GIẢI CHI TIẾT ĐỀ ÔN THI SỐ 21 File

Đồ thị biểu diễn sự phụ thuộc theo thời gian của điện áp giữa hai đầu đoạn mạch AM là đường nét liền... Do đó trong quá[r]

(1)

VẬT LÝ THẦY TRƯỜNG ĐỀ VỀ ĐÍCH

ĐỀ SỐ 21

ĐỀ THI THỬ THPT QUỐC GIA NĂM 2019 Môn thi: VẬT LÝ

Thời gian làm bài: 50 phút, không kể thời gian phát đề

GIẢI CHI TIẾT ĐỀ ÔN THI SỐ 21 Câu 1: Đáp án B

Phản ứng phân hạch là: 10n23592 H9539Y13853 I310n

Câu 2: Đáp án C

Phương trình dao động vật : cos 10

x  t cm

 

→ Biên độ dao động A = 6cm Câu 3: Đáp án A

Trong máy quang phổ lăng kính, phận có nhiệm vụ phân tách chùm sáng vào thành chùm sáng đơn sắc lăng kính

Trong sóng học, tốc độ truyền sóng tốc độ lan truyền dao động Câu 5: Đáp án D

Trong máy phát đơn giản, thiết bị dùng để biến dao động âm thành dao động điện có tần số micro Câu 6: Đáp án A

Chiếu ánh sáng có bước sóng 633nm vào chất huỳnh quang ánh sáng huỳnh quang chất phát khơng thể có bước sóng 590nm

Tần số góc dao động tự lắc là: K

m



Câu 8: Đáp án D

Âm học có tần số 12Hz → Đây hạ âm Câu 9: Đáp án B

Biểu thức cường độ dòng điện là: cos 100

i  t A

 

Cường độ dòng điện cực đại : I0 = 2A

Tia γ dịng hạt khơng mang điện Câu 11: Đáp án A

Khả không phả tia X: có tác dụng nhiệt Câu 12: Đáp án A

Máy biến có tác dụng thay đổi công suất truyền tải điện xoay chiều Câu 13: Đáp án B

Ta có: 0, 08 0, 08 0,128

.8

L

L i Wb

L



 

         

   

Câu 14: Đáp án A

Mạch thu sóng điện từ có tần số:

3

1

100

2 1

2 10 10

4 10

f kHz

LC

 

   

  

Câu 15: Đáp án B

Ta có: tan 40

40

L C C

Z Z Z

R R

        

4 u i

 

  

      

→ So với cường độ dòng điện mạch, điện áp hai đầu đoạn mạch trễ pha

(2)

Năng lượng liên kết riêng Ne là: 160, 64 8, 032 /  20

Wlk

MeV nuclon A

   

Trạng thái kích thích thứ ứng với n =

Mức lượng nguyên tử hidro trạng thái kích thích thứ là:

 

3

13,

1,51

E   eV   eV

Ta có cường độ điện trường điện tích điểm q gây A B là:

2

4

4 4.4000 16000 /

A

B B A

B

q

E k

OA q

E k

q OB

E k E E V m

OB q

E k

OA OB OB

 

 

  

 

     

 

  



 

 

Khoảng cách hai nút liên tiếp 60 30

2 cm

  

Thứ tự là: f1 f2 f3

Ta có: 1kW h 1000.3600W.s3600000J

Vị trí có dây treo theo phương thẳng đứng: VTCB

Vị trí mà dây treo lệch góc lớn so với phương thẳng đứng: vị trí biên Khoảng thời gian ngắn vật từ VTCB biên 0,5

4

T

s  

Khi thực thí nghiệm đo bước sóng ánh sáng phương pháp giao thoa Y – âng Khi thực hành đo khoảng vận thước cặp, ta thường dùng thước cặp đo khoảng cách vài vân sáng

Công electron khỏi bề mặt nhơm là:

34

19

0

6, 625.10 3.10

5,521.10 3, 45 0,36.10

hc

A J eV





 

   

Cường độ dòng điện chạy mạch :

1

18

2 15 10

N

E E

I A

r R r R R

   

    

Số vôn kế :  2  

15 10 16,

3

U I R R    V

Biên độ dao động tổng hợp vật là:

2 2

1 2 2.cos 12 15

2

A A A  A A     cm

Công suất chùm sáng 1mW:

3

15

34 15

10

1,51.10

6, 625.10 10

P

P n n hf n

hf

  

 

     

(3)

15

11

.0, 05 1,51.10 0, 05

.100 0, 05 7,55.10

100 100

% %

e

n n

H n

n

 

     

Số hạt nhân U235 chứa 1,5 mol U235 là: Nn N A1,5.6, 02.10239, 03.1023

Số notron có hạt nhân U235 : N1 hạt = 235 – 92 = 143 hạt

Số notron chứa 1,5 mol U235 : N1,5mol 9, 03.10 143 1, 29.1023  26 Câu 29: Đáp án B

Để sửa tật cận thị cần đeo sát mắt thấu kính có độ tụ :

1

0,5

v

D dp

f OC

    

 

Vân sáng bậc ứng với k =

Vân sáng bậc cách vân trung tâm khoảng :

3

3.0,5.1,5

3 2, 25

1

D

x mm

a



  

Sóng truyền chân khơng với bước sóng:

8

5

2

3.10 3000

2 10

c T c   m km



 

    

Gọi M trung điểm OA

Mức cường độ âm A M là:

2

10.log 40

4

10.log

4

2

A

M

P

L dB

OA I P L

OM I OA OM

 

  

 

 

 

 

 

2

10 log 10.log M A

OA

L L

OM

   

10.log 40 46

M A

L L dB

     

Độ lệch pha hai phần tử sóng: Δ 2 40 2

30 3

d

   

 



    

Biểu diễn đường tròn lượng giác:

Ta có: cos cos 3

6

AOM AOM A cm

A

 

     

(4)

Từ giản đồ vecto ta tính pha ban đầu uRL:

2

RL AB

   

      

Lại có: UC2 UAB2 UR2UL2

  2 2

2 2

200 100 100 RL R L C AB

U U U U U V

       

0RL 100 200

U V

  

Khi điện áp hai đầu đoạn mạch gồm điện trở cuộn cảm có biểu thức là:

200 cos(100 )( )

6

RL

u  t V

Phương trình phản ứng: 27 30 13 Al 2, 70MeV 15 P 0n

   

Phản ứng thu lượng: ΔEK KPKn 2,7MeV 1

Hai hạt nhân tạo thành bay tốc độ nên: P P 30 30

P n n n

K m

K K

K  m   

Theo định luật bảo tồn động lượng ta có: p  pPpn Do hai hạt nhân bay phương nên :

 2

2

P n P n

p  p p  p  p p

2m K  2m KP P 2m Kn n 2m KP P 2m Kn n

   

4K 30KP Kn 30.K KP n

   

4K 30.30Kn Kn 30.30.K Kn n

   

 

4

4 900 60

961

n n n n

K K K K K K

     

 

4 120

30 30

961 961

P n

K K K K

   

Từ (1), (2) (3) 120 2, 3,1

961 961

K K K K MeV

     

Từ đồ thị ta thấy pha đường nét đứt trễ pha đường nét liền

→ Đồ thị biểu diễn phụ thuộc theo thời gian điện áp hai đầu đoạn mạch MB đường nét đứt Đồ thị biểu diễn phụ thuộc theo thời gian điện áp hai đầu đoạn mạch AM đường nét liền Từ đồ thị ta có: 16,5 6,5 10 20 2 3 100  / 

2 20.10

T

ms T ms rad s

T

 

  

        

Tại t = 6,5ms ta có: 20

MB MB

AM MB AM

u U V

u u

u

  

   

(5)

Lại có

0

20 15 MB AM

AM MB

U V

u u u

  

 

   

Ta có giản đồ vecto :

Từ giản đồ vecto ta có : U0C U0AB  U02AM U02MB  152202 25V

Áp dụng hệ thức lượng tam giác vng ta có :

0

2 2

0 0

1 1

12 R R AM MB

U V

U U U  

0

12 25 625

12

100

R C

C

U U

I A Z

R I

       

1 48

C

C F

Z 

 

  

Câu 37: Đáp án D Cách giải:

Từ hình vẽ ta có (Đặt Fd = F):

2

3

2

2 cos 30

2

T F F T

T T P

T

F P



  

   



  



2

3

P P

T F

   

 

Có : 2

3

hd d hd

P g

F F  P F  g

(6)

3

2 2, 783

2 l l T s g g        

- Khi khoảng cách quan sát hai khe D, điểm M cách vân trung tâm 4,2mm vân sáng bậc Ta có: xM k D D 4, 2mm 1

a a

 

  

- Di chuyển quan sát hai khe D tăng → khoảng vân i tăng mà xM không đổi → k giảm Do q

trình di chuyển có quan sát lần M vân sáng vân sáng ứng với k =

- Tiếp tục di chuyển quan sát xa hai khe khoảng 0,6m i tiếp tục tăng mà xM không đổi nên M

vân tối M lúc vân tối thứ (ứng với k = 3) Khi đó:  0, 6 4,  2

2 M D x mm a          

- Khoảng cách hai khe 1mm (3) - Từ (1), (2) (3) → λ = 0,6µm = 600nm Câu 39: Đáp án D

Biểu thức điện áp:

      cos cos 120 cos 120

u U t

                  

Đặt  

  cos cos 120 cos 120

u U x

x t u U x

u U x

             

Tại thời điểm t, điện áp tức thời cuộn thứ gấp lần điện áp tức thời cuộn thứ hai:

 

1 2 cos 2.cos 120

u  u  x x

 

cosx cos cos120x sinx.sin120

  

cosx cosx 3sinx

    tan 49,1 x x      

Khi điện áp tức thời cuộn thứ ba có độ lớn 175V Ta có:

   

0.cos 120 75 0.cos 49,1 120 75

U x  U   

0 178

U V

 

Trong chu kì dao động, thời gian lò xo bị dãn dài gấp lần thời gian lị xo bị nén Ta có:

3

4 n n d d d n d T t

t t T

t                  

Gọi ∆l0 độ dãn lò xo VTCB Biểu diễn đường tròn lượng giác ta có:

Từ đường trịn lượng giác ta xác định được:

0 Δ cos 2.Δ l A l A     

Thế đàn hồi lò xo bị giãn mạnh là:

 2  2  

1 0

1

Δ 2.Δ Δ

2

Wdh Wdd  k A l  k l  l

Thế đàn hồi lò xo bị nén mạnh là: 2 (A Δ )0 2 2

dh  dn  k  l

(7)

Từ (1) (2)  

 

2

0

1

2

0

1

2.Δ Δ

2 33,97

1

2.Δ Δ

2

dh dh

k l l

k l  l 

 

Định dạng
Số trang	7
Dung lượng	421,68 KB