hsg hoa

THI HSG VềNG TRNG- LN 1 MễN HểA HC THI GIAN 180 PHT Cõu 1 (2 im) 1) Mui n cú ln Na 2 SO 4 , NaBr , MgCl 2 , CaCl 2 , CaSO 4 . Hóy dựng phng phỏp hoỏ hc iu ch mui n tinh khit, Vit cỏc PTHH ca cỏc phn ng minh ho. 2) Cho m gam hn hp mui NaBr v NaI phn ng vi dung dch H 2 SO 4 c, núng thu c hn hp khớ A (ktc). iu kin thớch hp A phn ng va vi nhau thu c cht rn mu vng v mt cht lng khụng lm chuyn mu quỡ tớm. Cho Na d vo phn cht lng thu c dung dch B, dung dch B phn ng va vi 2,24 lớt CO 2 (ktc) to ra 9,5 gam hn hp mui. Vit cỏc PTHH ca cỏc phn ng xy ra v tớnh m ? Cõu 2 (2 im) Sáu hiđrocacbon A; B; C; D; E; F đều có công thức phân tử là C 4 H 8 . Cho từng chất vào dung dịch brom (trong CCl 4 và không chiếu sáng) thấy A, B, C và D tác dụng rất nhanh. E tác dụng chậm hơn, còn F hầu nh không phản ứng. B và C là những chất đồng phân lập thể của nhau, B có nhiệt độ sôi cao hơn C. Khi cho tác dụng với hiđro nhit cao (có Ni làm xúc tác) thì A, B, C đều cho cùng sản phẩm G. a) Xác định công thức cấu tạo và gọi tên của 6 hiđrocacbon trên. b) A tác dụng với nớc brom có hoàn tan một lợng nhỏ NaCl sinh ra 5 sản phẩm. Viết công thức cấu tạo và giải thích sự hình thành 5 sản phẩm đó. Cõu 3 (2 im) Mụ t hin tng v vit phng trỡnh húa hc ca cỏc phn ng xy ra (nu cú) trong cỏc trng hp sau: 1) Sc khớ clo ti d vo dung dch KI. 2) Nh dung dch H 2 O 2 vo dung dch KMnO 4 trong H 2 SO 4 . 3) Nh dung dch HCl c vo clorua vụi. 4) Nh dung dch NaOH c, d vo dung dch (NH 4 ) 2 Cr 2 O 7 un núng nh; sau ú nh tip H 2 SO 4 c vo. 5) Nh nc brom vo hai ng nghim: ng mt cha hex-1-en, ng hai cha benzen, lc nh ri yờn. 6) Sc khớ etilen vo dung dch KMnO 4 nhit thng. 7) Ln lt nh dung dch NH 3 ti d vo hai dung dch mui NiSO 4 , Al 2 (SO 4 ) 3 . 8) Nh dd NaNO 2 vo dung dch etylamin, sau ú nh tip dung dch CH 3 COOH vo. 9) Hóy gii thớch ti sao: nhit thng nc trng thỏi lng cũn hirosunfua trng thỏi khớ; Cỏc tinh th iot v bng khụ d thng hoa cũn tinh th mui n v kim cng thỡ khụng. Cõu 4 (2 im) 1. Cho cỏc n cht A, B, C . Thc hin phn ng : A + B X X + H 2 O NaOH + B B + C Y Y + NaOH 1 : 1 Z + H 2 O Cho 2,688 lit khớ X ( kc ) qua dung dch NaOH thỡ khi lng cht tan bng 2,22 gam . Lp lun xỏc nh A, B, C v hon thnh phn ng . 2. a)Vit cu hỡnh e ca nguyờn t cú s hiu z=116 . Xỏc nh v trớ ca nú trong bng tun hon . b)Nguyờn t A cú e sau cựng c trng bi 4 s lng t vi tng i s l 4,5 . Hiu s lng t ph v s lng t t bng 0 . -Vit cu hỡnh e ca A v xỏc nh v trớ ca A trong tun hon . -Khớ X cu to t A v hiro . Khi lng ca 2,24 lớt khớ X 27,3 0 C v 0,55 atm bng khi lng ca 1,68 lớt O 2 54,6 0 C v 0,8 atm .Vit cụng thc cu to ca X. Cõu 5 (2 im) :Chn 6 dung dch mui A , B , C , D , E , F ng vi 6 gc axit khỏc nhau tho món : A + B Cú khớ bay ra; A + C Cú kt ta v cú khớ bay ra. B + C Cú kt ta; D + E Cú kt ta; E + F Cú kt ta. D + F Cú kt ta v cú khớ bay ra. Cõu 6 (2 im) 1. a) Sp xp trỡnh t gim dn kh nng brom húa vo vũng benzen ca cỏc cht cú tờn sau: m initrobenzen; toluen; m xlien; benzen; p nitrobenzen. b) Sp xp theo trỡnh t tng dn tớnh axit ca cỏc cht trong dóy sau: axit benzoic, phenyl etanoic, 3 phenyl propanoic, xiclohexyl etanoic, 1 metyl xiclohexan cacboxylic c) Sp theo chiu th t tng dn tớnh baz ca cỏc cht trong dóy sau: NH CH 3 ; CH 2 NH 2 ; CH 2 NH 2 ;O 2 N NH 2 d) So sỏnh nhit sụi ca 3 ng phõn benzeniol ( 240 0 C, 273 0 C, 285 0 ) 2. Da theo cỏc giỏ tr momen lng cc ca cỏc ng phõn hỡnh hc, hóy cho bit ng phõn no l cis v ng phõn no l trans (A hay B). Gii thớch? a) FHC = CHF A = 0D B = 2,42D b) CH 3 CH = CH Br A = 1,57D B = 1,69D Cõu 7 (2 im) 1)Xác định CTCT của A , B, C và hoàn thành các phơng trình phản ứng theo sơ đồ sau: 1,47g (A) + (K) 0,01 mol (B) + (C) (1) 3(B) 600 C (E) : cân xứng (2) (E) + Cl 2 askt (F) + (K) (3) (F) + NaOH (G) + NaCl (4) (G) + CuO (H) + Cu + (D) (5) (H + AgNO 3 + NH 3 + H 2 O (M) + Ag + . (6) (M) + H 2 SO 4 (N) + . (7) (E ) + KMnO 4 + H 2 SO 4 (N) + . (8) Cõu 8 (2 im) 1- Từ axetilen, cht vụ c v k viết s điều chế: PVC, PE, PVA, Cao su buna, cao su buna-S, cao su buna-N, t capron, t nion-6,6, t lapsan, nha PPF. 2- Từ But-1-en viết các phơng trình phản ứng điều chế 3-metylheptan-3-ol. Cõu 9 (2 im) Nhn bit cỏc cht rn sau: 1, L riờng bit: Na, Cu, Fe, Al, Ba 2, L riờng bit: Na, K, Cu, Zn, Al, CaCO 3 , Mg, Fe. 3, Ch dựng mt húa cht nhn bit cỏc cht rn riờng bit: CuCl 2 ,CaCO 3 ,BaSO 4 ,NaOH,HCl,Na Cõu 10 (2 im) 1) Cho dung dch Mg 2+ 0,01M. Tớnh pH : a) Bt u kt ta Mg(0H) 2 . b) Kt ta hon ton Mg (0H) 2 , bit rng Mg(0H) 2 c coi l kt ta hon ton khi nng ion Mg 2+ sau khi kt ta ch bng 0,01% so vi lng ban u cú trong dd . T Mg(0H)2 = 6.10 -10 . 2) Trn x lớt dd axớt mnh (HA) cú pH = 4. Vi y lớt dd baz mnh (B0H) cú pH = 9. Tớnh t l x : y thu c dung dch cú pH = 6. 3)Trn dd X cha BaCl 2 0,01M v SrCl 2 0,1M vi dd K 2 Cr 2 O 7 1M, cú cỏc quỏ trỡnh sau õy xy ra: Cr 2 O 7 2- +H 2 O 2CrO 4 2- +2H + Ka =2,3.10 -15 Ba 2+ + CrO 4 2- BaCrO 4 T 1 -1 =10 9,93 Sr 2+ + CrO 4 2- CrCrO 4 T 2 -1 =10 4,65 Tớnh pH cú th kt ta hon ton Ba 2+ di dng BaCrO 4 m khụng kt ta SrCrO 4 HT Đáp án: 1. Trong dung dịch có các cân bằng sau: Cr 2 O 7 2- +H 2 O  2CrO 4 2- +2H + Ka =2,3.10 -15 Ba 2+ + CrO 4 2-  BaCrO 4 T 1 -1 =10 9,93 Sr 2+ + CrO 4 2-  CrCrO 4 T 2 -1 =10 4,65 Điều kiện để có kết tủa hoàn toàn BaCrO 4 : 2 4 9,93 3,93 1 6 2 CrO T 10 C 10 M 10 Ba − − − − + > = =     Điều kiện để không có kết tủa SrCrO 4 : 2 4 2 4,65 3,65 2 1 CrO Sr T 10 C 10 M C 10 − + − − − < = = Như vậy muốn tách Ba 2+ ra khỏi Sr 2+ dưới dạng BaCrO 4 thì phải thiết lập khu vực nồng độ: 2 4 3,93 3,65 CrO 10 C 10 M (2) − − − < < Áp dụng ĐLTDKL đối với (1), trong đó 2 4 CrO C − tính theo (2) và 2 2 7 Cr O 1M −   ≈   ( vì dùng dư so với ion Ba 2+ cần làm kết tủa), tính được khu vực pH cần thiết lập: 2 2 14,64 2 7 2 4 a Cr O H O 2CrO 2H K 10 − − + − + + =ƒ Tại cân bằng: 7,32 14,64 3,67 3,39 2 1 10 [H ] 10 . 10 H 10 C C − + − − + −   = = ⇒ < <   3,39 pH 3,67⇒ < < Đáp án 1. a) - pH để bắt đầu kết tủa Mg(0H) 2 Mg 2+ + 20H - → Mg(0H) 2 ↓ - Khi có 1 ít kết tủa Mg(0H) 2 xuất hiện trong dung dịch, ta có: [Mg 2+ ] [0H - ] 2 = T = 6.10 -10 = 10 -2 [0H - ] 2 ( hoặc p0H = -lg [0H - ] = 3,6 ⇒ pH = 14 - 3,6 ) pH = 10,4 b) - pH để kết tủa hoàn toàn Mg(0H) 2 - Kết tủa được coi là hoàn toàn nếu sau khi kết tủa. [Mg 2+ ] [0H - ] 2 = 6.10 -10 ⇒ 10 -6 [0H - ] 2 = 6.10 -6 10 2 8 4 2 14 10 4 10 6.10 [ ] 6.10 [ ] 2,45.10 10 10 [ ] 0,408.10 2,45.10 log0,408.10 10,4 OH OH H M pH − − − − − − − + − − − = = ⇒ = ⇒ = = ⇒ = − = 2 2 6 0,01.10 [ ] 10 100 Mg M − + − = = ⇒ [0H - ] 2 = 6.10 -4 ⇒ [0H - ] = 2,45.10 -2 M p0H = 1,6 ⇒ pH = 14 - 1,6 = 12,4. 2. + Dung dịch HA có pH = 4 ⇒ [H + ] = 10 -4 = [HA] - Số mol HA = x.10 -4 mol + Dung dịch BOH có pH = 9 ⇒ [OH - ] = 10 -5 M - Số mol BOH = y.10 -5 mol - Vì dung dịch sau phản ứng có pH = 6 ⇒ axit dư HA + BOH → BA + H 2 O 10 -5 y 10 -5 y - Số mol HA dư = 10 -4 x - 10 -5 y. [H+] = [HA] = ⇔ 10 x - y = 0,1 (x + y) ⇔ 9,9 x = 1,1 y 2- CH 2 =CH-CH 2 -CH 3 + H 2 O H + → CH 3 -CH(OH) -CH 2 -CH 3 CH 3 -CH(OH) -CH 2 -CH 3 + Cl 2 as → CH 3 -C(OH)-CH 2 -CH 3 + HCl Cl OH CH 3 -C(OH)-CH 2 -CH 3 + Mg → CH 3 -C-CH 2 -CH 3 Cl MgCl CH 2 =CH-CH 2 -CH 3 + HCl Peoxit → CH 3 -CH 2 -CH 2 -CH 2 -Cl + HCl OH CH 3 CH 3 -C-CH 2 -CH 3 + CH 3 -CH 2 -CH 2 -CH 2 -Cl → CH 3 -CH 2 -C-CH 2 -CH 2 -CH 2 -CH 3 MgCl OH + MgCl 2 a) > > > > b) < < < < CH 2 COOH COOH CH 3 (CH 2 ) 2 COO H CH 2 COOH COO H 4 5 6 10 10 10 x y x y − − − − = + 11 1 99 9 x y ⇔ = = c) O 2 N NH 2 < CH 2 – NH 2 < CH 2 – NH 2 < NH – CH 3 d) < < 240 0 C 270 0 C 285 0 C 2) H H H F C C C C F F F H B μ = 2,42D – cis A μ = 0D - trans H H H Br C C C C CH 3 Br CH 3 H A μ = 1,57D – cis B μ = 1,69D – trans Bài . A : NaHSO 4 ; B : Na 2 SO 3 ; C: BaS ; D : Na 2 CO 3 ; E : AgNO 3 ; F : AlCl 3 ; Bài . 1) Cấu hình e của nguyên tố Z=116 : 1s 2 2s 2 2p 6 3s 2 3p 6 3d 10 4s 2 4p 6 4d 10 4f 14 5s 2 5p 6 5d 10 5f 14 6s 2 6p 6 6d 10 7s 2 7p 4 . Chu kì VII , PNC nhóm VI . 2) Theo bài : n + l + m + m s = 4,5 . Và l – m = 0 . Nếu m s = -1/2  n + l + m = 5  n + 2l = 5  n ≤ 5 . Ta có : n+2(n-1) ≥5  n ≥ 2,3 . Lập bảng n 3 4 5 Ta được : m 1 lẻ 0 Vậy : n = 3,m = l = 1 . cấu hình e là 3p 6 . A là Ar . Hoặc : n=5 ; l = m =0 .cấu hình là : 5s 2 . A là Sr . Nếu m s = +1/2  n + l + m = 4  n + 2l = 4  n≤4  n + 2(n – 1) ≥ 4  n ≥ 2 . Lập bảng Ta được : n 2 3 4 m 1 lẻ 0 Vậy n = 2 , l = m = 1 và m s =+1/2 . Cấu hình e là : 2p 3 . A là N OH OH OH OH OH OH Hoặc n = 4 , l = m = 0 và m s =+1/2 . Cấu hình e là : 4s 1 .A là K . Nghiệm hợp lí là nguyên tố N .( có hợp chất với hiđro) Hợp chất có CT là : N x H y . Số mol của X = 0,05 mol . Số mol của O 2 = 0,05 mol . Theo bài : m X =m oxi nên M X =M oxi = 32 . Ta có pt : 14x + y =32  x=2,y=4 . Hợp chất là N 2 H 4 . Câu A : Na ; B : H 2 ; X : NaH B + C Y ⇒ C là phi kim, Y là axít 1:1 2 Y NaOH Z H O+ → + 1mol Y phản ứng khối lượng chất tan tăng ( Y - 18 )g 2,688 0,12 2,22 22,4 mol g= ( ) 18 1 36,5 2,22 0,12 : Y Y C Clo − = ⇒ = ⇒ Viết phương trình phản ứng a) Học sinh tìm ra các hiđrocacbon và viết đầy đủ CTCT, gọi tên: A: but-1-en B: cis-but-2-en C: trans-but-2-en D: 2-metylpropen E: metyl xiclopropan F: xiclo butan Giải thích + A, B, C phản ứng với H 2 (xt) đều cho một sản phẩm G là butan + B và C là đồng phân hình học, B có nhiệt độ sôi cao hơn vì phân cực hơn. + E phản ứng chậm với brom(vòng 3 cạnh) + F không phản ứng với brom(vòng 4 cạnh) b) CH 2 =CH-CH 2 -CH 3 + Br 2 → CH 2 Br-CHBr-CH 2 -CH 3 CH 3 -CH 2 -CHCl-CH 2 Br + Br − CH 2 =CH-CH 2 -CH 3 + Br 2 + Cl − CH 3 -CH 2 -CHBr-CH 2 Cl + Br − CH 3 -CH 2 -CHOH-CH 2 Br + HBr CH 2 =CH-CH 2 -CH 3 + Br 2 + H 2 O CH 3 -CH 2 -CHBr-CH 2 OH + HBr Giải thích: Mỗi phản ứng trên đều xảy ra hai giai đoạn: - Giai đoạn 1: CH 3 -CH 2 - C + H-CH 2 Br + Br − CH 2 =CH-CH 2 -CH 3 + Br 2 CH 3 -CH 2 -CHBr- C + H 2 + Br − - Giai đoạn 2: cacbocation kết hợp với Br − , Cl − hoặc H 2 O 1) Cho hh + dd BaCl 2 dư lọc bỏ kết tủa nước lọc (NaCl, BaCl 2 , NaBr, MgCl 2 , CaCl 2 ). Na 2 SO 4 + BaCl 2 BaSO 4 ↓ + 2NaCl CaSO 4 + BaCl 2 BaSO 4 ↓ + 2NaCl Sau cho nước lọc + dd Na 2 CO 3 dư , lọc bỏ kết tủa  dd (NaCl , NaBr , Na 2 CO 3 ). CaCl 2 + Na 2 CO 3 CaCO 3 ↓ + 2NaCl BaCl 2 + Na 2 CO 3 BaCO 3 ↓ + 2NaCl Cho dung dịch tác dụng với khí Cl 2 dư (NaCl, Na 2 CO 3 ). NaBr + Cl 2 NaCl + Br 2 Cho dung dịch tác dụng với dung dịch HCl dư, cô cạn được NaCl nguyên chất. Na 2 CO 3 + 2HCl 2NaCl +H 2 O + CO 2 ↑ 2) Gọi số mol của NaBr và NaI lần lượt là x và y. Theo đề ra ta có: 2NaBr + 2H 2 SO 4  Na 2 SO 4 + Br 2 + SO 2 + 2H 2 O (1) x x/2 8NaI +5H 2 SO 4  4 Na 2 SO 4 + 4I 2 + H 2 S + 4H 2 O (2) y y/8 2H 2 S + SO 2  3S + 2H 2 O (3) y 8 x 2 y 8 (x) (mol) 2H 2 O + 2Na 2NaOH + H 2 (4) x x Gọi số mol của NaHCO 3 và Na 2 CO 3 lần lượt là a và b: CO 2 + NaOH  NaHCO 3 (5) a a a (mol) CO 2 + 2NaOH  Na 2 CO 3 + H 2 O (6) b 2b b (mol) Ta có hệ : a + b = 0,1 (số mol CO 2 ) 84x + 106y = 9,5 ( khối lượng hỗn hợp muối) Giải hệ  a = b = 0,05 mol . Vậy n NaOH = 0,15 mol .  n nước = 0,15 mol .= x = y 8 => x =0,15; y=1,2 => m = 0,15.103 + 1,2.150 = 195,45 gam . THI HSG VềNG TRNG- LN 1 MễN HểA HC THI GIAN 180 PHT Cõu 1 (2 im) 1) Mui n cú ln. trng thỏi lng cũn hirosunfua trng thỏi khớ; Cỏc tinh th iot v bng khụ d thng hoa cũn tinh th mui n v kim cng thỡ khụng. Cõu 4 (2 im) 1. Cho cỏc n cht A,