HƯỚNG DẪN CHẤM VẬT LÍ (Hướng dẫn chấm gồm trang) Đây hướng dẫn chấm, nên giám khảo phải vào làm thí sinh để chấm Nếu thí sinh làm cách khác mà cho điểm tối đa Điểm toàn tổng điểm thành phần làm tròn số đến 0,5 Bài (3đ) Nội dung – yêu cầu Điểm Xét áp suất p nước xilanh ngang mặt đáy S2 - Lúc đầu mực nước chênh h: P2 P1 = + dnh S S1 0,5 (1) - Đổ dầu lên S1, chiều cao lớp dầu H, theo ta có: P2 P1 = + d d H S S1 0,5 (2) d n Từ (1) (2) => H= d h (3) 0,5 d - Đổ lượng dầu sang S2 chiều cao H' S Vì thể tích dầu khơng đổi: S1H=S2H' => H'= S H d S n thay (3) vào:H'= d S h d 0,5 (4) - Mực nước bên chênh đoạn x nên: P2 P + dd H '= + dn x S2 S1 Từ (5) (1) => x= 0,5 (5) d d H '+ d n h dn 0,5 Gọi khối lượng nước rót từ phích phích vào phích (3 đ) m2 m3 Vì lượng nước phích tăng gấp đơi nên ta có: m2 + m3 = 0,3 (1) 0,5 Khi cân nhiệt ta có phương trình: m2C(t2 - t) = m1C(t – t1) + m3C( t- t3) ⇔m2(80 - 50) = 0,3.(50 - 40) + m3(50 - 20) ⇔30m2 = + 30m3 ⇔m2 - m3 = 0,1 1,0 (2) Từ (1) (2), ta có: 2m2 = 0,4 ⇔m2 = 0,2 (kg) ⇒m3 = 0,1 (kg) 0,5 Vậy khối lượng nước rót từ phích phích vào phích 200g 100g 1,0 K đóng: (5đ) a Khi C ≡ N ta có sơ đồ mch in: A I + I3 R1 A Đ C R I2 • B − Hiệu điện hai đầu điện trở R1 là: UAC = U1 = I.R1 = 4.3 = 12(V) Hiệu điện hai đầu điện trở R2: U2 = UCB = U – U1 = 21-12 = 9(V) 0,25 0,25 0,25 UCB = = 2(A) R§ 4,5 Cường độ dòng điện qua đèn là: I3 = Cường độ dòng điện qua R2 là: I2 = I – I3 = 4-2 = 2(A) 0,25 0,25 UCB = = 4,5(Ω) I2 0,25 R2 = Điện trở R2 là: b Hiệu suất sử dụng điện mạch điện: H= Pci P1 + P§ U1I + UCB I 12.4 + 9.2 66 = = = = ≈ 0,786 = 78,6% Ptm Ptm U AB I 21.4 84 K mở: Ta có sơ đồ mạch điện tương đương Điện trở tương đương A I • tồn mạch điện: + RCB = = R1 M RCM • RCN I3 C N • I2 1,0 Đ R2 B 0,25 R2(RCN + RĐ ) R2 + RCN + R§ 4,5(9− x) 13,5− x 4,5(9 − x) 81+ 6x − x2 = 13,5− x 13,5− x U 21.(13,5− x) I = AB = Cường độ dòng điện qua mạch chính: RAB 81+ 6x − x2 RAB = R1 + RCM + RCB = 3+ x + 0,5 0,25 Hiệu điện hai đầu đoạn mạch CB: UCB = IRCB = 21.(13,5− x) 4,5(9 − x) 94,5.(9 − x) = 81+ 6x − x2 13,5− x 81+ 6x − x2 Cường độ dòng điện chạy qua đèn: U 94,5.(9 − x) 94,5 94,5 I = CB = = = 2 RCNB (81+ 6x − x )(9 − x) 81+ 6x − x 90 − (x − 3)2 Để độ sáng đèn yếu I ⇔90 - (x-3)2 max ⇔x = Hay 0,5 0,5 B − RMC = 3Ω 0,5 Khi dịch chuyển chạy C biến trở phía N số (4đ) dụng cụ đo tăng (nếu không giải thích khơng cho điểm ý này) Giải thích: Gọi x phần điện trở đoạn MC biến trở; I A UV số ampe kế vôn kế Điện trở tương đương đoạn mạch: 1,0 xR Rm = (Ro – x) + x + R x2 Rm = R0 − = R0 – + R x+R x x2 0,5 Khi dịch chạy phía N x tăng => ( + R ) tăng => Rm giảm 0,5 => cường độ dòng điện mạch chính: I = U/R m tăng (do U không đổi) 0,5 x x2 IA I − IA I = = x R R+x I.x I = => IA = R + x + R x R Do đó, x tăng (1 + ) giảm I tăng (c/m trên) nên IA tăng x Mặt khác, ta lại có: Đồng thời UV = IA.R tăng (do IA tăng, R khơng đổi) 0,5 0,5 0,5 Vì ảnh A2’B2’ ảnh thật (do hứng màn) A 2’B2’ > A1’B1’ vật phải di chuyển lại gần thấu kính, phải di chuyển xa thấu kính 0,5 B1 A1 B2 A2 I O F A’1 A’2 C R1 B’ (5đ) r B A1, Trường hợp vật chưa di chuyển: A1B1 cho ảnh A1’ B1’ (1) B’2 0,5 , , , ' , 0,25 / A B OA ∆ A1OB1 ~ ∆ A 1OB = > 1 = A1 B1 OA1 ' (1) 0,25 / A B FA ∆ OFI ~ ∆ A '1 FB '1 = > 1 = OI OF (2) , , / A1 B1 OA1 OF = = mà A1B1 = OI nên từ (1) (2) ta có: A1 B1 OA1 OA1 − OF Trường hợp vật di chuyển : A2B2 cho ảnh A2’ B2’ , , (3) 1,0 / A2 B2 OA2 OF = = A2 B2 OA2 OA2 − OF 0,5 (4) Chia (4) cho (3) vế theo vế: , , A2 B OA1 − OF = = = >5.OA2 − 3.OA1 = 2.OF ' ' A B OA2 − OF (5) 0,5 Theo giả thiết ta có: OA1 - OA2 = nên : OA1 = OF + 5; OA2 = OF + 0,5 0,5 0,5 OA2OF OA1OF Theo giả thiết : OA’2 - OA’1 = 30 ⇒ OA − OF − OA − OF = 30 Giải ta được: OF = 15 cm