đáp án B [H12][03][1205] Chọn đáp án B
đốt 25,56 gam H + 1,09 mol O2 → 48.CO2 + 49H2O + 0,02 mol N2 ||→ giải nCO2 = 0,96 mol và nH2O = 0,98 mol; namino axit = 2nN2 = 0,04 mol. bảo toàn O có ∑nO trong H = 0,72 mol, este đơn chức → ∑neste = 0,32 mol.
có Ctrung bình = 0,96 ÷ 0,36 = 2,666 mà CZ ≥ 3 → có 1 este là C2 → là HCOOCH3. ||→ ancol duy nhất là CH3OH, nancol = neste = 0,28 mol.
Phản ứng: H + KOH → (muối + KOH dư) + ancol + H2O. Xem nào: mH = 25,56 gam; ∑nKOH = 0,36 × 1,2 = 0,432 mol; mancol = 0,32 × 32 = 10,24 gam; nH2O = namino axit = 0,04 mol.
||→ BTKL có mrắn yêu câu = 25,56 + 0,432 × 56 – 0,04 × 18 – 10,24 = 38,792 gam. Chọn B. ♦.
[H12][03][1206] Chọn đáp án D [H12][03][1207] Chọn đáp án C
Từ tỉ lệ khối lượng ⇒ 2
nCOOH 7
nNH =9
Với nCOOH = 2nNa2CO3 = 0,14 mol ⇒ nNH2 = 0,18 mol → nN2↑ = 0,18 ÷ 2 = 0,09 mol
BT Oxi → nO2 cân để đốt cháy =
0,56 0, 49 2 0, 07 3 0,14 2 2
+ × + × − ×
= 0,735 mol → BTKL ta có a = mN2 + mCO2 + mH2O + mNa2CO3 – mO2 = 18,06 gam
Tiếp tục BTKL ta có m = mMuối + mH2O – mNaOH = 14,98 gam
[H12][03][1208] Chọn đáp án B [H12][03][1209] Chọn đáp án A [H12][03][1210] Chọn đáp án A
Ctb = nCO2 ÷ nX = 13/3; Ntb = nHCl ÷ nX = 5/3. Đặt Otb = x. Do amino axit no, mạch hở. ⇒ ktb = COOHtb = 0,5x ||⇒ Htb = 2 × số C + 2 + số N – 2k = 37/3 – x. Lại có:
● nO2 = nX × (số C + số H ÷ 4 – số O ÷ 2) = 0,03 × [13/3 + (37/3 – x) ÷ 4 – x ÷ 2] = 0,1775 mol.
⇒ x = 2 ⇒ chỉ chứa 1 –COOH || Quy quá trình vê: 0,03 mol X + 0,05 mol HCl + NaOH vừa đủ. ⇒ nH2O = nNaOH = 0,03 + 0,05 = 0,08 mol. Bảo toàn khối lượng:
► m = 0,03 × 353/3 + 0,05 × 36,5 + 0,08 × 40 – 0,08 × 18 = 7,115(g)
[H12][03][1211] Chọn đáp án A
+ Nhận thấy glyxi, alanin, valin có công thức tổng quát giống nhau. + Metylamin và etylamin cũng có công thức tổng quát giống nhau
⇒+ Xem hỗn hợp chỉ chứa gly, metylamin và etylamin. (Chọn 3 chất vất kỳ và chấp nhận giá trị âm).
+ Đặt số mol của 3 chất lân lượt là a, b ,c ta có hệ. 2 5 2 5 2 7 C H O N : a a b c 0,16 CH N : b 2a b 2c 0,37 a 0,07 C H N : c 2, 25a 2, 25b 3,75c 0,57 + + = ⇔ + + = ⇔ = + + =
⇒ nKOH pứ = nGlyxin = a = 0,07 mol
[H12][03][1212] Chọn đáp án B
E gồm các amino axit ⇒ thành phân chứa các nguyên tố C, H, N, O
trong đó, mO : mN = 12 : 7 ⇒ nO : nN = 3 : 2. đặt nN = 2x mol thì nO = 3x mol. ♦ đốt 7,04 gam E + 0,38 mol O2
t°
→
0,28 mol CO2 + ? mol H2O + ? mol N2.