Đề 37 thi thử tuyển sinh đại học khối d (năm học 2009 - 2010)

Theo chương trình chuẩn Câu VI.a 2,0 điểm 1.Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy.. Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz.[r]

http://ductam_tp.violet.vn/ TRƯỜNG THPT NGUYỄN HUỆ TỔ TOÁN ĐỀ THI THỬ TUYỂN SINH ĐẠI HỌC KHỐI D (năm học 2009-2010) (Thời gian làm bài : 180 phút) I.PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ CÁC THÍ SINH (7,0 điểm) Câu (2,0 điểm) x2 Cho hàm số y  2x 1 Khảo sát biến thiên và vẽ đồ thị (C) hàm số đã cho Tìm điểm trên đồ thị (C) cách hai điểm A(2 , 0) và B(0 , 2) Câu (2,0 điểm)      1.Giải phương trình : cos 3 x    cos 5 x    10     2.Giải bất phương trình : x  3x   x2  5x Câu III (1,0 điểm) Cho hình phẳng (H) giới hạn các đường : x  y ; x  ; y   x  Tính thể tích khối tròn xoay tạo thành cho hình (H) quay quanh trục Oy Câu IV (1,0 điểm) Cho lăng trụ tam giác ABC.A1B1C1 cạnh đáy a, cạnh bên a Tính thể tích khối lăng trụ và góc AC1 và đường cao AH mp(ABC) Câu V (1,0 điểm) Cho : a  b  c  65 Tìm giá trị lớn và nhỏ hàm số : y  a  b sin x  c sin x     x ( , )    II PHẦN RIÊNG (3,0 điểm) Thí sinh làm hai phần (phần phần 2) Theo chương trình chuẩn Câu VI.a (2,0 điểm) 1.Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy Cho đường tròn (C) : x  y  x  y   và đường thẳng d : x  y   Tìm điểm M thuộc đường thẳng d cho từ điểm M kẻ đến (C) hai tiếp tuyến hợp với góc 900 2 Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz Cho mặt cầu (S) : x  1  y  z  2  x y 1 z Lập phương trình mặt phẳng (P) vuông góc với đường thẳng a :   và cắt mặt cầu (S) theo 2 đường tròn có bán kính CâuVII.a (1,0 điểm) Có bao nhiêu số tự nhiên gồm bốn chữ số khác mà số lớn 2010 2.Theo chương trình nâng cao CâuVI.b (2,0 điểm) 1.Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy Cho elip (E) : x  y   Tìm điểm N trên elip (E) cho : F Nˆ F  600 ( F1 , F2 là hai tiêu điểm elip (E) ) x  t  2.Trong Không gian với hệ tọa độ Oxyz.Cho đường thẳng  :  y  2t và điểm A(1, ,  1) z   Tìm tọa độ các điểm E và F thuộc đường thẳng  để tam giác AEF là tam giác Câu VII.b (1,0 điểm) 2 z  i  z  z  2i  Tìm số phức z thỏa mãn :  2  z  ( z )  -Lop12.net ĐÁP ÁN THANG ĐIỂM KHỐI D Câu I ( 2,0 điểm) Đáp án Điểm 1.(1,25) 1  a/ Tập xác định : D  R \   2 5 b/ Sự biến thiên: y /   x  D ( x  1) 1 + H/s nghịch biến trên ( , ) ; ( ,  ) ; H/s không có cực trị 2 +Giới hạn –tiệm cận : Lim y  Lim y  ; Lim y    ; Lim y    x   x   1 x x Tiệm cận ngang y = x Y 0,25 0,25 1 ; Tiệm cận đứng x = 2 - Y/ 0,25  - y -   0,25 o o x 0,25 c/ Đồ thị : Đđb x = , y = -2 y = , x = -2 Đồ thị nhận giao điểm tiệm cận làm tâm đối xứng 2.(1,0 điểm) Pt đường trung trực đọan AB : y = x Những điểm thuộc đồ thị cách A và B có hoàng độ là nghiệm pt : x2  x 2x 1  x2  x    1 x    1 x   0,25 0,25 1 1  1 1  ;  Hai điểm trên đồ thị thỏa ycbt :  , ,    2     Lop12.net 0,25 II ( 2,0 điểm) 1.(1,0 điểm)      cos 3x    cos x    2 2   Pt  sin 3x  sin x  sin 3x  3(sin x  sin 3x) 0,25 0,25  sin x ( cos x  sin x  3)  sin x   3 cos x  cos x    x  k   x   arccos( )  k  2.(1,0 điểm)  2 x  x     x  ; x       2 x  3x     2 x  x  0,25 ( k Z ) 0,25 0,25   x    x    x   x     x    x     x   x    x     x   x   Phương trình định tung độ giao điểm : 2  y  y 2 y y  5y   Bpt III (1,0 điểm) 0,50 0,25 y     y   y 1   y  (l )  Đường thẳng y = – x cắt trục tung y = Thể tích khối tròn xoay cần tìm : V = V1 + V2 y2  Trong đó V1 =  ( y ) dy   = 2  V2    5 V = (2  y ) dy    0,25 (đvtt) ( y  2) d ( y  2)   ( đvtt ) 0,25 ( y  2) 3 =  (đvtt) 0,25 0,25 Lop12.net IV (1,0 Điểm) +Thể tích lăng trụ : V  dt ( ABC ) AA1  a A1 C1      AH  AA1  A1C1    + cos(AH , AC1) =  AH AC1 AH AC1   AH AC1  0,25 B1  AH A1C1 = A AH AC1 AH AC cos 30  V (1,0 điểm) AH AC1   C H 3 B a a 2   ( AH , AC )  60 Vậy (AH , AC ) = 600  1 a a Vậy (AH , AC1) = 600 y  a  b  c  sin x  sin 2 x  65  sin x  sin 2 x  0,25  0,25 0,25  Đặt f(x) =  sin x  sin x   sin x  sin x.(1  sin x ) f(x) =  sin x  sin x  , Đặt sin x  t , t  0 , 1 BBT g(t) =  4t  6t   g / (t )  8t  ; g / (t )   t  4 t 0f M + f/ 1f 0 0,25 0,25 13 13 3  t   sin x   x  4 13 5  sin x sin x y  65   13  y  13 dấu “=” xảy x  và   2 a b c hay   a 2b 2c a  a  2    Thay vào : a  b  c  65  b  30  b   30   c  15 c   15 VI.a (2,0 điểm) 1.( 1,0 điểm) + (C) có tâm I(2 , 1) và bán kính R = + AMˆ B  900 ( A , B là các tiếp điểm ) suy : MI  MA  R  12 Max g(t)  Vậy M thuộc đường tròn tâm I bán kính R/ = 12 và M thuộc d nên M( x , y) có tọa độ thỏa hệ:  x   x   x  2   y  12  12     x  y    y     y    Vậy có điểm thỏa yêu cầu bài toán có tọa độ nêu trên 2.( 1,0 điểm) Lop12.net 0,25 0,25 0,25 0,25 a (S) có tâm J (1,0 ,2) bán kính R =   + đt a có vtcp u (1, ,  ) , (P) vuông góc với đt a nên (P) nhận u làm vtpt Pt mp (P) có dạng : x  y  z  D  R2  r  + (P) cắt (S) theo đường tròn có bk r = nên d( J , (P) ) = nên ta có :  2.0  2.(2)  D  D  5    D  5   0,25 KL : Có mặt phẳng : (P1) : x  y  z    VII.a(1,0 điểm) VI.a ( 2,0 điểm) và (P2) : x  y  z    0,25 Gọi số cần tìm có dạng : abcd + Nếu a > : có cách chọn a và A93 cách chọn b, c , d + Nếu a = : + b > : có cách chọn b và có A82 cách chọn c , d + b = và c > 1: có cách chọn c và và cách chọn d + b = và c = : có cách chọn d Vậy số các số thỏa yêu cầu bài toán là : A93  A82  7.7   4032 1.(1,0 điểm) x2 (E) :  y2  ; a   a  ; b2   b  ; c2  a  b2   c  + Áp dụng định lí côsin tam giác F1NF2: ( F1 F2 )  NF12  NF22  NF1 NF2 cos 60  ( F1 F2 )  ( NF1  NF2 )  NF1 NF2  NF1 NF2 4 ( a  c2 )  3 32  x2  ; y2  18 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25  NF1 NF2  0,25  1  1  1  1 Vậy có điểm thỏa yêu cầu bài toán : N1  ,  ; N2  ,   ; N3   , ; N4  ,        3 3 3 3         0,25 2.(1,0 điểm)      + Đường thẳng  qua M (0 , ,1) và có vtcp u (1, , 0) ; M A  (1,0 ,2) ;  M A , u   ( ,  , 2)   + Khoảng cách từ A đến  là AH = d ( A , )     M A, u     u  4  Vậy E , F thuộc mặt cầu tâm A , BK R = 5 x  t   y  2t và đường thẳng  , nên tọa độ E , F là nghiệm hệ :  z   ( x  1)  y  ( z  1)  32  + Tam giác AEF  AE  AF  AH Lop12.net 0,25 0,25 0,25  1 2 x    1 2 24  t = suy tọa độ E và F là :  y  5  z    VII.b (1,0 điểm) + Gọi số phức z = x + yi   1 2 x    24 y   z    0,25 ( x , yR ) 2 x  ( y  1)i  (2 y  2)i Hệ    xyi   x2 x   y     y   y   y    x x Vậy số phức cần tìm là : z   i 0,25 0,50 0,25 f/( f(t) Lop12.net