Đang tải... (xem toàn văn)
Chú ý: Mọi cách giải đúng khác đều cho điểm tương ứng..[r]
(1)SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO HÀ TĨNH
ĐỀ THI CHÍNH THỨC
KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI TỈNH LỚP 10 THPT NĂM HỌC 2012-2013
Mơn: TỐN
Thời gian làm bài: 180 phút (Đề thi có trang, gồm câu)
Câu
a) Giải bất phương trình
2 6 2 2(2 ) 2 1.
x x x x
b) Giải hệ phương trình:
5 10
2
4
x xy y y
x y
Câu 2.
Tìm tất giá trị tham số m để hệ phương trình sau có nghiệm
2
( )
x m y x my
x y xy
Câu 3.
Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy,cho điểm I(2; 4) đường thẳng 1: 2 0,
d x y d2: 2x y 0 Viết phương trình đường trịn ( )C có tâm I sao
cho ( )C cắt d1 A B, cắt d2 C D, thỏa mãn AB2CD216 5 AB CD Câu4
1 Cho tam giác ABC có AB= c ,BC=a ,CA=b Trung tuyến CM vng góc với phân giác AL
3
5
CM
AL .
Tính
b
c cosA. Cho a,b thỏa mãn:
9 (2 )(1 )
2
a b
Tìm giá trị nhỏ biểu thức: P 16a4 4 1b4 Câu
Cho
f x x ax b
với a,b thỏa mãn điều kiện: Tồn số nguyên m n p, , đôi phân biệt 1m n p, , 9 cho: f m f n f p 7
Tìm tất số (a;b)
_ Hết _
(2)Họ tên thí sinh: ………Số báo danh: ………
SỞ GD-ĐT HÀ TĨNH KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI TỈNH LỚP 10 THPT NĂM HỌC 2012-2013
HƯỚNG DẪN CHẤM MƠN TỐN (Hướng dẫn chấm gồm trang)
Câu1 Đáp án Điểm
điểm
Điều kiện:
x
Đặt t 2x1 (t0) 2x t 2 1. Khi ta có
2 6 2 2(2 ) 0 2 4 3( 1) 0
x x x t x tx t t
1.0
2
(x t) (2t 1) (x 1)(t x t 1)
0.5
x1t (do
1
3 0; ;
x t x t
) 0.5
Với x 1 t ta có
1
1 2
2
x
x x x
x x x
Đối chiếu điều kiện ta có tập nghiệm bất phương trình S [2 2;)
1.0
điểm
5 10
2
(1)
4 (2)
x xy y y
x y
Điều kiện:
5
x 0.5
Th1: y 0 x0 không thỏa mãn 0.5
Th2: y0 ta có:
5
5 2
(1) x x y y (t y t)( t y t y ty y )
y y
với t=x/y
2 2 2
(t y ) ( t y ) (t y ) (t yt y ) 2 0 t=y hay y2 x
0,5
Thay vào (2): 4x 5 x 8 6 4x237x40 23 5 x
23
1
42 41
x
x
x x
y1
1
Đối chiếu đk ta nghiêm hệ là: ( ; )x y (1;1);( 1;1) 0.5 Câu2
Hệ cho tương đương với: 2
0 (1) (2)
my y m
x yx y
0,5
3 điểm
Phương trình (2) (ẩn x) có nghiệm
2 4 0
4 x
y
y y
y
0,5
(3)Th2: m0.Phương trình (1) (ẩn y) khơng có nghiệm thuộc khoảng ( ; 4] [0; ) (*) (1) vơ nghiệm (1) có nghiệm thuộc ( 4;0), điều kiện
2 2
1
1
4 m m y y 2 2
1
1
1
4
2
1
4 m m m m m m 2 1 ( ; ) ( ; ) 2
1 ( )
1
m
m
m m A
m m
(B)
(với y y1, nghiệm phương trình (1))
0.5 (A) 1 17
1
m m m m
(B)
4
( ; ) ( ; )
17
m
0,5
Hệ phương trình cho có nghiệm phương trình (1) (ẩn y) có nghiệm thuộc khoảng ( ; 4] [0; ) hay (*) không xảy ra, điều kiện
4
;
17 m m
Vậy tất giá trị m cần tìm
4
17 m
0,5
Câu3 điểm
Gọi hình chiếu I d d1, 2 E F, khi đó
1
( ; ) ( ; )
2
;
5
I d I d
IE d IF d 0,5
Gọi R bán kính đường trịn ( )C cần tìm (
5
R )
2 36
2 ; 2
5
AB AE R CD CF R
1
Theo giả thiết ta có:
2 36 36
4 16 20
5 5
R R R R
0,5
2 2 2
8R 16 (5R 4)(5R 36) 2R (5R 4)(5R 36)
2 2
(2R 4) (5R 4)(5R 36)
(do
6
R
) R2 (
5
R
)
0.5
Vậy phương trình đường trịn ( )C cần tìm ( ) : (C x 2)2(y 4)2 8 0.5 4.a
3 điểm Ta có:
b c
AL AB AC
b c b c
0.5 2
CA CB AB AC
CM
0.25
Theo giả thiết: ALCM AL CM 0 0.25
2 2
2 cos cos
2 cos ( cos 1)
bAB c AC AB AC bc bc A cb A cb
c b A c b do A
(4)Khi đó:
2 2 2
2
2
b a c a b
CM 0.25
2
2 1 2 2 . 9 2
9 9
AL AB AC AB AC AB AC b a 0.5
2 2
2 2
3 9
5 5
2
CM CM a b
AL AL b a
2
2 5
9
a b
b a
2
2
a b
0.5
2 2 2
2
5
cos
2 4
b c a b a
A
bc b
0.25
4.b điểm
C/M : a2b2 c2d2 (a c )2(b d )2 ấu xẩy khi:
a b
c d 0.5
Áp dụng (1) ta có :
2
2 2 2
4 ( )
1 4
4 4 16
p a a a b
b b
0.5
Mặt khác:
9 (1 )(1 )
2
a b
5
2
a b ab
(2) 0.25
Mà:
2
2 2
2
1
3( )
4 2 4
2
2
a a
a b
b b a b ab a b
a b
ab
(3)
0.75
Từ (1) (3) suy ra: p2 17 Dấu “=” xẩy khi: a=1
b
Vậy: MinP2 17 Đạt a=1
b
0.5
2 điểm
số f(m),f(n),f(p) dương, âm có số dấu nên:
Th1: f(m),f(n),f(p) -7 loại phương trình f(x)-7=0 có nghiệm
phân biệt 0,5
Th2: f m( )f n( ) 7 f p( )7
Khơng tính tổng qt,giả sử m>n m p n p ta có: m,n nghiệm pt:
2 7 0
x ax b p nghiệm pt: x2 ax b 7 0 nên :
( )( ) 14 ( )( ) 14
( )( ) 14
m n a
n p n p a n p p m
m p m p a
2
9( )
2
9( )
n p
n m l
p m n p
n m l
p m
0,5
Th3: f m( )f n( )7và f p( ) 7 ,khiđó hồn tồn tương tự ta có:
(5)(p n m p )( )14
7
m p p n
7
m p p n
Do m,n,p1;9 nên tìm là: (a;b)=(11;17),(13; 29), (7; 1), (9;7) . 0.5