De thi thu dai hoc mon Toan 208

Gọi M là trung điểm của AA’.. 0 Tính thể tích[r]

ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC, CAO ĐẲNG NĂM 2012 Mơn thi : TỐN ( ĐỀ 208 )

A PHẦN DÀNH CHO TẤT CẢ THÍ SINH Câu I (2 điểm) Cho hàm số

1 x y

x  



a) Khảo sát biến thiên vẽ đồ thị  C hàm số

b) Biện luận theo m số nghiệm phương trình

x

m x

   Câu II (2 điểm)

a) Tìm m để phương trình  

4

2 sin xcos x cos 4x2sin 2x m 0

có nghiệm

0;       

b) Giải phương trình      

8

4

2

1

log log log

2 x 4 x  x

Câu III (2 điểm)Tìm giới hạn

3 2

0

3

lim

1 cos x

x x

L

x 

  





a) Chứng minh C1000  C1002 C1004  C1006   C10098 C1001002 50

Câu IV (1 điểm) Cho a, b, c số thực thoả mãn a b c  3. Tìm giá trị nhỏ biểu

thứcM  4a9b16c 9a16b4c  16a4b9 c B PHẦN DÀNH CHO TỪNG LOẠI THÍ SINH

Dành cho thí sinh thi theo chương trình chuẩn

Câu Va (2 điểm)Trong hệ tọa độ Oxy, cho hai đường trịn có phương trình

C1:x2y2 4y 0 C2:x2y2 6x8y16 0. Lập phương trình tiếp tuyến chung C1 C2

a) Cho lăng trụ đứng ABC.A’B’C’ có tất cạnh a Gọi M trung điểm AA’ Tính thể tích khối tứ diện BMB’C’ theo a chứng minh BM vng góc với B’C

Câu VIa (1 điểm) Cho điểm A2;5;3 đường thẳng

1

:

2

x y z

d    

Viết phương trình mặt phẳng   chứa d cho khoảng cách từ A đến   lớn

Dành cho thí sinh thi theo chương trình nâng cao

Câu Vb (2 điểm)

a) Trong hệ tọa độ Oxy, viết phương trình hyperbol (H) dạng tắc biết (H) tiếp

xúc với đường thẳng d x y:   0 điểm A có hồnh độ

b) Cho tứ diện OABC có OA4,OB5,OC6 AOB BOC COA  60 Tính thể tích

Câu VIb (1 điểm)Cho mặt phẳng  P x:  2y2z1 0 đường thẳng

1

: ,

2

x y z

d    



2:x65 4y z 55

d    

 Tìm điểm M thuộc d1, N thuộc d2 cho MN song song với (P) đường thẳng MN cách (P) khoảng

ĐÁP ÁN ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC, CAO ĐẲNG NĂM 2012 Mơn thi : TỐN ( ĐỀ 208 )

Câu I điểm b)

Học sinh lập luận để suy từ đồ thị (C) sang đồ thị

 

1 ' x

y C

x  

 Học sinh tự vẽ hình

Số nghiệm 1 x

m x

 

 số giao điểm đồ thị

1 x y

x  

 y m . Suy đáp số

1; 1:

m  m phương trình có nghiệm 1:

m phương trình có nghiệm

1 m 1:

   phương trình vơ nghiệm

Câu II

2 điểm a)

Ta có

4

sin os sin

2

x c x  x

cos4x 1 2sin 2 x Do  1  3sin 22 x2sin 2x 3 m

Đặt tsin 2x Ta có x 0;2 2x 0;  t 0;1 



  

       

Suy f t  3t22t 3 m t, 0;1 Ta có bảng biến thiên

Từ phương trình cho có nghiệm

10

0;

2 m

  

    

  b)

Giải phương trình        

8

4

2

1

log log log

2 x 4 x  x

Điều kiện: 0x1 2 x3 x1 4 x Trường hợp 1: x1 2  x2 2x 0 x2

Trường hợp 1: 0x1 2  x26x 0  x2 3 Vậy tập nghiệm (2) T 2; 3 

a)

Tìm

3 2

0

3

lim cos x x x L x       Ta có

3 2

0

3 1 1

lim

1 cos cos

x x x L x x                  Xét 2 2 0

2 1

lim lim

1 cos 2sin 2 1 1

2 x x x x L x x x                

Xét  

3 2

2 2

0 2 2 3 2

3

3 1

lim lim

1 cos

2sin 3 1

2 x x x x L x x x x                    

Vậy L L 1L2   2 b)

Chứng minh C1000  C1002 C1004  C1001002 50 Ta có

 

   

100 2 100 100

100 100 100 100

0 100 99

100 100 100 100 100 100 100

1

i C C i C i C i

C C C C C C C i

     

        

Mặt khác

1i2  1 2i i 2i 1i100  2i 50250 Vậy C1000  C1002 C1004  C1001002 50

Câu IV

Cho a, b, c thoả a b c  3. Tìm GTNN của

4a 9b 16c 9a 16b 4c 16a 4b c

M         

Đặt 2 ;3 ; , 2 ;3 ;4 , w 2 ;3 ;4  w

a b c c a b b c a

u  v      M u v 

                          

  2  2 2

w 2a 2b 2c 3a 3b 3c 4a 4b 4c M   u v           

Theo – si có 222b2c 3 23 a b c  6 Tương tự … Vậy M 3 29. Dấu xảy a b c  1

Câu Va

Học sinh tự vẽ hình

a) C1:I10; , R1 3;C2:I23; ,  R2 3.

Gọi tiếp tuyến chung C1 , C2  

2

:Ax By C A B

     

 

 

   

2

1

2

2

2

;

; 3 4 3 2

B C A B

d I R

d I R A B C A B

 

  

 

 

   

 

     

 Từ (1) (2) suy A2B hoặc

3

2

A B

C 

Trường hợp 1: A2B.

Chọn B 1 A 2 C  2 5 : 2x y  0  Trường hợp 2:

3

2

A B

C 

Thay vào (1)

2

2 0; : 0; :

3

A B  A B  A A B  y   x y  b)

Gọi H trung điểm BC   

3

; '

2 a

d M BB C AH

  

2

' 12 ' 2 ' 13 ' 123

BB C a MBB C BB C a

S  BB BC  V  AH S 

Gọi I tâm hình vng BCC’B’ (Học sinh tự vẽ hình) Ta có B C' MI B C; ' BC' B C' MB

Câu

VIa (Học sinh tự vẽ hình)

Gọi K hình chiếu A d  K cố định;

Gọi   mặt phẳng chứa d H hình chiếu A   Trong tam giác vuông AHK ta có AH AK

Vậy AHmax AK    mặt phẳng qua K vng góc với AK

Gọi   mặt phẳng qua A vng góc với d    : 2x y 2z15 0

3;1;4 K

  

mặt phẳng qua K vng góc với AK    :x 4y z  0 Câu

Vb a)

Gọi  

2

2

: x y

H

a  b  (H) tiếp xúc với d x y:   0  a2 b24  1

    162 42  

4 4; 2

x y A H

a b

       

Từ (1) (2) suy  

2

2 8; 4 : 1

8

x y

a  b   H  

Lấy M trung điểm B’C’  OAM  OB C' '  Kẻ AH OM  AH OB C' '

Ta có

2

2

3

AM OM   MH   AH 



1 15

.sin

2

OBC

S  OB OC BOC 

Vậy

1

10

3

OABC OBC

V  AH S 

Câu

VIb Gọi M1 ;3 ; , t  t t N 5 '; '; 5 ' t t   t   

 ;  2 1 0;

d M P   t   t t

Trường hợp 1: t 0 M1;3;0 , MN 6 ' 4; ' 3; ' 5t  t   t  



 

' 5;0;

P P

MN n  MN n   t   N 

   

   

   

   

   

   

   

   

   

   

   

   

   

   