Đề thi thử đại học môn toán trường THPT An Dương , Hải Phòng năm 2013

www.MATHVN.com Toỏn hc Vit Nam www.DeThiThuDaiHoc.com 1 S GD & T HI PHềNG TRNG THPTAN DNG THI TH I HC NM 2013 Mụn: TON, Khi A, A1 Thi gian lm bi: 180 phỳt, khụng k thi gian phỏt PHN CHUNG CHO TT C TH SINH (7,0 im) Cõu I (2,0 im) Cho hm s 2 1 1 x y x = + ( ) C . a) Kho sỏt s bin thiờn v v th ( ) C ca hm s. b) Tỡm m ng thng d cú phng trỡnh y x m = + ct th ( ) C ti hai im phõn bit A, B sao cho tam giỏc ABM l tam giỏc u, bit rng M = (2; 5). Cõu II (2,0 im) 1. Gii phng trỡnh: ++=+ 4 2sin213coscos xxx 2. Gii bt phng trỡnh sau: 2 2 x 91 x 2 x + > + Cõu III (1,0 im) Tớnh tớch phõn e 1 (x 2)ln x x dx x(1 ln x) + + Cõu IV (1,0 im) Cho hỡnh chúp S.ABCD cú ỏy ABCD l hỡnh thoi tõm O; tam giỏc SBD u cnh 2 a , tam giỏc SAC vuụng ti S cú 3 SC a = ; gúc gia mp(SBD) v mt ỏy l 0 60 . Tớnh theo a th tớch khi chúp S.ABCD v khong cỏch gia ng thng AC v ng thng SB. Cõu V (1,0 im) Cho x, y, z là 3 số thực dơng và thỏa mãn: ( ) ( ) ( ) 3 2012 3 2012 3 2012 2013 x x y y z z + + . Tìm giá trị lớn nhất của biểu thức: 2 2 2 1 1 1 1 1 1A x y z x y z = + + PHN RIấNG (3,0 im): Thớ sinh ch c lm mt trong hai phn (phn A hoc B) A. Theo chng trỡnh Chun Cõu VI.a (2,0 im) 1) Cho im M(1;1) v hai ng thng d 1 : 3x - y - 5 = 0, d 2 : x + y - 4 = 0. Vit phng trỡnh ng thng d i qua im M v ct d 1 , d 2 tng ng ti A, B sao cho 2MA - 3MB = 0. 2) Trong khụng gian ta Oxyz cho mt cu (S) : 2 2 2 2 4 2 0 x y z x y z + + = ct cỏc tia Ox, Oy, Oz ln lt ti A, B, C khỏc O . Tỡm tõm v bỏn kớnh ng trũn ngoi tip tam giỏc ABC. Cõu VII.a (1,0 im) Trong cỏc s phc z tha món iu kin iziz +=+ 351 . Tỡm s phc z cú mụun nh nht. B. Theo chng trỡnh Nõng cao Cõu VI.b (2,0 im) 1) Trong mt phng vi h trc ta ,Oxy cho elip 2 2 ( ): 1 8 4 x y E + = cú cỏc tiờu im 21 ,FF ( 1 F cú honh õm). ng thng d i qua 2 F v song song vi ng phõn giỏc ca gúc phn t th nht ct )(E ti A v B. Tớnh din tớch tam giỏc . 1 ABF 2) Trong khụng gian vi h trc ta Oxyz, cho mt cu ( S ) v ng thng d cú phng trỡnh l 2 2 2 ( ):( 1) ( 2) 9 S x y z + + + = , (d): 2 2 1 1 = = zyx . Vit phng trỡnh mt phng (P) vuụng gúc vi ng thng d v ct mt cu ( S ) theo mt ng trũn cú bỏn kớnh bng 2. www.MATHVN.com – Toán học Việt Nam www.DeThiThuDaiHoc.com 2 Câu VII.b (1,0 điểm) ) Cho khai triÓn ( ) 2 0 1 2 1 2 n n n x a a x a x a x + = + + + + * ( ) n N ∈ . TÝnh tæng: A= 1 2 2 . n a a n a + + + . BiÕt: 2 3 2 14 1 3 n n C C n + = . Hết www.MATHVN.com – Toán học Việt Nam www.DeThiThuDaiHoc.com 3 ĐÁP ÁN-THANG ĐIỂM Câu Đáp án Điểm 1. (1,0 điểm) + Tập xác định D = ℝ { } \ 1 − + Sự biến thiên 2 3 ' 0 1 ( 1) y x x = > ∀ ≠ − + Hàm đồng biến trên các khoảng ( ) ; 1 −∞ − và ( ) 1; − +∞ Hàm số không có cực trị. 0,25 + Giới hạn và tiệm cận lim lim 2 x x y y →−∞ →+∞ = = nên đồ thị có T/c ngang y = 2 1 1 lim , lim x x y y − + →− →− = +∞ = −∞ nên đồ thị có T/c đứng x = -1 0.25 Bảng biến thiên 0,25 Đồ thị 0.25 2. (1,0 điểm) Phương trình hoành độ giao điểm: 2 1 2 1 ( 1)( ) 1 x x m x x x m x − = − + ⇔ − = + − + + (x = - 1 không là nghiệm của PT ) ⇔ x 2 - (m - 3)x - m – 1 = 0 (1) 0,25 (1) là PT bậc hai có ∆ = (m – 3) 2 + 4(m + 1) = m 2 - 2m +13 = (m - 1) 2 + 12 > 0 m ∀ Nên (1) luôn có hai nghiệm phân biệt x 1 và x 2 , hay đư ờng thẳng luôn cắt (C) tại hai điểm pb A,B. Theo hệ thức Viet: x 1 + x 2 = m – 3, x 1 . x 2 = - m – 1 0,25 Khi đó A(x 1 ; -x 1 +m), B(x 2 ; -x 2 + m) suy ra *) 2 2 1 2 1 2 1 2 2( ) 2[( ) 4 ] AB x x x x x x = − = + − AM = 2 2 2 2 1 1 1 2 ( 2) ( 5) ( 2) ( 2) x x m x x− + − + − = − + − , BM = 2 2 2 2 2 2 2 1 ( 2) ( 5) ( 2) ( 2) x x m x x− + − + − = − + − = AM 0,25 Để tam giác MAB đều ta phải có: AB = AM = BM, hay 2 2 2 1 2 1 2 2( ) ( 2) ( 2) x x x x− = − + − 2 1 4 5 0 5 m m m m =  ⇔ + − = ⇔  = −  Kết luận. 0.25 2.1 (1,0 điểm) Ta có: xxxxxxx 2cos2sin12coscos2 4 2sin213coscos ++=⇔       ++=+ π 02coscos2cossin2cos2 2 =−+⇔ xxxxx 0,25 II. (2,0 điểm) ( ) 0)cossin1)(sin(coscos0)sin(cossincoscos2 22 =−++⇔=−−+⇔ xxxxxxxxxx 0,25 www.MATHVN.com – Toán học Việt Nam www.DeThiThuDaiHoc.com 4         =       + −= += ⇔      =− =+ = ⇔ 2 1 4 cos 1tan 2 1sincos 0sincos 0cos π π π x x kx xx xx x Zk kx kx kx ∈          = +−= += ⇔ , 2 4 2 π π π π π 0,5 2.2 (1,0 điểm) Điều kiện x 2 ≥ Phương trình đã cho tương đương với: ( ) ( ) ( ) 2 2 x 91 10 x 2 1 x 9 0 + − − − − − − > 0,25 2 2 x 9 x 3 (x 3)(x 3) 0 x 2 1 x 91 10 − − ⇔ − − + − > − + + + ( ) x 3 ⇔ − 2 x 3 1 (x 3) 0 x 2 1 x 91 10   + − − + >   − + + +   (*) 0,25 Ta có 2 x 3 1 (x 3) 0 x 2 1 x 91 10 + − + − < − + + + với mọi x 2 ≥ . Do đó (*) ⇔ x < 3. 0,25 Từ đó suy ra nghiệm của bất phương trình là : 2 x 3 ≤ < 0,25 (1,0 điểm) I = ∫ ∫ = + −+ e e dxdx xx xxx 1 1 )ln1( ln2)ln1( -2 dx xx x e ∫ + 1 )ln1( ln 0,25 Ta có : ∫ −= e edx 1 1 0,25 Tính J = dx xx x e ∫ + 1 )ln1( ln Đặt t = 1 + lnx, Ta có: J = dt t t ∫ − 2 1 1 = dt t ) 1 1( 2 1 ∫ − = (t - ln t ) = 1 - ln2 0,25 III. (1,0 điểm) Vậy I = e - 1 - 2(1- ln2) = e - 3 + 2ln2 0,25 IV. (1,0 điểm) www.MATHVN.com – Toán học Việt Nam www.DeThiThuDaiHoc.com 5 (1,0 điểm) * Tính thể tích… - Trong mp(SAC) dựng SH AC ⊥ tại H. - Do SBD △ đều nên SO BD ⊥ , lại do ABCD là hình thoi nên AC BD ⊥ mp( ) mp( ) BD SAC BD SH SH ABCD ⇒ ⊥ ⇒ ⊥ ⇒ ⊥ - Vì SBD △ đều có cạnh 2 3 a SO a ⇒ = và SO BD ⊥ - Lại do  0 60 CO BD SOC⊥ ⇒ = là góc giữa mp(SBD) và mp(ABCD) 0 3 3 .sin60 3. 2 2 a SH SO a⇒ = = = - Nhận thấy: SOC △ có  0 3, 60 SC SO a SOC SOC = = = ⇒ △ là tam giác đều 2 2 3 . 1 1 3 2 3 . .2 .2 3 2 3 2 2 1 1 3 . . .2 3 3 3 3 2 ABCD S ABCD ABCD CO a AC a S AC BD a a a a V SH S a a ⇒ = ⇒ = ⇒ = = = ⇒ = = = * Tính khoảng cách giữa SB và AC. - Gọi I là trung điểm SD // mp( )// OI SB IAC SB ⇒ ⇒ ( ; ) ( ;( )) ( ;( )) d AC SB d B IAC d D IAC h ⇒ = = = . - Ta thấy: I là trung điểm SD nên 1 ( ;( )) ( ;( )) 2 d I ABCD d S ABCD = ; Lại thấy: 3 . . 1 1 3 2 4 4 ADC ABCD I ADC S ABCD a S S V V= ⇒ = = △ ; - Lại có: 2 2 2 2 2 2 3 4 CD CO OD a a a = + = + = 2 2 2 2 2 2 2 2 3 4 4 5 2 4 2 4 2 SC CD SD a a a a IC + + ⇒ = − = − = Tam giác ICO có  2 2 2 2 2 2 2 2 2 5 3 ; ; 3 cos 2 2. . 4 a OI OC IC IC IO a OC a IOC OI OC + − = = = ⇒ = = 0,5 I S H O D C B A www.MATHVN.com Toỏn hc Vit Nam www.DeThiThuDaiHoc.com 6 2 2 2 13 sin 1 cos 4 1 1 13 39 39 . .sin . . 3. 2. 2 2 4 8 4 OIC IAC IOC IOC IOC a a S OI OC IOC a a S S = = = = = = = - M . . 1 . . 3 I ACD D IAC IAC V V hS = = 3 2 . 3 3 3 39 3 : 4 4 13 D IAC IAC V a a a h S = = = Vy 3 . 3 S ABCD V a= v 3 ( ; ) 13 a d AC SB = . 0,5 (1,0 im) Từ giả thiết: ( ) ( ) ( ) 3 2012 3 2012 3 2012 2013 x x y y z z + + ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 2 2 2 2 3 2012 2013 3 2013 2012 x y z x y z x y z x y z + + + + + + + + + 0,25 Mặt khác theo bất đẳng thức Bunhiacốpki, ta có ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 3 1 1 1 x y z x y z x y z + + = + + + + + + ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 2013 2012 2012 2013 0 0 2013 x y z x y z x y z x y z x y z + + + + + + + + + < + + 0,25 Ta có 2 2 2 1 1 1 1 1 1A x y z x y z = + + ( ) ( ) 1 1 1 9 x y z x y z x y z x y z = + + + + + + + + do 1 1 1 9 x y z x y z + + + + 0,25 V. (1,0 im) Đặt t= x+y+z, 9 ( ) (0 2013) A t f t t t = = < Ta có: ( ] 2 9 ( ) 1 0 0;2013 f t t t = + > f(t) max=f(2013)=2013- 9 4052160 2013 2013 = dấu "=" xảy ra khi : x= y =z = 2013 3 Vậy 4052160 max 2013 A = , khi : x= y =z = 2013 3 0,25 1. (1,0 im) Ta cú A d 1 nờn A(x 1 ;3x 1 -5), B d 2 nờn B(x 2 ;4-x 2 ) 0,25 Vỡ A, B, M thng hng v 2MA = 3MB nờn = = )2(32 )1(32 MBMA MBMA 0,25 VIa. (2,0 im) (1) )2;2(, 2 5 ; 2 5 2 2 5 )3(3)63(2 )1(3)1(2 2 1 21 21 BA x x xx xx = = = = Suy ra d: x - y = 0. 0,25 www.MATHVN.com – Toán học Việt Nam www.DeThiThuDaiHoc.com 7 ( ) )3;1(,2;1 1 1 )3(3)63(2 )1(3)1(2 )2( 2 1 21 21 BA x x xx xx −⇒    = = ⇔    −−=− −−=− ⇔ Suy ra d: x - 1 = 0. Vậy có d: x - y = 0 hoặc d: x - 1 = 0. 0,25 2. (1,0 điểm) (S) : ( ) ( ) ( ) 2 2 2 1 2 1 6 x y z − + − + − = có tâm w(1;2;1) bán kính R = 6 (S) cắt Ox, Oy, Oz lần lượt tại A(2;0;0), B(0;4;0), C( 0;0;2) . Gọi I tâm đường tròn (A,B,C) thì I giao điểm của d đi qua w và vuông góc mp(ABC),và mp(ABC); Ptmp(ABC) Giải hệ 2 2 4 0 x y z + + − = và 1 2 2 1 2 x t y t z t = +   = +   = +  ta được 2 9 t − = suy ra 5 16 5 ( ; ; ) 9 9 9 I và r = IA = 2 2 2 5 16 5 5 2 2 9 9 9 3       − + + =             0,25 0,25 0,25 0,25 VIIa. (1,0 điểm) Giả sử số phức z cần tìm có dạng z = x + yi (x,y ∈ R). Ta có iyxiyx )1(3)5(1 +−+=−++ (1) 2222 )1()3()5()1( +++=−++⇔ yxyx 43 = + ⇔ yx . Do đó tập hợp các điểm M biểu diễn cho các số phức z thỏa mãn (1) là đường thẳng x + 3y = 4. Mặt khác 162410)34( 22222 +−=+−=+= yyyyyxz Hay 5 22 5 8 5 6 52 2 ≥+         −= yz Do đó 5 2 5 6 min =⇒=⇔ xyz . Vậy iz 5 6 5 2 += 0,25 0,25 0,25 0,25 1. (1,0 điểm) 1 4 8 :)( 22 =+ yx E có ).0;2(),0;2(248 21 FFc −⇒=−= Từ giả thiết 2: − = ⇒ xyd hay .02 = − − yx 0.25 Từ hệ . 3 2 ; 3 8 ),2;0( 1 48 2 22       −⇒      =+ −= BA yx xy 0.25 . 3 16 22.2 3 8 . 2 1 );(. 2 1 1 1 === ABFdABS ABF (đvdt) 0.5 2. (1,0 điểm) (S) có tâm I( 1; 0; -2) có bán kính R = 3, đư ờng thẳng d có VTCP )2;2;1( −=u .(P) vuông góc với d nên VTPT của (P) là )2;2;1( −=n 0.25 VIb. (2,0 điểm) VIIb. (1,0 điểm) Giả sử (P) có phương trình : 0 2 2 = + − + D z y x Ta có 54))(;( 2 =−= RPId 0.25 www.MATHVN.com – Toán học Việt Nam www.DeThiThuDaiHoc.com 8 5 )2(21 5 222 = −++ + ⇔ D 535 =+⇔ D 0.25     −−= −= ⇔     −=+ =+ ⇔ 553 553 535 535 D D D D V ậ y có hai mp th ỏ a mãn đề bài là:     =−−−+ =−+−+ 055322:)( 055322:)( zyxP zyxP 0.25 (1,0 điểm) Gi¶i ph−¬ng tr×nh 2 3 2 14 1 3 n n C C n + = t×m ®−îc n =9 0,5 Víi n=9 ta cã ( ) 9 2 9 0 1 2 9 1 2 x a a x a x a x + = + + + + LÊy ®¹o hµm hai vÕ ta ®−îc : ( ) 8 8 1 2 9 9 2 1 2 2 9 x a a x a x + = + + + 0,25 Cho x= 1 ta ®−îc A= ( ) 8 1 2 9 2 9. 9 2 1 2 a a a+ + + = + . 0,25 Gi¶i ph−¬ng tr×nh 2 3 2 14 1 3 n n C C n + = t×m ®−îc n =9 0,5 - - - Hết - - - . www.DeThiThuDaiHoc.com 1 S GD & T HI PHềNG TRNG THPTAN DNG THI TH I HC NM 2013 Mụn: TON, Khi A, A1 Thi gian lm bi: 180 phỳt, khụng k thi gian phỏt PHN CHUNG CHO TT C TH SINH ( 7,0 . x= y =z = 2013 3 Vậy 4052160 max 2013 A = , khi : x= y =z = 2013 3 0,2 5 1. ( 1,0 im) Ta cú A d 1 nờn A(x 1 ;3x 1 -5 ), B d 2 nờn B(x 2 ;4-x 2 ) 0,2 5 Vỡ A, B, M thng. 0,2 5 V. ( 1,0 im) Đặt t= x+y+z, 9 ( ) (0 2013) A t f t t t = = < Ta có: ( ] 2 9 ( ) 1 0 0 ;2013 f t t t = + > f(t) max=f (2013) =2013- 9 4052160 2013 2013 = dấu "="