LỜI GIẢI CHI TIẾT Câu 1.[r]
(1)SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO ĐỀ THI TUYỂN SINH LỚP 10 THPT CHUYÊN HƯNG YÊN NĂM HỌC: 2020-2021
MƠN THI TỐN CHUN
Thời gian làm bài: 150 phút, không kể thời gian phát đề Câu (2,0 điểm)
Cho biểu thức
3
2 1
:
1
1
x x
M
x x x
x
với x0; x1; x9
a) Rút gọn biểu thức M
b) Tìm giá trị x để biểu thức M nhận giá trị nguyên dương Câu (2,0 điểm)
a) Tìm hàm số bậc có đồ thị đường thẳng với hệ số góc dương qua điểm A 2;1 tạo với hai trục toạ độ tam giác có diện tích
2
b) Tìm giá trị m để phương trình
2x (m5)x m (m tham số) có hai nghiệm phân biệt 1,
x x thỏa mãn 12 22 17
x x
Câu (2,0 điểm)
a) Giải phương trình 5x22x 3 (2x1) 5x22x 1 b) Giải hệ phương trình
2 2
2
2
x x x y x y
x y
Câu (3,0 điểm)
1. Cho hình vng ABCD tâm O, cạnh a M điểm di động đoạn OB M khác O B Vẽ đường tròn tâm I qua M tiếp xúc với BC B, vẽ đường tròn tâm J qua M tiếp xúc với CD D Đường tròn I đường tròn J cắt điểm thứ hai N
a) Chứng minh năm điểm A N B C D, , , , thuộc đường tròn b) Chứng minh ba điểm C M N, , thẳng hàng
2. Cho tam giác MNP vuông cân M, MNa Lấy điểm D thuộc cạnh MN, điểm E thuộc cạnh NP cho chu vi tam giác NDE a Tìm giá trị lớn diện tích tam giác NDE
Câu (1,0 điểm)
Cho a b, số thực dương thỏa mãn điều kiện (ab)34ab12 Chứng minh rằng:
1
2020 2021 1a1b ab
(2)LỜI GIẢI CHI TIẾT Câu
a) Với x0; x1 x9, ta có:
3
2 1 1
1 1 1
1
2 1
1 1
1
x x x x
x x x x x x x
x
x x x x x
x x x x x x
x
x x
Và 4
1 1
x x x x x
x x x x x x
Do :
1
x x x
M
x x x x x
b) Ta có: 3
3 3
x x
M
x x x
Lại có: M 3 x 3 x 3 3; 1; 1; 3 x0; 2; 4; 6 x 0; 4; 16; 36 Vậy với x0, 4, 16, 36 M nhận giá trị nguyên
Câu
a) Ta có yaxb với a0 Do đường thẳng qua điểm A 2;1 nên ta có: 2a b Đường thẳng cắt hai trục độ tọa độ B 0;b C b;
a
Khi
2
2
1
2 2
OBC
b b
S b a b
a a
Từ ta có hệ
2
2
1,
2
1
,
2
4
a b
a b a b
a b
a b b b
Vậy y x 1
4
y x hàm số cần tìm
b) Phương trình cho có m52 4 2m 2 m22m 9 m12 8 0, m
(3)Theo định lý Viete, ta có: 2 2 m x x m x x
Khi ta có:
2
2
1 2
2
2
17 17
2
4
5 17
2
2
0
6
6
x x x x x x
m m m m m m
Vậy m0, m 6 hai giá trị cần tìm Câu
a) Điều kiện 5x22x 1 Đặt a 5x22x1, a0 Phương trình cho trở thành:
2
4 2 2 2
a x x a
a a x
a x a
Với a2x1, ta có:
2 2
5 2
5 2 x
x x x x
x x x
So với điều kiện ban đầu phương trình cho có nghiệm x 1 b) Phương trình thứ hệ cho tương đương:
2
2
2
2 x
x x y
y x
Với 2 , x x x
ta có y4
Với y 2 x thay vào phương trình thứ hai hệ ta 2
0 x y x x x y
Vậy hệ cho có bốn nghiệm x y; 2; , 2; , 0; , 1;3 Câu
1 a) Ta có: BC tiếp tuyến I B nên IAB
(4)Suy 90
MIB Do
0
45
MIB
MNB
Tương tự ta chứng minh
0
90 45
2
DJM
DJM DNM
Khi BNDDNMMIB450450900 mà DAB900 nên tứ giác DANB nội tiếp Mà DABC nội tiếp nên năm điểm D A N B C, , , , thuộc đường tròn
b) Gọi N1 giao điểm CM với I , suy CB2CM CN 1 Gọi N2 giao điểm CM với J , suy
2 CD CM CN
Từ 1 2 suy CB2 CD2CM CN 1CM CN 2 Do NN1N2 Vậy C M N, , thẳng hàng
2. Gọi H hình chiếu E lên MN.Đặt NDx NE, y với 0 x a 0 y a
Ta có:
2
NE EH NE MP y a y
EH
NP MP NP a
Ngoài ra: NE NP NP NE EP
NH NM NM NH MH
Suy ra:
2
a y a
EP NM y
MH a
NP a
Do
2
y y
HDMDMH a x a x
Trong trường hợp E nằm D N ta tính y HD x
N
J
I
D
B A
O
C M
H N M
P
E
(5)Khi
2
2 2
2 2
y y
ED HE HD x x y xy
Suy NENDED x y x2y2 2xy2 a
Mà
2 2
NED
xy S EH ND
Theo bất đẳng thức AM – GM x y xy x, 2y22xy Đặt t xy
2
2
4
NDE
xy t
S Theo trên, ta có
2
2a 2t 2t t 2t t 2 hay
2 2
a t
Vì nên
2
2
2
4 2
NDE
a
S
Đẳng thức xảy
2
2
2 2 2 2
x y a
x y
x y x y xy a
Vậy giá trị nhỏ diện tích NDE
2
2
2
4 2
a
đạt 2
a NDNE
Câu 5.
Với x y, 0 xy1, ta có: 1 1x1y1 xy Thật bất đẳng thức cần chứng minh tương đương:
2
1 1
0
1 1
0
1 1
1 1
1
0
1 1
x xy y xy
xy x xy y y x y x x y
y xy x xy
x xy y xy
xy y
x
x y x y
x y x y
Do xy1 nên bất đẳng thức cuối Đẳng thức xảy xy xy1
(6) 3 3
12 ab 4ab ab 4ab2ab abab 3 ab1 Đặt t ab với 0 t Áp dụng bất đẳng thức ta có:
1 2
1a1b1 ab 1t Ta cần chứng minh 2020 2021
1t t
Thật bất đẳng thức cần chứng minh tương:
3 2
2020t 2020t 2021t2019 0 t 2020t 4040t2019 0