Câu 1 ► Quy X về Al, Ca và C Dễ thấy C kiểu gì cũng đi hết vô khí và khi đốt khí thì đi vào CO₂ ||⇒ nC = nCO₂ = 0,9 mol Đặt nAl = m; nCa = n ⇒ mX = 27m + 40n + 0,9 × 12 = 40,3(g) BTNT(O) ⇒ nO₂ = 1,475[.]
Câu ► Quy X Al, Ca C Dễ thấy C kiểu hết vơ khí đốt khí vào CO₂ ||⇒ nC = nCO₂ = 0,9 mol Đặt nAl = m; nCa = n ⇒ mX = 27m + 40n + 0,9 × 12 = 40,3(g) BTNT(O) ⇒ nO₂ = 1,475 mol BT electron: 3m + 2n + 0,9 × = 1,475 × ||⇒ giải hệ cho: m = 0,5 mol; n = 0,4 mol ^_^ ► Dễ thấy Y gồm Ca²⁺, AlO₂⁻, OH⁻ ⇒ nCa²⁺ = 0,4 mol; nAlO₂⁻ = 0,5 mol BTĐT: nOH⁻ = 0,3 mol Nhìn đồ thị ⇒ 2TH HCl dư hịa tan phần ↓ ⇒ ta có CT: nH⁺ = 4nAlO₂⁻ – 3n↓ (với H⁺ tính phần pứ với AlO₂⁻ Al(OH)₃) ||► Áp dụng: (0,56x – 0,3) = × 0,5 – × 3a (0,68x – 0,3) = × 0,5 – × 2a ||⇒ giải hệ có: x = 2,5; a = ||⇒ chọn C Câu nH2 = nBa = nBaO = nBa(OH)2 => Ba(OH)2 sau pư = 3a mol Tại nCO2 = 3,6a mol: BaCO3: 0,192 mol Ba(HCO3)2: 3a-0,192 BTNT C: 0,192+2(3a-0,192) = 3,6a => a = 0,08 mol m = 0,08.137+0,08.153+0,08.171 = 36,88 gam Câu Ta có sơ đồ trình: Na 2SO : a Ba AlO : 0, 02 Ba OH BaSO Al SO : b 0,32 mol NaAlO : 2a 0,3 mol Bảo tồn gốc SO42– ta có: a + 3b = 0,3 (1) Bảo tồn Al ta có: 0,02×2 + 2a = 2b 2a – 2b = –0,04 (2) Giải hệ (1) (2) ta có a = nNa2SO4 = 0,06 mol Câu Quan sát đồ thị ta thấy: mFe(OH)3 = 5,236 gam => nFe(OH)3 = 0,048 mol nHNO3 dư = 0,296 mol => nHNO3 pư = 0,8 – 0,296 = 0,504 mol Phần 1: Cho X tác dụng với H2SO4 đặc cho hỗn hợp đầu tác dụng BT e: 3nAl = 2nSO2 => nAl = 2.0,09/3 = 0,06 mol Phần 2: Cho X tác dụng với HNO3 cho hỗn hợp đầu tác dụng Al + 4HNO3 → Al(NO3)3 + NO + 2H2O 0,06→0,24 Fe2O3 + 6HNO3 → 2Fe(NO3)3 + 3H2O 0,024←0,144←0,048 Fe2O3 + 6HNO3 → 2Fe(NO3)3 + 3H2O 0,02 ←0,504-0,24-0,144 = 0,12 mCr2O3 (1 phần) = 0,02.152 = 3,04 gam => mCr2O3 = 6,08 gam Câu Định hướng giải n KOH 0, a 0,1 2 1,6 4a 2a Từ đồ thị + Phân chia nhiệm vụ H n HCl 2 H 0, 2n 2(n 0, 2) n 0,5 ZnO : 0,5 m m 106,3 K O : 0,5 0, 0, Câu Giải: * HS phải hiểu nhỏ từ từ dung dịch đến dư Ba(OH) vào ml dung dịch A chứa Al2(SO4)3 ta thu đồ thị có hình dạng này? Giải quyết: - Ban đầu kết tủa tạo đồng thời: Al3+ + 3OH- Al(OH)3 2 Ba2+ + SO BaSO4 Do đồ thị lên Và hàm số liên tục từ điểm xuất phát đến điểm cực đại do: Ba(OH)2 Ba2+ + 2OHx x 2x Xét lượng Ba(OH)2 Ba2+ OH- sinh tham gia đồng thời phương trình: Al3+ + 3OH- Al(OH)3 2/3x 2x 2 Ba2+ + SO BaSO4 x x 2 3n 3 2n SO2 Như số mol Al3+ số mol SO4 có mối quan hệ sau: Al 2 Mà ta lại có Al2(SO4)32Al3+ +3 SO4 mol Hay 3n Al3 2n SO2 2 Vậy điểm cực đại đồ thị Al3+ SO hết - Sau kết tủa Al(OH)3 tan từ từ hết nên đồ thị xuống Al(OH)3 + OH- AlO +H2O - Khi kết tủa Al(OH)3 tan hết, kết tủa BaSO4 không tan nên đồ thị ngang - Khi cho từ từ Ba(OH)2 dung dịch Al2(SO4)3 ta có đồ thị sau: SO 24 , Al3+ hết T k BaSO AB 69,9 DDI B Tại điểm T: tổng khối lượng kết tủa BaSO4 cực đại Al(OH)3 cực đại Tại điểm I: khối lượng kết tủa BaSO cực đại tổng khối lượng BaSO Al(OH)3 tính theo số mol OH* HS giải tập: m BaSO4 cực đại m BaSO4 6,99g n BaSO4 0,03mol n SO2 0,03mol n Al2 (SO4 )3 0,01mol n Al3 0,02mol Nếu cho 100ml dung dịch hỗn hợp Ba(OH)2 0,2M NaOH 0,3M vào 100ml dung dịch A tức dung dịch chứa 0,01 mol Al2(SO4)3 n Al3 0,02mol n OH 0,07mol (0,06;0,08) 0,02 y O 0,06 0,07 0,08 y = 0,08 - 0,07 =0,01 Do đó: mkết tủa = n BaSO4 m Al(OH)3 = 0,02.233+ 0,01.78 =5,44g Đáp án: A Câu * HS phải hiểu nhỏ từ từ dung dịch Ba(OH)2 đến dư vào dung dịch hỗn hợp Na2SO4 Al2(SO4)3 ta có đồ thị có hình dạng này? Giải quyết: - Ban đầu kết tủa tạo đồng thời: Al3+ + 3OH- Al(OH)3 2 Ba2+ + SO BaSO4 Do đồ thị lên Nhưng hàm số liên tục từ điểm xuất phát đến điểm cực đại do: Ba(OH)2 Ba2+ + 2OHx x 2x Al3+ + 3OH- Al(OH)3 2/3x 2x 2 Ba2+ + SO BaSO4 x x 2 3n 3 2n SO2 Như số mol Al3+ số mol SO4 có mối quan hệ sau: Al 2 Mà Na2SO42Na+ + SO4 amol a 2 Al2(SO4)32Al3+ +3 SO bmol 2b n Al3 =3.2b=6b n SO2 = 2.(a+3b)= 2a +6b Lúc này: Do 3b 3n Al3 2n SO2 hay n SO2 dư Kết đồ thị lên có gãy khúc vị trí T (ứng với số mol Al 3+ hết), sau 2 tiếp tục lên vị trí cực đại H (ứng với số mol SO4 hết) phản ứng 2 Ba2+ + SO BaSO4 - Sau kết tủa Al(OH)3 tan từ từ hết nên đồ thị xuống Al(OH)3 +OH- AlO +H2O - Khi kết tủa Al(OH)3 tan hết, kết tủa BaSO4 không tan nên đồ thị ngang - Dạng đồ thị cho từ từ Ba(OH)2 đến dư vào dung dịch hỗn hợp Na 2SO4 Al2(SO4)3 sau: (với đoạn MH: BaSO tiếp tục tạo ra, Al(OH) đạt cực đại M) H SO T hết M Al3+ hết I O K BaSO4 1T x Tại điểm T: tổng khối lượng kết tủa BaSO4 cực đại Al(OH)3 cực đại Tại điểm I: khối lượng kết tủa BaSO cực đại tổng khối lượng BaSO Al(OH)3 tính theo số mol Ba(OH)2 x mol * HS giải tập: Từ đồ thị cho, đối chiếu đồ thị tổng quát ta có: m BaSO4 69,9g n BaSO4 0,3mol n SO24 0,3mol 2 Tại điểm cực đại, số mol SO4 hết 2 Mà SO +Ba2+ BaSO4 0,3 0,3 Nên x = n Ba (OH)2 0,3mol Đáp án: B 0,3 (mol) Câu H T Al3+ hết M SO 24 hết I O K BaSO4 TT x Từ đồ thị cho, đối chiếu đồ thị tổng quát ta có: Tại điểm 0,6 mol Ba(OH)2: Al(OH)3 tan hết n Al3 0,6.2 n Al3 0,3 Tại điểm H kết tủa Al(OH)3 đạt cực đại nên Tại điểm 0,3 mol Ba(OH)2 n SO2 hết nên m BaSO4 69,9g n SO24 0,3mol n Al(OH)3 n Al3 n SO2 =0,3 mol = 0,3 mol x= m BaSO4 69,9g y= m BaSO4 m Al(OH)3 =69,9 +78.0,3=93,3 g x+ y = 163,2 g Đáp án: B Câu Cho từ từ dung dịch Ba(OH)2 vào dung dịch chứa Al2(SO4)3 AlCl3 khối lượng kết tủa sinh biểu diễn đồ thị sau Giá trị x gần với giá trị sau đây? 8,55 m mkt (gam) số mol Ba(OH)2 x A 0,029 0,08 y B 0,025 C 0,019 * HS giải tập: Sử dụng đồ thị tổng quát câu H Al3+ hết M SO 24 hết O Đồ thị toán: K BaSO4 D 0,015 mkt (gam) 8,55 m số mol Ba(OH)2 x 0,08 y Từ đồ thị cho, đối chiếu đồ thị tổng quát ta có: Tại điểm 0,08 mol Ba(OH)2: Al(OH)3 tan hết n Al3 0,08.2 n Al3 0,04 Tại điểm H kết tủa Al(OH)3 đạt cực đại n Al(OH)3 n Al3 0,04 Tại điểm y mol Ba(OH)2: kết tủa BaSO4 lớn n BaSO4 n so2 y Do 8,55 -233y =78.2y/3 y= 0,03 Tại điểm x mol Ba(OH)2 có m gam kết tủa Đó khối lượng kết tủa BaSO4 cực đại tổng khối lượng kết tủa BaSO4 x mol Al(OH)32x/3 mol Nên 233y = 233x+78.2x/3 x= 0,0245 Đáp án: B Câu 10 Sục từ từ khí CO2 đến dư vào dung dịch hỗn hợp chứa Ca(OH) NaAlO2 Khối lượng kết tủa thu sau phản ứng biểu diễnư đồ thị hình vẽ Giá trị m x lư mkt m (gam) 27,3 số mol CO2 A 39 gam 1,013 mol 0,74 x B 66,3 gam 1,13 mol C 39 gam 1,13 mol C 66,3 gam 1,013 mol Giải: CO2 + Ca(OH)2 CaCO3 + H2O (1) CO2 + NaAlO2 +2H2O Al(OH)3+ NaHCO3 (2) CO2 + CaCO3 + H2O Ca(HCO3)2 (3) Từ đồ thị cho mkt m (gam) 27,3 số mol CO2 0,74 x m Al(OH)3 27,3 n Al(OH)3 0,35 Theo phương trình (2), n CO tham gia phản ứng với NaAlO2 =0,35 Theo phương trình (1), n CO tham gia phản ứng với NaAlO2 =0,74-0,35 =0,39 Biểu diễn kết tủa CaCO3 theo số mol CO2 sau: y 0,39 Vậy y = 0,5 n OH x- 0,35 = m= = 0,39 n OH m CaCO3 0,39.100 39g =0,39.2=0,78 x= 1,13 m CaCO3 m Al(OH)3 Đáp án: B x-0,35 = 27,3 +39 =66,3 Câu 11 Nhỏ từ từ đến dư dung dịch NaOH vào dung dịch X chứa FeCl AlCl3 thu đồ thị sau Giá trị n gần với giá trị sau đây? 88,47 n 3,1 2,7 A 84 gam 3,2 B 81 gam C 83 gam D 82 gam Giải: 88,47 n 78 3,1- 3n/107 = 3,2 - 3n/107 88,47 n 0,1 n 80,67 78 Đáp án: B Lưu ý: Khi n OH 2,7mol có đồng thời kết tủa Al(OH) Fe(OH)3, Fe(OH)3 chưa đạt cực đại n gam Dữ kiện n OH 2,7mol không cần đến Ở HS dễ sai nhầm Fe(OH)3 đạt cực đại Câu 12: Đáp án B nBa2+ = n kết tủa max = 27,58/197 = 0,14 mol (tại thời điểm nCO2 = a = 0,14) Khi nCO2 = 0,4 mol dung dịch thu gồm: Ba2+ (0,14 mol), HCO3- (0,4 mol) Na+ BTĐT => nNa+ = 0,12 mol BT e: 2nBa + nNa = 2nO + 2nH2 => nO = 0,06 mol m = mBa + mNa + mO = 22,9 gam Câu 13 Định hướng giải n KOH 0, a 0,1 2 1,6 4a 2a Từ đồ thị + Phân chia nhiệm vụ H n HCl 2 H 0, 2n 2(n 0, 2) n 0,5 ZnO : 0,5 m m 106,3 K O : 0,5 0, 0, Câu 14: Đáp án A Giả sử số mol ban đầu: nAl = x mol, nBa(OH)2 = y mol 2Al + Ba(OH)2 + 2H2O→ Ba(AlO2)2 + 3H2 x 0,5x 0,5x Dung dịch X: Ba(AlO2)2 (0,5x mol) Ba(OH)2 dư (y-0,5x mol) + Khi kết tủa lớn nhất: m↓ = mAl(OH)3 max + mBaSO4 max = 78x + 233y = 70 (1) + Khi V= 1300 ml: Al(OH)3 vừa bị hòa tan hết Khi ta có: OH- + H+ → H2O H+ + AlO2- + H2O → Al(OH)3 3H+ + Al(OH)3 → Al3+ + 3H2O nH+ = nOH- dư + nAlO2- + 3nAl(OH)3 max => 2.1,3.0,5 = 2y – x + x + 3x 3x + 2y = 1,3 (2) Giải (1) (2): x = 0,3; y = 0,2 => a = 0,3.27 = 8,1 gam Câu 15 HƯỚNG DẪN : Đặt mol Al = x(mol), mol Mg = y mol Từ tỉ khối dễ dàng tính mol khí : n N2 = 0,014 mol, n N2O = 0,07 mol Bte : 3x + 2y = 0,014 10 + 0,07 = 0,7 = n OH- kết tủa max => cho NaOH vào m kết tủa max= m kim loại + m OH- = m + 0,7.17= m +11,9 (1) Nhin đồ thị => n HNO3 dư = 0,05 2= 0,1 mol n HNO3 = 2,5V = n HNO3 pu + n HNO3 dư = (0,7+ 0,014.4 + 0,07.2)+ 0,1=> V= 387,2ml ( VÌ CĨ ĐÁP ÁN NÊN CHỌN D KHƠNG CẦN TÍNH m CĨ THỂ TÍNH RA m sau Từ kết tủa max V NaOH= (0,1+0,7)/2= 0,4 =>Khi m kết tủa = 17,45 n NaOH = 0,4125.2 = 0,825 mol=> n Al(OH)3 bị hòa tan= 0,825-0,8 => 17,45 = m + 11,9 – (0,825- 0,8).78 =>m = 7,5g Câu 16: HƯỚNG DẪN : n ktua max = n BaSO4 max + n Zn(OH)2 max = 2b Khi n Ba (OH)2 = 0,175 BaSO4 max n Zn(OH)2 bị hòa tan = 0,175 – b x = b + [b- (0,175- b)] = 3b – 0,175 (1) Mặt khác n Ba(OH)2= 0,0625< b => x = 0,0625 (2) (Lúc kt có mol = 0,625) Ghép (1) (2) => 3b – 0,175 = 2.0,0625 => b= 0,1 ... * HS giải tập: Sử dụng đồ thị tổng quát câu H Al3+ hết M SO 24 hết O Đồ thị toán: K BaSO4 D 0,015 mkt (gam) 8,55 m số mol Ba(OH)2 x 0,08 y Từ đồ thị cho, đối chiếu đồ thị tổng quát ta có: Tại... Sau kết tủa Al(OH)3 tan từ từ hết nên đồ thị xuống Al(OH)3 +OH- AlO +H2O - Khi kết tủa Al(OH)3 tan hết, kết tủa BaSO4 không tan nên đồ thị ngang - Dạng đồ thị cho từ từ Ba(OH)2 đến dư vào dung... +Ba2+ BaSO4 0,3 0,3 Nên x = n Ba (OH)2 0,3mol Đáp án: B 0,3 (mol) Câu H T Al3+ hết M SO 24 hết I O K BaSO4 TT x Từ đồ thị cho, đối chiếu đồ thị tổng quát ta có: Tại điểm 0,6 mol Ba(OH)2: Al(OH)3